1、高考资源网（） 您身边的高考专家2016-2017学年四川省成都市龙泉二中高三（上）月考物理试卷（12月份）一、选择题本大题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第14题只有一项是符合题目要求，第58题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分。有选错的得0分。1水平传输装置如图所示，在载物台左端给物块一个初速度当它通过如图方向转动的传输带所用时间t1当皮带轮改为与图示相反的方向传输时，通过传输带的时间为t2当皮带轮不转动时，通过传输带的时间为t3，则（）At1一定小于t2Bt2t3t1C可能有t3=t2=t1D一定有t1=t2t32一物体在光滑的水平桌面上运动，在相互
2、垂直的x方向和y方向上的分运动速度随时间变化的规律如图所示关于物体的运动，下列说法正确的是（）A物体做速度逐渐增大的曲线运动B物体运动的加速度先减小后增大C物体运动的初速度大小是50m/sD物体运动的初速度大小是10m/s3一物体做直线运动，其加速度随时间变化的at图象如图所示，下列at图象中，可能正确描述该物体运动的是（）ABCD4在距地球表面高度等于地球半径R的轨道上有一绕地球做匀速圆周运动的宇宙飞船，飞船上水平放置了一台台秤，台秤上放有一倾角为、质量为M的斜面，斜面的上表面光滑，初始时装置处于稳定状态现将一质量为m的小物块轻放于斜面上如图所示已知地球表面重力加速度为g，下列说法正确的是（
3、）A物块m将沿斜面加速下滑B台称的示数将变成（M+m）gmgsin2(C台称的示数将变成 （M+m）gmgsin2D将上表面光滑的斜面M换成上表面粗糙的斜面M，对台秤的读数无影响5关于伽利略的理想实验，下列说法正确的是（）A只要接触面摩擦相当小，物体在水平面上就能匀速运动下去B这个实验实际上是永远无法做到的C利用气垫导轨，就能使实验成功D虽然是想象中的实验，但是它建立在可靠的实验基础上6如图甲所示，一质量为M的长木板静置于光滑水平面上，其上放置一质量为m小滑块木板受到随时间t变化的水平拉力F作用时，用传感器测出长木板的加速度a与水平拉力F的关系如图乙所示，取g=10m/s2，则（）A当0F6N
4、时，滑块与木板之间的摩擦力随F变化的函数关系f=FB当F=8N时，滑块的加速度为1m/s2C滑块与木板之间的滑动摩擦因素为0.2D力随时间变化的函数关系一定可以表示为F=6t（N）7如图所示，质量均为m的小球A、B用两根不可伸长的轻绳连接后悬挂于O点，在外力F的作用下，小球A、B处于静止状态若要使两小球处于静止状态且悬线OA与竖直方向的夹角保持30不变，则外力F的大小可能为（）A mgBmgC2mgD100mg8下列说法正确的是（）A射线与射线一样都是电磁波，但射线的穿透本领远比射线弱B玻尔将量子观念引入原子领域，其理论能够解释氢原子光谱的特征C氢原子的核外电子由离原子核较远的轨道跃迁到离核较
5、近的轨道上时氢原子的能量减少D在原子核中，比结合能越小表示原子核中的核子结合得越牢固二、非选择题：本卷包括必考题和选考题两部分第912题为必考题，每个试题考生都必须作答第1315题为选考题，考生根据要求作答（一）必考题（共129分）9某同学利用如图所示的气垫导轨装置验证系统机械能守恒定律在气垫导轨上安装了两光电门1、2，滑块上固定一遮光条，滑块用细线绕过定滑轮与钩码相连实验时要调整气垫导轨水平不挂钩码和细线，接通气源，释放滑块，如果滑块，则表示气垫导轨已调整至水平状态不挂钩码和细线，接通气源，滑块从轨道右端向左运动的过程中，发现滑块通过光电门1的时间小于通过光电门2的时间实施下列措施能够达到实
6、验调整目标的是A调节P使轨道左端升高一些B调节Q使轨道右端降低一些C遮光条的宽度应适当大一些D滑块的质量增大一些E气源的供气量增大一些实验时，测出光电门1、2间的距离L，遮光条的宽度d，滑块和遮光条的总质量M，钩码质量m由数字计时器读出遮光条通过光电门1、2的时间t1、t2，则系统机械能守恒成立的表达式是10如图所示，将质量m=0.5kg的圆环套在固定的水平直杆上，环的直径略大于杆的截面直径，环与杆的动摩擦因数为=0.5对环施加一位于竖直平面内斜向上与杆夹角=53的恒定拉力F=10N，使圆环从静止开始做匀加速直线运动（取g=10m/s2，sin 53=0.8，cos 53=0.6）求：（1）圆
7、环加速度a的大小；（2）若F作用时间t=1s后撤去，圆环从静止开始到停共能运动多远11如图所示，在倾角为37的斜坡上有一人，前方有一动物沿斜坡匀速向下奔跑，速度v=15m/s，在二者相距L=30m时，此人以速度v0水平抛出一石块，打击动物，人和动物都可看成质点（已知sin37=0.6，g=10m/s2）（1）若动物在斜坡上被石块击中，求v0的大小；（2）若动物在斜坡末端时，动物离人的高度h=80m，此人以速度v1水平抛出一石块打击动物，同时动物开始沿水平面运动，动物速度v=15m/s，动物在水平面上被石块击中的情况下，求速度v1的大小12一平台的局部如图甲所示，水平面光滑，竖直面粗糙，物体B与
8、竖直面动摩擦因数=0.5，右角上固定一定滑轮，在水平面上放着一质量mA=1.0kg，大小可忽略的物块A，一轻绳绕过定滑轮，轻绳左端系在物块A上，右端系住物块B，物块B质量mB=1.0kg物块B刚好可与竖直面接触起始时令两物体都处于静止状态，绳被拉直，设物体A距滑轮足够远，台面足够高，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，忽略滑轮质量及其与轴之间的摩擦，g取10m/s2，求（1）同时由静止释放AB，经t=1s，则A的速度多大；（2）同时由静止释放AB，同时也对物块B施加力F，方向水平向左，大小随时间变化如图乙所示，求物块B运动过程中的最大速度和物块B经多长时停止运动（二）选考题，任选一模块作答【物理选修3
9、-3】13（选修模块33）封闭在气缸内一定质量的理想气体由状态A变到状态D，其体积V与热力学温度关T系如图所示，该气体的摩尔质量为M，状态A的体积为V0，温度为T0，O、A、D三点在同一直线上，阿伏伽德罗常数为NA（1）由状态A变到状态D过程中A气体从外界吸收热量，内能增加B气体体积增大，单位时间内与器壁单位面积碰撞的分子数减少C气体温度升高，每个气体分子的动能都会增大D气体的密度不变（2）在上述过程中，气体对外做功为5J，内能增加9J，则气体（选“吸收”或“放出”）热量J（3）在状态D，该气体的密度为，体积为2V0，则状态D的温度为多少？该气体的分子数为多少？【物理选修3-4】14由波源S形
10、成的简谐横波在均匀介质中向左、右传播波源振动的频率为20Hz，波速为16m/s已知介质中P、Q两质点位于波源S的两侧，且P、Q和S的平衡位置在一条直线上，P、Q的平衡位置到S的平衡位置之间的距离分别为15.8m、14.6mP、Q开始震动后，下列判断正确的是（）AP、Q两质点运动的方向始终相同BP、Q两质点运动的方向始终相反C当S恰好通过平衡位置时，P、Q两点也正好通过平衡位置D当S恰好通过平衡位置向上运动时，P在波峰E当S恰好通过平衡位置向下运动时，Q在波峰15如图，玻璃球冠的折射率为，其底面镀银，底面的半径是球半径的倍；在过球心O且垂直于底面的平面（纸面）内，有一与底面垂直的光线射到玻璃球冠
11、上的M点，该光线的延长线恰好过底面边缘上的A点求该光线从球面射出的方向相对于其初始入射方向的偏角2016-2017学年四川省成都市龙泉二中高三（上）月考物理试卷（12月份）参考答案与试题解析一、选择题本大题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第14题只有一项是符合题目要求，第58题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分。有选错的得0分。1水平传输装置如图所示，在载物台左端给物块一个初速度当它通过如图方向转动的传输带所用时间t1当皮带轮改为与图示相反的方向传输时，通过传输带的时间为t2当皮带轮不转动时，通过传输带的时间为t3，则（）At1一定小于t2Bt2t3t1C
12、可能有t3=t2=t1D一定有t1=t2t3【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系【分析】传送带不动时，物块做匀减速直线运动，若传送带顺时针转，物块可能先匀加速后匀速，也可能先匀减速后匀速，也有可能一直匀减速运动，当皮带轮改为与图示相反的方向传输时，物块一直匀减速运动，分情况讨论即可求解【解答】解：传送带不动时，物块做匀减速直线运动，传到右端时间为t3，若带顺时针转，但物块速度大于带速时，物块仍可能一直减速，则t1=t3，同理带逆时转，物块一直做匀减速运动，传到右端的时间t2=t3，所以可能有t3=t2=t1故选C2一物体在光滑的水平桌面上运动，在相互垂直的x方向和y方向上的分
13、运动速度随时间变化的规律如图所示关于物体的运动，下列说法正确的是（）A物体做速度逐渐增大的曲线运动B物体运动的加速度先减小后增大C物体运动的初速度大小是50m/sD物体运动的初速度大小是10m/s【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系【分析】物体做曲线运动的特征是加速度与速度不在同一直线上，分析合运动的初速度方向与加速度方向关系，来判断物体的运动性质；根据平行四边形定则求解初速度大小【解答】解：A、由图知，x方向的初速度沿x轴正方向，y方向的初速度沿y轴负方向，则合运动的初速度方向不在y轴方向上；x轴方向的分运动是匀速直线运动，加速度为零，y轴方向的分运动是匀变速直线运
14、动，加速度沿y轴方向，所以合运动的加速度沿y轴方向，与合初速度方向不在同一直线上，因此物体做曲线运动根据速度的合成可知，物体的速度先减小后增大，故A错误B、物体运动的加速度等于y方向的加速度，保持不变，故B错误CD、根据图象可知物体的初速度为：v0=50m/s，故C正确，D错误故选：C3一物体做直线运动，其加速度随时间变化的at图象如图所示，下列at图象中，可能正确描述该物体运动的是（）ABCD【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系【分析】本题应根据at图象分析物体的运动情况：当加速度与速度同向时，物体做加速运动，01s内，物体从静止开始沿加速度方向匀加速运动，当加速度
15、与速度反向时，物体做减速运动，若加速度一定，物体做匀变速直线运动匀变速直线运动的vt图象是一条倾斜的直线【解答】解：在0s内，物体从静止开始沿加速度方向匀加速运动，vt图象是向下倾斜的直线；在T内，加速度为0，物体做匀速直线运动，vt图象是平行于t轴的直线；在T2T，加速度反向，速度方向与加速度方向相反，物体先做匀减速运动，到时刻速度为零，接着反向做初速度为零的匀加速直线运动vt图象是向上倾斜的直线，故A正确故选：A4在距地球表面高度等于地球半径R的轨道上有一绕地球做匀速圆周运动的宇宙飞船，飞船上水平放置了一台台秤，台秤上放有一倾角为、质量为M的斜面，斜面的上表面光滑，初始时装置处于稳定状态现
16、将一质量为m的小物块轻放于斜面上如图所示已知地球表面重力加速度为g，下列说法正确的是（）A物块m将沿斜面加速下滑B台称的示数将变成（M+m）gmgsin2(C台称的示数将变成 （M+m）gmgsin2D将上表面光滑的斜面M换成上表面粗糙的斜面M，对台秤的读数无影响【考点】牛顿运动定律的应用-超重和失重【分析】根据万有引力等于重力、万有引力提供向心力求出宇宙飞船的向心加速度飞船里面的物体处于完全失重状态【解答】解：绕地球做匀速圆周运动的宇宙飞船内的所有的物体都处于完全的失重状态，重力只提供做匀速圆周运动的向心加速度，所以物块m将相对于斜面静止，同时对斜面也没有压力，台秤的示数始终为0所以只有D正
17、确故选：D5关于伽利略的理想实验，下列说法正确的是（）A只要接触面摩擦相当小，物体在水平面上就能匀速运动下去B这个实验实际上是永远无法做到的C利用气垫导轨，就能使实验成功D虽然是想象中的实验，但是它建立在可靠的实验基础上【考点】伽利略研究自由落体运动的实验和推理方法【分析】要了解伽利略“理想实验”的内容、方法、原理以及物理意义，伽利略实验的卓越之处不是实验本身，而是实验所使用的独特的方法在实验的基础上，进行理想化推理（也称作理想化实验）它标志着物理学的真正开端【解答】解：A、只要接触面摩擦相当小，物体还是受到摩擦力的作用，物体在水平面上就不能匀速运动下去，故A错误B、没有摩擦是不存在的，这个实
18、验实际上是永远无法做到的，故B正确C、若使用气垫导轨进行理想实验，可以提高实验精度，但是仍然存在摩擦力，故C错误；D、虽然是想象中的实验，但是它建立在可靠的实验基础上，故D正确故选BD6如图甲所示，一质量为M的长木板静置于光滑水平面上，其上放置一质量为m小滑块木板受到随时间t变化的水平拉力F作用时，用传感器测出长木板的加速度a与水平拉力F的关系如图乙所示，取g=10m/s2，则（）A当0F6N时，滑块与木板之间的摩擦力随F变化的函数关系f=FB当F=8N时，滑块的加速度为1m/s2C滑块与木板之间的滑动摩擦因素为0.2D力随时间变化的函数关系一定可以表示为F=6t（N）【考点】牛顿第二定律；匀
19、变速直线运动的图像【分析】当拉力较小时，m和M保持相对静止一起做匀加速直线运动，当拉力达到一定值时，m和M发生相对滑动，结合牛顿第二定律，运用整体和隔离法分析【解答】解：A、当F等于6N时，加速度为：a=1m/s2，对整体分析，由牛顿第二定律有：F=（M+m）a，代入数据解得：M+m=6kg，当F大于6N时，根据牛顿第二定律得：a=F，图象斜率k=0.5，解得：M=2kg，滑块的质量m=4kg，由牛顿第二定律得，对系统：F=（M+m）a，对m：f=ma，解得：f=F，故A正确；B、根据F大于6N的图线知，F=4时，a=0，即：0=F，解得：=0.1，a=F2，当F=8N时，长木板的加速度为：a
20、=2m/s2；根据mg=ma得：滑块的加速度为 a=g=1m/s2，故B正确，C错误D、当M与m共同加速运动时，加速度相同，加速度与时间的关系为：力随时间变化的函数关系一定可以表示为F=6t（N），当F大于6N后，发生相对滑动，表达式不是F=6t，故D错误；故选：AB7如图所示，质量均为m的小球A、B用两根不可伸长的轻绳连接后悬挂于O点，在外力F的作用下，小球A、B处于静止状态若要使两小球处于静止状态且悬线OA与竖直方向的夹角保持30不变，则外力F的大小可能为（）A mgBmgC2mgD100mg【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用【分析】对AB两球整体受力分析，受重力G，O
21、A绳子的拉力T以及拉力F，其中重力大小和方向都不变，绳子的拉力方向不变大小变，拉力的大小和方向都变，根据共点力平衡条件，利用平行四边形定则作图可以得出拉力的最小值和最大值【解答】解：对AB两球整体受力分析，受重力G=2mg，OA绳子的拉力T以及拉力F，三力平衡，将绳子的拉力T和拉力F合成，其合力与重力平衡，如图当拉力F与绳子的拉力T垂直时，拉力F最小，最小值为Fmin=（2m）gsin30，即mg；由于拉力F的方向具有不确定性，因而从理论上讲，拉力F最大值可以取到任意值，故BCD正确故选：BCD8下列说法正确的是（）A射线与射线一样都是电磁波，但射线的穿透本领远比射线弱B玻尔将量子观念引入原子
22、领域，其理论能够解释氢原子光谱的特征C氢原子的核外电子由离原子核较远的轨道跃迁到离核较近的轨道上时氢原子的能量减少D在原子核中，比结合能越小表示原子核中的核子结合得越牢固【考点】玻尔模型和氢原子的能级结构【分析】射线是电子流，射线是电磁波，在三种射线中，射线的穿透能力最强，射线的穿透能力最弱玻尔将量子理论引入原子领域，能很好解释氢原子光谱特征离原子核越近，原子能量越小比结合能越大，原子核中的核子结合得越牢固【解答】解：A、射线是电子流，射线是电磁波，射线的穿透本领远比射线弱，故A错误B、玻尔将量子观念引入原子领域，其理论能够解释氢原子光谱的特征，故B正确C、氢原子的核外电子由离原子核较远的轨道
23、跃迁到离核较近的轨道上时，原子能量减小，故C正确D、比结合能越大的原子核，核子结合得越牢固，故D错误故选：BC二、非选择题：本卷包括必考题和选考题两部分第912题为必考题，每个试题考生都必须作答第1315题为选考题，考生根据要求作答（一）必考题（共129分）9某同学利用如图所示的气垫导轨装置验证系统机械能守恒定律在气垫导轨上安装了两光电门1、2，滑块上固定一遮光条，滑块用细线绕过定滑轮与钩码相连实验时要调整气垫导轨水平不挂钩码和细线，接通气源，释放滑块，如果滑块能在气垫导轨上静止或做匀速运动或滑块经两个光电门的时间相等，则表示气垫导轨已调整至水平状态不挂钩码和细线，接通气源，滑块从轨道右端向左
24、运动的过程中，发现滑块通过光电门1的时间小于通过光电门2的时间实施下列措施能够达到实验调整目标的是ABA调节P使轨道左端升高一些B调节Q使轨道右端降低一些C遮光条的宽度应适当大一些D滑块的质量增大一些E气源的供气量增大一些实验时，测出光电门1、2间的距离L，遮光条的宽度d，滑块和遮光条的总质量M，钩码质量m由数字计时器读出遮光条通过光电门1、2的时间t1、t2，则系统机械能守恒成立的表达式是mgL=（m+M）（）2（m+M）（）2【考点】验证机械能守恒定律【分析】明确实验原理以及气垫导轨装置的特点可正确解答；表示出钩码的重力势能减少量和系统动能增加量的大小来验证机械能守恒定律【解答】解：实验时
25、要调整气垫导轨水平不挂钩码和细线，接通气源，如果滑块能在气垫导轨上静止或做匀速运动或滑块经两个光电门的时间相等，则表示气垫导轨调整至水平状态不挂钩码和细线，接通气源，滑块从轨道右端向左运动的过程中，发现滑块通过光电门1的时间小于通过光电门2的时间说明滑块做加速运动，也就是左端低，右端高所以实施下列措施能够达到实验调整目标的是调节P使轨道左端升高一些，调节Q使轨道右端降低一些故选AB实验时，测出光电门1、2间的距离L，遮光条的宽度d，滑块和遮光条的总质量M，钩码质量m由数字计时器读出遮光条通过光电门1、2的时间t1、t2，滑块经过光电门时的瞬时速度可近似认为是滑块经过光电门的平均速度钩码的重力势
26、能减少了：mgL，系统动能增加了：（m+M）（）2（m+M）（）2则系统机械能守恒成立的表达式是mgL=（m+M）（）2（m+M）（）2故答案为：能在气垫导轨上静止或做匀速运动或滑块经两个光电门的时间相等 AB mgL=（m+M）（）2（m+M）（）210如图所示，将质量m=0.5kg的圆环套在固定的水平直杆上，环的直径略大于杆的截面直径，环与杆的动摩擦因数为=0.5对环施加一位于竖直平面内斜向上与杆夹角=53的恒定拉力F=10N，使圆环从静止开始做匀加速直线运动（取g=10m/s2，sin 53=0.8，cos 53=0.6）求：（1）圆环加速度a的大小；（2）若F作用时间t=1s后撤去，圆
27、环从静止开始到停共能运动多远【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用【分析】（1）由牛顿第二定律可以求出加速度（2）由牛顿第二定律求出环的加速度，然后应用匀变速直线运动的运动学公式求出圆环的位移【解答】解：（1）对圆环，由牛顿第二定律得：Fcos53（Fsin53mg）=ma，解得：a=9m/s2；（2）1s内物体的位移：x1=at2=4.5m，1s末物体的速度：v=at=9m/s，撤去拉力后，圆环的加速度：a=g=5m/s2，撤去拉力后圆环的位移：x2=8.1m，圆环的总位移：x=x1+x2=12.6m；答：（1）圆环加速度a的大小为9m/s2；（2）若F作用时间t=1s后撤去，圆环从静止
28、开始到停共能运动12.6m11如图所示，在倾角为37的斜坡上有一人，前方有一动物沿斜坡匀速向下奔跑，速度v=15m/s，在二者相距L=30m时，此人以速度v0水平抛出一石块，打击动物，人和动物都可看成质点（已知sin37=0.6，g=10m/s2）（1）若动物在斜坡上被石块击中，求v0的大小；（2）若动物在斜坡末端时，动物离人的高度h=80m，此人以速度v1水平抛出一石块打击动物，同时动物开始沿水平面运动，动物速度v=15m/s，动物在水平面上被石块击中的情况下，求速度v1的大小【考点】平抛运动【分析】（1）动物沿斜面做匀速运动，石块做平抛运动，将石块的运动分解到水平方向和竖直方向，列出公式，
29、即可求得结论；（2）动物在斜坡末端时，动物离人的高度h=80m，可知动物做匀速直线运动，而石块做平抛运动，结合平抛运动求出时间，然后根据水平方向之间的位移关系即可求出【解答】解：（1）设过程中石块运动所需时间为t对于动物：运动的位移：s=vt 对于石块：竖直方向： 水平方向：（l+s）cos37=v0t 代入数据，由以上三式可得：v0=20m/s （2）对动物，动物做匀速直线运动：x1=vt对于石块：竖直方向：h=s 水平方向：代入数据，由以上三式可得：v1=41.7m/s答：（1）若动物在斜坡上被石块击中，v0的大小是20m/s；（2）速度v1的大小是41.7m/s12一平台的局部如图甲所示
30、，水平面光滑，竖直面粗糙，物体B与竖直面动摩擦因数=0.5，右角上固定一定滑轮，在水平面上放着一质量mA=1.0kg，大小可忽略的物块A，一轻绳绕过定滑轮，轻绳左端系在物块A上，右端系住物块B，物块B质量mB=1.0kg物块B刚好可与竖直面接触起始时令两物体都处于静止状态，绳被拉直，设物体A距滑轮足够远，台面足够高，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，忽略滑轮质量及其与轴之间的摩擦，g取10m/s2，求（1）同时由静止释放AB，经t=1s，则A的速度多大；（2）同时由静止释放AB，同时也对物块B施加力F，方向水平向左，大小随时间变化如图乙所示，求物块B运动过程中的最大速度和物块B经多长时停止运动【考点
31、】牛顿第二定律【分析】（1）同时由静止释放AB，AB都做匀加速运动，加速度大小相等，根据牛顿第二定律分别对A和B列式，可求出两者的加速度大小，再由速度时间公式求解速度（2）通过分析AB的运动情况，由牛顿第二定律求出加速度a与时间t的关系式，作出at图象，根据图象的“面积”表示速度的变化量求解即可【解答】解 （1）对AB为系统，根据牛顿第二定律得：mBg=（mA+mB）a可得：a=5m/s2；经t=1s，A的速度为：v=at=5m/s（2）AB先做加速度减小的加速运动，在AB加速度减为零之前，AB一起运动，绳子拉紧由图乙有：F=kt （k=20N/s） AB为系统：mBgF=（mA+mB）a 得
32、：a=5t+5 画at图如右：01s，a=0，t1=1s，速度最大为三角形面积： vm=15=2.5m/s当在B开始减速时，绳子松弛，A匀速，B减速对B：mBgF=mBa 得：a=10t+10 （t1s）如右图 速度要为零，总面积为零，即两三角形面积相等得：t10t=2.5解得t=s故总时间为 t总=t1+t=1+1.7s答：（1）同时由静止释放AB，经t=1s，则A的速度是5m/s；（2）物块B运动过程中的最大速度为2.5m/s，物块B经1.7s时间停止运动（二）选考题，任选一模块作答【物理选修3-3】13（选修模块33）封闭在气缸内一定质量的理想气体由状态A变到状态D，其体积V与热力学温度
33、关T系如图所示，该气体的摩尔质量为M，状态A的体积为V0，温度为T0，O、A、D三点在同一直线上，阿伏伽德罗常数为NA（1）由状态A变到状态D过程中ABA气体从外界吸收热量，内能增加B气体体积增大，单位时间内与器壁单位面积碰撞的分子数减少C气体温度升高，每个气体分子的动能都会增大D气体的密度不变（2）在上述过程中，气体对外做功为5J，内能增加9J，则气体吸收（选“吸收”或“放出”）热量14J（3）在状态D，该气体的密度为，体积为2V0，则状态D的温度为多少？该气体的分子数为多少？【考点】理想气体的状态方程【分析】（1）气体由状态A变到状态D过程中，温度升高，内能增大；体积增大，气体对外做功，由
34、热力学第一定律分析吸放热情况温度是分子平均动能的标志，温度升高，分子的平均动能增大根据体积变化，分析密度变化（2）根据热力学第一定律求解气体的吸或放热量（3）根据气态方程求解状态D的温度求出摩尔数，可求得分子数【解答】解：（1）A、气体由状态A变到状态D过程中，温度升高，内能增大；体积增大，气体对外做功，由热力学第一定律分析得知，气体从外界吸收热量故A正确B、由图看出气体的体积增大，由图看出，两个状态的V与T成正比，由气态方程=C分析得知，两个状态的压强相等，体积增大时，单位时间内与器壁单位面积碰撞的分子数减少故B正确C、气体温度升高，分子的平均动能增大，但不是每个气体分子的动能都会增大故C错
35、误D、气体的质量一定，体积增大，则密度减小故D错误故选AB （2）气体对外做功为5J，则W=5J，内能增加9J，则U=9J，由热力学第一定律U=W+Q得，Q=14J，即吸热14J（3）AD，由状态方程=c，得 TD=2T0分子数为 n=故答案为：（1）AB（2）吸收，14（3）状态D的温度为2T0，该气体的分子数为【物理选修3-4】14由波源S形成的简谐横波在均匀介质中向左、右传播波源振动的频率为20Hz，波速为16m/s已知介质中P、Q两质点位于波源S的两侧，且P、Q和S的平衡位置在一条直线上，P、Q的平衡位置到S的平衡位置之间的距离分别为15.8m、14.6mP、Q开始震动后，下列判断正确
36、的是（）AP、Q两质点运动的方向始终相同BP、Q两质点运动的方向始终相反C当S恰好通过平衡位置时，P、Q两点也正好通过平衡位置D当S恰好通过平衡位置向上运动时，P在波峰E当S恰好通过平衡位置向下运动时，Q在波峰【考点】波长、频率和波速的关系；横波的图象【分析】先通过题干中所给出的波速和频率，利用公式=计算出波长根据PQ两点的距离之差与半个波长相比较，利用半个波长的奇数倍或偶数倍来判断PQ振动的情况，可判知选项AB的正误利用波长不是出P、Q与波源S之间的距离，通过不足一个波长的部分是波的四分之一还是四分之三，结合S点的运动情况，即可判断P、Q点的位置，继而可得知选项BDE的正误【解答】解：波源振
37、动的频率为20Hz，波速为16m/s，由波长公式=有：=0.8mAB、P、Q两质点距离波源的距离之差为：x=15.814.6=1.2m=3，为半个波长的奇数倍，所以P、Q两质点振动步调相反，P、Q两质点运动的方向始终相反，选项A错误，B正确C、SP=15.8m=（19+），SQ=SP=14.6m=（18+），所以当S恰好通过平衡位置时，P、Q两点一个在波峰，一个在波谷，选项C错误D、由SP=15.8m=（19+）可知，当S恰好通过平衡位置向上运动时，P在波峰，选项D正确E、SQ=SP=14.6m=（18+），当S恰好通过平衡位置向下运动时，Q在波峰，选项E正确故选：BDE15如图，玻璃球冠的折
38、射率为，其底面镀银，底面的半径是球半径的倍；在过球心O且垂直于底面的平面（纸面）内，有一与底面垂直的光线射到玻璃球冠上的M点，该光线的延长线恰好过底面边缘上的A点求该光线从球面射出的方向相对于其初始入射方向的偏角【考点】光的折射定律【分析】光线由M点射入后先发生折射，再在镀银底面发生反射，最后射出玻璃冠已知球半径、底面半径以及折射率，则由几何关系和折射定律可求得入射角、折射角，再由几何关系可求得光线在镀银底面的入射角和反射角，从而可知反射光线与ON的关系，最后可求光线从球面射出的方向相对于其初始入射方向的偏角【解答】解：设球半径为R，球冠地面中心为O，连接OO，则OOAB令OAO=则：cos=
39、即OAO=30已知MAAB，所以OAM=60设图中N点为光线在球冠内地面上的反射点，光路图如图所示设光线在M点的入射角为i，折射角为r，在N点的入射角为i，反射角为i，玻璃的折射率为n由于OAM为等边三角形，所以入射角i=60由折射定律得：sini=nsinr代入数据得：r=30作N点的法线NE，由于NEMA，所以i=30由反射定律得：i=30连接ON，由几何关系可知MANMON，则MNO=60由式可得ENO=30所以ENO为反射角，ON为反射光线由于这一反射光线垂直球面，所以经球面再次折射后不改变方向所以，该光线从球面射出的方向相对于其初始入射方向的偏角为=180ENO=150答：光线从球面射出的方向相对于其初始入射方向的偏角为1502016年12月26日高考资源网版权所有，侵权必究！
