1、海原一中20192020学年第一学期第三次月考高一物理试卷本试题中g均取10m/s2一、单项选择题（本题共10个小题，每小题4分，共40分，各小题的四个选项中只有一个选项是最符合题意的）1.在国际单位制中，力学基本单位有三个，这三个基本单位是（ ）A. m、kg、sB. m、s、NC. m、kg、ND. kg、s、N【答案】A【解析】在力学中，质量、长度及时间作为基本物理量，其单位作为基本单位，分别为kg、m、s，所以A正确，BCD错误点睛：国际单位制规定了七个基本物理量分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量；它们的在国际单位制中的单位称为基本单位，而物理量之间的关系式推到
2、出来的物理量的单位叫做导出单位2.判断下列图像属于匀加速直线运动的是（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】A、由图象可知，速度随时间均匀减小，是匀减速直线运动，故A错误；B、由图象可知，速度随时间增大，由于斜率不断增大，所以物体做加速度增大的变加速直线运动，故B错误；C、速度随时间均匀增大，是匀加速直线运动，故C正确；D、速度图线平行于t轴，说明速度不随时间变化，说明物体做匀速直线运动，故D错误点睛：根据速度图象直接读出速度的变化情况，根据图线的斜率分析加速度如何变化，确定物体的运动情况，即可进行选择3.在平直的公路上以72km/h的速度行驶的汽车，因发现前方有危险而进行紧急刹车，已
3、知刹车过程中的加速度大小为5m/s2，则刹车后6.0s时间内汽车的位移为( )A. 30mB. 40mC. 50mD. 60m【答案】B【解析】【详解】设汽车由刹车开始至停止运动所用的时间为t，选初速度的方向为正方向，由于汽车做匀减速直线运动，初速度为：，加速度为：，由，得：故刹车后6.0s时间内汽车的位移为4s内的位移：选B.【点睛】根据汽车的初速度和加速度，由速度公式求出汽车从刹车到停下的时间，再分析6s内汽车运动的情况，再根据位移公式求出汽车刹车后6s内行驶的距离4.一质量为m的人站在电梯中，电梯加速上升，加速度大小为，g为重力加速度，人对电梯底部的压力为()A. 2mgB. mgC.
4、mgD. 【答案】C【解析】对人分析，根据牛顿第二定律得，N-mg=ma，解得：，所以人对电梯底部的压力为，故C正确，ABD错误5.如图所示，一个小木块在斜面上匀速下滑，则小木块受到力是( )A. 重力，弹力、下滑力和摩擦力B. 重力、弹力和下滑力C. 重力、弹力和摩擦力D. 重力、下滑力和摩擦力【答案】C【解析】【分析】先对m受力分析，按照重力、弹力、摩擦力顺序进行分析，受重力支持力和摩擦力处于平衡状态【详解】小木块受重力、支持力和摩擦力处于平衡状态故C正确，ABD错误故选C。【点睛】本题按照重力、弹力和摩擦力的顺序分析即可6.关于速度、速度的变化以及加速度的关系，以下的叙述正确的是（ ）A
5、. 速度大的物体加速度一定大B. 速度的大小不变的物体加速度一定为零C. 速度变化大的物体加速度一定大D. 相等的时间内，加速度大的物体速度的变化一定大【答案】D【解析】【分析】加速度在数值上等于单位时间内速度的变化量，表示物体速度变化的快慢，与速度无关物体速度的大小不变，速度方向可能变化，加速度可能不为零【详解】A速度大的物体加速度不一定大，比如高速匀速飞行的飞机，速度很大，但加速度为零；故A错误B物体速度的大小不变，速度方向可能变化，加速度可能不为零比如匀速圆周运动；故B错误C速度变化大的物体，根据加速度的定义式可知，加速度不一定大，还取决于变化所用的时间；故C错误D由知，相等的时间内，加
6、速度大的物体速度的变化一定大；故D正确故选D【点睛】本题考查对加速度的理解能力，可从牛顿第二定律理解速度与加速度的关系，根据定义式理解速度变化量与加速度的关系7.如图是甲、乙两物体运动的位移图像，关于甲、乙两物体的运动情况，下列说法正确的是（ ）甲、乙同时开始运动 甲、乙从同一地点开始运动前2s内乙的速度大于甲的速度，2s后乙的速度小于甲的速度在距出发点4m处，甲追上乙，两物体相遇A. B. C. D. 【答案】B【解析】甲和乙都在t=0时刻开始运动，故正确；由图可知甲从原点出发，乙从距原点处出发，故错误；图象的斜率等于物体运动的速度，从图象中看出直线甲斜率大于直线乙的斜率，所以甲的速度一直大
7、于乙的速度，故错误；在距出发点4m处，甲追上乙，两者位移相等，两物体相遇，故正确；故选项B正确，选项ACD错误点睛：x-t图象的斜率等于物体运动的速度；初始位置的坐标即为两物体出发时的距离；相遇时两个物体应到达同一位置，位移相等8.某同学为了测出井口到井里水面的深度，让一个小石块从井口落下，经过2s后听到石块落到水面的声音，则井口到水面的深度大约为（不考虑声音传播所用的时间）A 10mB. 20mC. 30mD. 40m【答案】B【解析】由，得，故选项B正确，选项ACD错误点睛：解决本题的关键知道自由落体运动是初速度为零，加速度为g的匀加速直线运动9.如图所示，在水平桌面上，用弹簧测力计沿水平
8、方向拉一重力为25N的木块做匀速直线运动，弹簧测力计的示数为20N，木块受到的摩擦力大小是A. 10NB. 15NC. 20ND. 25N【答案】C【解析】【详解】对木块受力分析可知，弹簧的拉力和木块受到的摩擦力大小相等，所以木块受到的摩擦力大小是20N。A10N，与结论不相符，选项A错误；B15N，与结论不相符，选项B错误；C20N，与结论相符，选项C正确；D25N，与结论不相符，选项D错误；故选C。10.放在水平地面上的一物块，受到方向不变的水平推力F的作用，F的大小与时间t的关系和物块速度v与时间t 的关系如图所示取重力加速度g10m/s2由此两图线可以求得物块的质量m和物块与地面之间的
9、动摩擦因数分别为 ( )A. m0.5kg，0.4B. m1.5kg，C. m0.5kg，0.2D. m1kg，0.2【答案】A【解析】【详解】在46s内做匀速直线运动，可知在24s做匀加速直线运动：根据牛顿第二定律有：将，带入，解得：因为解得：A. m0.5kg，0.4，与分析相符，故A项符合题意；B. m1.5kg，与分析不符，故B项不符合题意；C. m0.5kg，0.2，与分析不符，故C项不符合题意；D. m1kg，0.2，与分析不符，故D项不符合题意【此处有视频，请去附件查看】二、多项选择题（本题共4个小题，每小题4分，漏选2分，错选，多选0分，共16分）11.力F1单独作用于一物体时
10、，使物体产生的加速度大小为a12m/s2，力F2单独作用于同一物体时，使物体产生的加速度大小为a24m/s2。当F1和F2共同作用于该物体时，物体具有的加速度大小不可能是A. 1m/s2B. 4m/s2C. 6m/s2D. 8m/s2【答案】AD【解析】【详解】设物体为质量为m，根据牛顿第二定律得F1=ma1F2=ma2则F1和F2共同作用于该物体时合力范围为F2-F1F合F2+F1代入得2mF合6m又由牛顿第二定律得加速度的范围为2m/s2a6m/s2。A. 1m/s2，此选项错误，A符合题意；B. 4m/s2，此选项正确，B不符合题意；C. 6m/s2，此选项正确，C不符合题意；D 8m/
11、s2，此选项错误，D符合题意；故选AD.12.如图所示，在倾角为的斜面上，放一质量为m的光滑小球，小球被竖直挡板挡住，小球静止不动。现将竖直挡板以下端为轴缓慢向左转至水平的过程中，则球对挡板的压力F1和球对斜面的压力F2的变化情况是A. F1一直减小B. F1先减小后增大C. F2先减小后增大D. F2一直减小【答案】BD【解析】【详解】小球受重力、挡板弹力F1和斜面弹力F2，将F1与F2合成为F，如图所示：小球一直处于平衡状态，三个力中的任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线，故F1和F2合成的合力F一定与重力等值、反向、共线。从图中可以看出，当挡板逆时针缓慢地转向水平位置的过程中，F1
12、先变小后变大，F2越来越小；AF1一直减小，与结论不相符，选项A错误；BF1先减小后增大，与结论相符，选项B正确；CF2先减小后增大，与结论不相符，选项C错误；DF2一直减小，与结论相符，选项D正确；故选BD。13.木块A、B分别重50N和60N，它们与水平地面之间的动摩擦因数均为0.25；夹在A、B之间的轻弹簧被压缩了2cm，弹簧的劲度系数为400N/m系统置于水平地面上静止不动现用F=1N的水平拉力作用在木块B上如图所示力F作用后A. 木块A所受摩擦力大小是B. 木块A所受摩擦力大小是8NC. 木块B所受摩擦力大小是9ND. 木块B所受摩擦力大小是7N【答案】BC【解析】【详解】未加F时，
13、木块AB受力平衡，所受静摩擦力等于弹簧的弹力，则弹簧弹力为：F1=kx=400N/m0.02m=8NB木块与地面间的最大静摩擦力为：fBm=GB=0.2560N=15N而A木块与地面间最大静摩擦力为：fAm=GA=0.2550N=12.5N施加F后，对木块B有：F+F1fBm木块B受摩擦力仍为静摩擦力，其大小为：fB=1N+8N=9N施加F后，木块A所受摩擦力仍为静摩擦力，大小为：fA=8NA木块A所受摩擦力大小是与分析不符，故A错误；B木块A所受摩擦力大小是8N与分析相符，故B正确；C木块B所受摩擦力大小是9N与分析相符，故C正确；D木块B所受摩擦力大小是7N与分析不符在，故D错误14.新中
14、国成立60周年，在天安门广场进行十年一次的大阅兵仪式，各个部队和军种都在紧张的演练，在空军演练中，某空降兵从飞机上跳下，他从跳离飞机到落地的过程中沿竖直方向运动的v-t图象如图所示，则下列说法正确的是（）A. 010s内空降兵和伞整体所受重力大于空气阻力B. 010s内做加速度逐渐减小的加速运动，1015s内做加速度增大的减速运动C. 010s内的平均速度为1m/sD. 10s15s内加速度方向竖直向上，加速度的大小在逐渐减小【答案】AD【解析】【详解】A由图可知，在010s内物体做加速运动，说明物体的重力大于阻力，故A正确；B010s内做加速度逐渐减小的加速运动，1015s内整体速度在减小，
15、而图象的斜率也在减小，故加速度减小，做加速度减小的减速运动，故B错误；C若人在010s内做匀加速运动，则平均速度为；而由v-t图像的面积可知人在010s内的位移大于做匀加速运动的位移，则平均速度大于1m/s，选项C错误；D由图象中坐标的变化及斜率的变化可知，10s15s末加速度方向竖直向上，加速度的大小在逐渐减小，故D正确；故选AD。三、实验与填空题(本题有2个小题，每空2分，共12分)15.(1)在下列给出的器材中，选出“探究小车速度随时间变化的规律”的实验中所需的器材并填在横线上（填序号）打点计时器 天平 低压交流电源 低压直流电源 细线和纸带 钩码和小车 秒表 一端有滑轮的长木板 刻度尺
16、选出的器材是_.(1)为了计算加速度，最合理的方法是（ ）A. 根据任意两计数点的速度用公式算出加速度B. 根据实验数据画出v-t图，量出其倾角，由公式atan求出加速度C. 根据实验数据画出v-t图，由图线上相距较远的两点所对应的速度、时间，用公式a=v/t算出加速度D. 依次算出通过连续两计数点间的加速度，算出平均值作为小车的加速度【答案】 (1). (2). C【解析】【详解】(1)1实验中，不需要测量质量，故不需要天平，因为打点计时器是计时的仪器，所以不需要秒表，故选用的器材为、(2)2无论做什么实验，图像永远是最直观，误差最小的方法，所以选C【点睛】对于基本实验仪器，要会正确使用，了
17、解其工作原理，为将来具体实验打好基础，对于实验装置和工作原理，我们不仅从理论上学习它，还要从实践上去了解它，自己动手去做做.16.为了探究“加速度与力、质量的关系”，现提供如左下图所示实验装置请思考探究思路并回答下列问题：(1)为了消除小车与水平木板之间摩擦力的影响应采取的做法是（ ）A将木板不带滑轮的一端适当垫高，使小车在钩码拉动下恰好做匀速运动B将木板不带滑轮的一端适当垫高，使小车在钩码拉动下恰好做匀加速运动C将木板不带滑轮的一端适当垫高，在不挂钩码的情况下使小车恰好做匀速运动D将木板不带滑轮的一端适当垫高，在不挂钩码的情况下使小车恰好做匀加速运动(2)某学生在平衡摩擦力时，使得长木板倾角
18、偏大他所得到的关系是上图中的哪根图线？图中a是小车的加速度，F是细线作用于小车的拉力答：_；（3）消除小车与水平木板之间摩擦力的影响后，要用钩码总重力代替小车所受的拉力，此时钩码质量m与小车总质量M之间应满足的关系为_；（4）图为某次实验得到的纸带，已知实验所用电源的频率为50Hz根据纸带可求出小车的加速度大小为_m/s2（结果保留二位有效数字）【答案】 (1). C (2). C (3). mM (4). 3.2【解析】【详解】(1)1将不带滑轮的木板一端适当垫高，在不挂钩码的情况下使小车恰好做匀速运动，以使小车的重力沿斜面分力和摩擦力抵消，那么小车的合力就是绳子的拉力故选C(2)2把长木板
19、的一端垫得过高，使得倾角偏大，会导致重力沿斜面向下的分力偏大，摩擦力偏小，而且重力沿斜面向下的分力大于摩擦力，这样在没有绳子的拉力作用下，小车就会产生加速度故选C(3)3根据牛顿第二定律得：对m：mgF拉=ma对M：F拉=Ma解得：当mM时，即当钩码的总重力要远小于小车的重力，绳子的拉力近似等于钩码的总重力(4)4从图中可以发现：相邻的计数点时间间隔为0.04s，利用匀变速直线运动的推论x=at2，则有：a=【点睛】实验问题需要结合物理规律去解决实验中的第2题考查的是力学问题，把长木板的一端垫得过高，使得倾角偏大，会导致重力沿斜面向下的分力增大，摩擦力减小等现象，这些我们都要从学过的力学知识中
20、解决纸带的处理是运用匀变速直线运动的两个推论去完成的四、计算题（本题共3个小题，共32分）17.如图所示，质量为m=10kg的物体，在F=60N水平向右的拉力作用下，由静止开始运动设物体与水平面之间的动摩擦因素=0.4，求：(1)物体所滑动受摩擦力为多大？(2)物体的加速度为多大？(3)物体在第3s内的位移为多大？【答案】（1）40N（2）（3）【解析】（1）滑动摩擦力为：；（2）由牛顿第二定律得： ，代入数据解得：；（3）第内的位移为点睛：本题考查了牛顿第二定律与运动学公式的应用，分析清楚物体的运动过程与受力情况是解题的前提与关键，应用牛顿第二定律与运动学公式即可解题18.放在水平地面上的物
21、体P的重量为，与P相连的细绳通过光滑的滑轮挂了一个重物Q拉住物体P，重物Q的重量为，此时两物体保持静止状态，绳与水平方向成角，则物体P 受到地面对它的摩擦力与地面对它的支持力各为多大？ 【答案】,【解析】物体P的受力图如图所示，根据平衡条件，有：水平方向F1=Fcos30 竖直方向F2+Fsin30=GP 又F=GQ=2N 联合解得：F1=N F2=9N19.如图所示，足够长的固定斜面的倾角=37，一物体以v0=12m/s的初速度从斜面上A点处沿斜面向上运动；加速度大小为a=8m/s2，g取10m/s2求：（1）物体沿斜面上滑的最大距离x；（2）物体与斜面间的动摩擦因数；（3）物体返回到A处时的速度大小v【答案】（1）9m （2）0.25 （3）6m/s【解析】【分析】（1）对于上滑过程，根据运动学速度位移关系公式列式求解即可；（2）受力分析后，根据牛顿第二定律列式求解即可；（3）下滑过程，根据动能定理求出物体返回到A处时的速度大小v【详解】（1）上滑过程，由运动学公式得（2）上滑过程，由牛顿第二定律得：mgsin+mgcos=ma解得：=0.25（3）下滑过程，由动能定理得：解得：m/s【点睛】本题是已知上滑时的运动情况确定受力情况，然后根据受力情况确定下滑时的运动情况，求解出加速度是关键
