1、一、选择题：本题共12小题，每小题4分，在每小题给出的四个选项中，第18题只有一项符合题目要求，第912题有多项符合题目要求。全部选对得4分，选对但不全得2分，有选错的得0分1在物理学发展史上，伽利略、牛顿等许多科学家为物理学的发展做出了巨大贡献，以下选项中符合伽利略和牛顿的观点的是A两匹马拉车比一屁马拉车跑得快，这说明：物理受的力越大，则速度越大B人在沿直线匀速前进的车厢内竖直向上跳起后，将落在起跳点C汽车刹车时，速度大难以刹停，速度小容易刹停，这说明物体的速度越大惯性越大D一个运动的物体，如果不再受力了，它总会逐渐停下来，这说明运动需要力来维持1B【解析】伽利略和牛顿的观点：运动不需要力来
2、维持，力是改变物体运动状态的原因，物体具有惯性，受力越大，只能说明物体的速度变化快，不是速度大的原因，A错误；由于物体具有惯性，人向上跳起后仍具有水平方向的速度，故落在起跳点，B正确；物体的惯性只和质量有关，C错误；运动不需要力来维持，D错误。2关于静电场，以下说法正确的是A试探电荷在电场中受到的电场力越大，则该处的场强越大B静电场中场强为零的位置电势也为零C在电场中某个电势不为零的点，正电荷放在该点时的电势能可能小于负电荷在该点时的电势能D匀强电场中各处的电势相等2C3如图所示，从高H处的一点O，先后平抛两个小球1和2，球1刚好直接越过竖直挡板，落到水平地面上的B点；球2则与地面碰撞一次后，
3、然后刚好越过竖直挡板，也落在B带你。设球2与地面碰撞前后小球的水平速度不变，竖直速度大小不变，方向反向，则小球1和小球2的初速度之比为A B C D3D【解析】球2的运动轨迹可分为3段相同的平均轨迹，所以球2第一段平抛的水平位移是球1平抛轨迹水平位移的，即，又由于平抛高度h相同，由可知t相同，由可得两球水平初速度，D正确；4如图所示，质量均为m的n（n3）个相同匀质圆柱体依次搁置在倾角为30的光滑斜面上，斜面底端有一竖直光滑挡板挡住使圆柱体均处于静止状态。则下列说法中正确的是A挡板对圆柱体1的弹力大小为B圆柱体1对斜面的压力大小为C圆柱体2对圆柱体1的压力大小为D若将挡板绕下端点缓慢逆时针转动
4、60，则转动过程中斜面对每个圆柱体的支持力均减小4B【解析】将h个圆柱体作为整体分析，如图1所示，其中为挡板对圆柱1的弹力，N为斜面对所有圆柱体的支持力的恒力，由平衡条件可得，A错误；隔离对2到n共n-1个圆柱体受力分析，如图2所示，得圆柱体1对2的弹力为，C错误；对2至n每个圆柱分析可知斜面对它们的支持力，斜面对圆柱1的支持力，B正确；缓慢转动挡板时，斜面对圆柱体2、3、4n的支持力不变，D错误；5如图所示，一半径为R的光滑圆环竖直放置，轻质弹簧一端固定在圆环最低点A，另一端系着质量为m的小球，小球套在圆环上，初始时小球位于与圆心O等高的B点处于静止状态，现给小球一个竖直向上的初速度，小球运
5、动到最高点C时速度恰好为零，下列关于弹簧的状态判断正确的是A小球从B点运动到C点过程中，弹簧的弹力在逐渐增大B小球在C点时弹簧的弹性势能大于在B点时的弹性势能C小球在C点时弹簧的弹力大小等于在B点时的弹力大小D小球在B点时弹簧的弹力大小等于5C【解析】小球静止在B点时，对球受力分析如图，可知弹簧处于压缩状态，其弹力大小，D错误；小球从B到C 过程，由能量守恒可得，将代入可得，故在C点处弹簧处于伸长状态，且伸长量与在B处的压缩量相等，即弹簧弹力在B、C两点大小相等，C正确AB错误；6如图所示，A、B两个小球分别用两根长度不同的细线悬挂在天花板上的O点，若两个小球绕共同的竖直轴在水平面做匀速圆周运
6、动，它们的轨道半径相同，绳子与竖直轴的夹角不同，OA绳与竖直轴的夹角为60，OB绳与竖直轴的夹角为30，则两个摆球在运动过程中，下列判断正确的是AA、B两球运动的角速度比一定为BA、B两球运动的线速度之比一定为CA、B两球的质量之比一定为DA、B两球所受绳子的拉力之比一定为6A【解析】对圆锥摆小球受力分析如图，则，由牛顿第二定律可得可得，由题意可知，A正确B错误；两球质量未知，故绳子拉力无法求出，CD错误；7甲乙两车在公路上同一车道行驶，甲在前乙在后，突然出现紧急情况，甲乙两车同时刹车，刚开始刹车时两车相距18m，刹车过程中两车的v-t图像如图所示，则下列判断正确的是A在t=2s时刻乙车与甲车
7、发生追尾事故B在t=2s时刻之前乙车与甲车发生追尾事故C甲乙两车不会追尾，在t=2s时刻两车相距最近距离为8mD甲乙两车会在甲车停止之后发生追尾事故7D【解析】由题可知，甲在前乙在后，且t=2s之前，故t=2s时，两者相距最远，图中阴影部分面积为10m，最远距离为18m+10m=28m，故ABC错误；由图可知04s内，两者仍相距18m，t=4s时乙的车速为，t=4s后，乙车的位移为，故会发生追尾，D正确；8如图所示，在等边三角形ABC的三个顶点上固定三个点电荷，其中A点位置的点电荷带电量为+Q，B、C两点位置的点电荷带电量均为-Q，在BC边的中垂线上有P、M、N三点，且PA=AM=MN，关于三
8、点的场强和电势（取无穷远处电势为零），下列说法不正确的是AM点的场强大于P点的场强BMN之间某点的场强可能为零CN点的场强方向沿中垂线向下DP点的电势高于M点的电势8C【解析】正电荷在P、M两点处产生的场强大小相等为（d为PA、AM、MN的距离），而两负电荷在P点处的合场强向下，在M点场强为零，所以，A正确；由场强叠加可知A、M间给单的场强均大于AP之间的场强，所以，D正确；正电荷在N点的场强，两负电荷在N点的场强，故N点合场强向上，C错误；且可知在M、N之间某点场强可能为零，B正确；9某同学若将一静止在平台上的铁球推下落至地面，他分别用如图所示甲乙两种光滑轨道让铁球滑下，其中甲为1/4光滑圆
9、弧轨道，乙为长度与甲相同的倾斜轨道。该同学将小球从两种轨道滑下的过程进行了以下比较分析，关于他的下列判断正确的是A两种情况铁球到达底端时速度相同B两种情况铁球到达底端时动能相同C铁球沿甲轨道滑下的过程中，重力的瞬时功率先增大后减小D铁球沿甲轨道滑下的过程中重力做功的平均功率大于沿乙轨道滑下过程中重力做功的平均功率9BCD【解析】两次铁球下滑过程中机械能守恒，故两次铁球到达底端时的动能相同，速度大小相同，但方向不同，A错误B正确；甲初始时刻和末时刻重力功率为零，但中途功率不为零，所以重力的功率先增大后减小，C正确；甲乙两种情况下铁球的速率随时间的变化图像如图，图线所围面积相等，由，可知W相同，所
10、以，D正确；102017年10月16日，南京紫金山天文台对外发布一项重大发现，我国南极巡天望远镜追踪探测到首例引力波事件光学信号。关于引力波，早在1916年爱因斯坦基于广义相对论预言了其存在。1974年拉塞尔豪尔斯和约瑟夫泰勒发现赫尔斯-泰勒脉冲双星，这双星系统在互相公转时，由于不断发射引力波而失去能量，因此逐渐相互靠近，这现象为引力波的存在提供了首个间接证据。上述叙述中，若不变考虑赫尔斯-泰勒脉冲双星质量的变化，则关于赫尔斯-泰勒脉冲双星的下列说法正确的是A脉冲双星逐渐靠近的过程中，它们相互公转的周期不变B脉冲双星逐渐靠近的过程中，它们相互公转的周期逐渐变小C脉冲双星逐渐靠近的过程中，它们各
11、自做圆周运动的半径逐渐减小，但半径的比值保持不变D若测出脉冲双星相互公转的周期，就可以求出双星的总质量10BC【解析】由双星系统模型可知，求得，由题意可知不变，L减小，故T减小，半径的比值不变，故AD错误BC正确；11如图（1）所示竖直线MN为一点电荷电场中一条竖直方向电场线，现将一带负电的小球自M点静止释放，小球将向N点运动，运动过程中小球的机械能E随下降的位移x变化的图像如图（2）所示，关于该电场及小球的运动，下列说法正确的是A该电场线的方向由N指向MBM点的场强大于N点的场强C小球运动的动能先增大后减小D该电场是由正点电荷产生，且正电荷在M点的上方11BC【解析】由E-X图可知，小球所受
12、电场力方向竖直向上，且大小不断减小，所以该电场线的方向由M指向N，M点的场强大于N点的场强，由点电荷场强特点可知，该电场是由位移M点上方的正电荷产生，A错误；BD正确；在M点时，重力大于电场力，小球向下做加速度增大的加速运动，动能一直增大，C错误；12如图所示，由两个内外轨道构成的管型轨道竖直固定，其中内轨道的外侧表面粗糙，外轨道的内侧表面光滑，一个直径略小于两轨道间隙，质量为m的小球静止在轨道最低点，现给小球一个水平向右的初速度，使小球在两轨道间隙运动，球运动的轨道半径R（R远大于小球的半径），忽略空气阻力，关于小球的运动下列说法正确的是A若，则小球不能运动到最高点B若，则小球刚好能运动到最
13、高点，且在最高点的速度为零C若，则小球能运动到最高点，且在最高点的速度不为零D若，则小球运动过程中机械能不守恒12ACD【解析】若，由竖直面内圆周运动模型可知，小球运动到圆轨道上半部分时对内侧骨雕有压力，面内轨道粗糙，所以小球机械能不守恒，AD正确B错误；若，小球到达最高点的速度为v，则有，解得，C正确；二、实验题13为了测量物块与木板之间的动摩擦因数，一同学设计了如图甲所示的实验装置。其操作步骤为：A按图示装置安装好实验器材，并将木板调整为水平；B将物块靠近打点计时器，并用手按住物块，在动滑轮的挂钩上挂上钩码；C记录下所挂钩码的个数n以及每个钩码的质量m；D继续按住物块，先接通电源，待打点稳
14、定后，再松手释放小车，打出一条纸带，同时记录弹簧测力计的示数F；E取下纸带，并根据纸带上的点计算出物块运动的加速度a；F改变钩码的个数，重复上面的步骤，打出几条纸带；G将多次实验数据记录在表格中，并在坐标纸上作出物块的加速度随绳子拉力变化的图线；H由图线求出物块与木板间的动摩擦因数。（1）上述实验步骤中，你认为没有必要的步骤是_。（2）该同学在实验中得到如图乙所示的一条纸带（相邻两计数点间还有四个点没有画出）。已知打点计时器采用的是频率为50Hz的交流电，根据纸带可求出小车的加速度为_（结果保留两位有效数字）；（3）该同学作出物块的加速度随绳子拉力变化的图线（a-F图像）是一条直线（如图丙所示
15、），图线与横坐标交点的坐标为b，图线的斜率为k，当地的重力加速度为g，则物块与木板间的动摩擦因数=_。（4）你认为该同学测出的动摩擦因数比真实值_（填“偏大”、“偏小”还是“相同”）13（1）C（2）0.50（0.480.51）（3）bk/g（4）偏大【解析】（1）物块所受绳子的拉力等于弹簧秤的弹力大小，所以无需测出钩码质量，不必要的步骤为C；（2）打点时间间隔为0.02s，计数点间的时间间隔为T=0.1s（3）由，解得，所以，解得（4）由于纸带与限位孔之间存在阻力，故测量值偏大；14某同学想要描绘标有“3.8V，0.3A”字样小灯泡L的伏安特性曲线，可供该同学选用的器材除开关，导线外，还有：
16、电压表（量程05V，内阻约3k）；电压表（量程015V，内阻约15k）；电流表（量程0300mA，内阻约10）；电流表（量程03A，内阻约0.1）；滑动变阻器（010，额定电流2A）；滑动变阻器（01k，额定电流0.5A）；电源E（E=4.5V，内阻不计）（1）要求测量数据尽量精确，绘制曲线完整。电压表应选_，电流表应选_，滑动变阻器应选_。（2）请在方框中画出实验电路图，并将各元件字母代码标在该元件的符号旁。（3）改同学描绘出的U-I图线为图中图线a，图线b为某电池的外特性曲线。若将该小灯泡与该电阻相连构成回路，则小灯泡的实际功率为_W.14、（1）、（2）如图所示（3）0.44【解析】（1
17、）由于灯泡额定电压为3.8V，故电压表选，额定电流0.3A，电流表选，该实验滑动变阻器应采用分压接法，故滑动变阻器选；（2）由于灯泡电阻变小，电流表采用外接法；（3）两图线的交点坐标为灯泡与电源a组成回路后的工作电压和电流，由图可知U=2V，I=0.22A，所以P=UI=0.44W。三、计算题：解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位15一种矩形娱乐器械可以使人体验超重和失重，一个可乘十多人的环形座舱套装在竖直住上，由升降机送上几十米的高处，然后让座舱自由落下，落到一定位置时，制动系统启动，到地面时刚好停下，已知座
18、舱开始下落时的高度为75m，当落到离地面30m的位置时开始制动，座舱匀减速。（）（1）座舱里的人体验失重和超重各多长时间？（2）若座舱中某人用手托着重50N的铅球，当座舱落到离地面20m的位置时，手要用多大的力才能托住铅球？【解析】（1）根据题意可知，座舱自由落体的距离为，设自由落体时间为，则有解得此时的速度为设制动时的加速度为a，制动距离为则有：，解得则减速下降时间，故人体验失重时间为3s，体验超重时间为2s（2）设手对球的作用力为F，由牛顿第二定律可得，解得F=125N16如图所示，一质量为的平板小货车A载有一质量为的重物B，在水平直公路上以速度做匀速直线运动，重物与车厢前壁间的距离为L=
19、1.5m，因发生紧急情况，火车突然制动，已知火车车轮与地面间的动摩擦因数为1=0.4，重物与车厢底板之间的动摩擦因数为2=0.2，重力加速度，若重物与车厢前壁发生碰撞，则碰撞时间极短，碰后重物与车厢前壁不分开。（1）请通过计算说明重物是否会与车厢前壁发生碰撞；（2）试求货车从开始刹车到停止运动所用的时间和刹车距离。【解析】（1）刚刹车时，货车的加速度大小为，重物的加速度大小为，由牛顿第二定律可知，解得假设B与A碰撞，且从开始刹车到碰撞所用时间为，则，解得此时货车A的速度为，此时重物B的速度为由此此时A、B均未停止运动，且，故重物会与车厢前壁发生碰撞。（2）碰前货车的运动时间为，运动的位移为由于
20、碰撞时间极短，故满足动量守恒，设碰后一起的速度为v，则，解得v=6m/s碰后一起减速运动的加速度大小为a，由牛顿第二定律可得，解得一起减速的时间为一起减速的位移为所以货车刹车的总时间，刹车距离17如图甲所示，两平行金属板AB、CD正对放置构成电容器，板间距离为d，其中AB板接电源正极，CD板接电源负极，电压为U，O点为两板间的中心点，A、O、D三点在同一水平直线上，两板倾斜与水平方向的夹角为=37，现有一质量为m的带电液滴从靠近A端点位置以一定初速度水平飞入两板之间，液滴恰好沿直线运动到靠近D点时速度为零（重力加速度为g，），求：（1）液滴带何种电荷？带电量为多少？（2）液滴的初速度为多少？（
21、3）若将两板绕中心点O转至水平（如图乙所示），液滴仍然以原来相同的水平传送带正对O点飞入两板之间，试通过计算判断液滴是否会飞离平行板之间？若能，请求出液滴从平行板右侧什么位置离开电场；若并不能，请求出液滴打在哪个板的什么位置。【解析】（1）液滴要沿直线运动，其所受电场力和重力的合力必须沿水平方向，其受力如图所示。电场力应垂直指向AB板，故液滴带负电。由竖直方向平衡得，解得（2）由动能定理可得，将（1）结果代入可得（3）若将金属板转至水平，液滴在两板间做类平抛运动，其加速度为由牛顿第二定律可得，求得假设液滴从右侧飞出，则，其中L为板的长度偏转位移，解得故液滴能从右侧飞离平行板，且离开时向上偏离右侧中点的距离为
