1、山东省鄄城二中2017-2018学年高二10月份月考物理试题一、单选题1. 对于欧姆定律,理解正确的是（ ）A. 从I=U/R可知，导体中的电流跟加在它两端的电压成正比，跟它的电阻成反比B. 从R=U/I可知，导体的电阻跟导体两端的电压成正比，跟导体中的电流成反比C. 从U =IR可知，导体两端的电压随电阻的增大而增高D. 从R=U/I可知，导体两端的电压为零时，导体的电阻也为零【答案】A【解析】试题分析：根据欧姆定律得知，导体中的电流跟加在它两端的电压成正比，跟它的电阻成反比故A正确是电阻的定义式，R与导体两端的电压U和电流无关故B错误从U=IR可知，只有电流I一定时，电压才与电阻成正比，导
2、体两端的电压随电阻的增大而增大故C错误电阻由导体本身的特性决定，与电流、电压无关，导体两端的电压为零，但导体的电阻不为零故D错误故选A.【点睛】本题应明确是欧姆定律公式，是电阻的定义式，要运用控制变量法理解电压、电流与电阻的关系，明确电阻是由导体本身的性质决定的2. 关于电动势，下列说法错误的是（ ）A. 外电路开路时，电源两极间的电压等于电源电动势B. 电动势越大的电源，将其他形式的能转化为电能的本领越大C. 电动势的数值等于内外电压之和D. 电源电动势与外电路的组成有关【答案】D【解析】根据闭合电路欧姆定律得知，电源的电动势等于内外电压之和，当电源没有接入电路时内电压等于零，则外电路开路时
3、，电源两极间的电压等于电源电动势，故A说法正确；电源是把其它形式的能转化为电能的装置，电动势表征了这种转化本领的大小，所以电动势越大的电源，将其他形式的能转化为电能的本领越大，故B说法正确；电源电动势的数值等于内、外电压之和，故C说法正确；电动势由电源本身特性决定，与外电路的组成无关，故D说法错误。所以选D。 3. 一个电流表的满偏电流Ig=1mA，内阻Rg=500。要把它改装成一个量程为10V的电压表，则应在电流表上（ ）A. 串联一个10k的电阻 B. 并联一个10k的电阻C. 串联一个9.5k的电阻 D. 并联一个9.5k的电阻【答案】C【解析】试题分析：把电流表改装成电压表，需要串联一
4、个分压电阻，串联电阻阻值：；故选C考点：电表的改装【名师点睛】本题考查了电表改装，知道电压表的改装原理，把电流表改装成电压表应串联一个分压电阻、应用串联电路特点与欧姆定律即可正确解题。4. 电阻R1、R2、R3串联在电路中。已知R1=10、R3=5，R1两端的电压为6V，R2两端的电压为12V，则下列选项中错误的是（ ）A. 三只电阻两端的总电压为18V B. 电路中的电流为06AC. 三只电阻两端的总电压为21V D. 电阻R2的阻值为20【答案】A【解析】串联电路中各处的电流相等，根据欧姆定律得：，故B正确；根据欧姆定律得：，故D正确；电阻R3电压为：U3=IR3=0.6A5=3V；总电压
5、U=U1+U2+U3=6+12+3=21V，故A错误，C正确；故选BCD5. 两只相同的电阻串联后接到电压为9V的恒定电路上，用一只0515V的双量程电压表的5V档测其中一只电阻两端电压时，示数为4.2V，则换用15V档测这个电阻两端电压时，示数为（ ）A. 小于4.2V B. 等于4.2V C. 大于4.2V D. 不能确定【答案】C【解析】试题分析：电压表的内阻不是远大于R1R2，电表表与电阻并联后，并联部分电阻减小，分担的电压减小结合串联电路电压与电阻成正比来分析电压表的示数解：电压表15V量程内阻大，用15V量程测电阻时，电压表与电阻并联阻值大，电路总电阻大，电路总电流变小，另一个电阻
6、分压小，电路总电压不变，被测电阻分压变大，电压表示数变大，大于4.2V；故选C【点评】本题要注意电压表是实际的电表，内阻不是无穷大，电表对电路的影响不能忽略，把电压表看成可测量电压的电阻6. 用伏安法测电阻时，已知待测电阻大约是10，电流表内阻是1，电压表内阻是5，则（ ）A. 应选用电流表外接电路，此时测量值比真实值大B. 应选用电流表外接电路，此时测量值比真实值小C. 应选用电流表内接电路，此时测量值比真实值大D. 应选用电流表内接电路，此时测量值比真实值小【答案】B【解析】试题分析：由于本题中因，用电流表内接法时，安培表的分压作用比较明显，误差较大，而用安培表外接法时，电压表的分流作用较
7、小，故应该采用安培表外接法；采用安培表外接法，电压表读数比较准确，由于伏特表的分流作用，电流表的读数偏大，故电阻的测量值偏小，测量值等于待测电阻与伏特表相并联的电阻值；故选B。考点：伏安法测电阻7. 某学生在研究串联电路电压特点时，接成如图所示电路，接通 K后，他将高内阻的电压表并联在A、C两点间时，电压表读数为U；当并联在A、B两点间时，电压表读数也为U；当并联在B、C两点间时，电压表读数为零，则出现此种情况的原因可能是（R1 、R2阻值相差不大）（ ）A. AB段断路 B. AC段断路C. AC段短路 D. AB段短路【答案】A【解析】试题分析：常见的电路故障有断路与短路两种；用电压表检查
8、电路故障时，电压表有示数，说明电压表与电源两极相连，电压表并联电路之外电路不存在断路，与电压表并联的电路可能出现断路；电压表示数为零，则电压表并联电路之外电路存在断路或与电压表并联的电路存在短路并联在A、C两点间时，电压表读数为U，说明AC之外无断路，AC没短路，当并联在A、B两点间时，电压表读数也为U，说明AB之外无断路，AB没短路，CD错误；而当并联在B、C两点间时，电压表读数为零，则说明BC之间短路或AB断路，A正确B错误8. 如图所示的电路中，电源电动势为E ，内阻为r ，R1和R2是两个定值电阻。当滑动变阻器的触头向a滑动时，流过R1的电流I1和流过R2的电流I2的变化情况为（ ）A
9、. I1增大，I2减小 B. I1减小，I2增大C. I1增大，I2增大 D. I1减小，I2减小【答案】B【解析】试题分析：当滑动变阻器的触头向a端滑动时，滑动变阻器阻值减小，由“串反并同”的结论可知流过R2的电流增大，流过R1的电流减小，故选B考点：考查闭合电路的动态变化9. 如图所示的电路中，已知电流表的内阻RA比定值电阻R小很多（RAR）。当开关s断开时，电流表的示数为3.0A；当开关s闭和时，电流表的示数为1.0A。标准电阻R0=6，则电流表的内阻RA等于（ ）A. 2 B. 3 C. 12 D. 18【答案】C【解析】由题知，电路中电流主要由R控制，当电键K闭合时，电路中总电流基本
10、不变，则当电键K闭合时，电流表示数为1.0A，所以通过的电流，是电流表电流的2倍，根据并联电路电流与电阻成反比，则得，C正确10. 在如图所示的电路中，电键S1、S2、S3、S4均闭合，C是极板水平放置的平行板电容器，极板间悬浮着一个油滴P，断开哪一个电键后P会向下运动？（ ）A. S1 B. S2 C. S3 D. S4【答案】C【解析】试题分析：断开S1，电容器两板间的电压不变，场强不变，油滴所受的电场力不变，油滴仍处于平衡状态故A错误断开S2，电容器两板间的电压增大，稳定时，其电压等于电源的电动势，板间场强增大，油滴所受的电场力增大，油滴将向上运动与题意不符，故B错误断开S3，电容器通过
11、电阻放电，板间场强逐渐减小，油滴所受的电场力减小，油滴将向下运动故C正确断开S4，电容器的电量不变，板间场强不变，油滴仍处于静止状态故D错误故选C。考点：闭合电路的欧姆定律；电容器【名师点睛】本题考查分析电容器电压的能力难点是断开s2，稳定后电容器的电压等于电源的电动势，可以用电势差等于电压来理解。二、实验题11. 用如图所示电路，测定一节干电池的电动势和内阻电池的内阻较小，为了防止在调节滑动变阻器时造成短路，电路中用一个定值电阻R0起保护作用除电池、开关和导线外，可供使用的实验器材还有： (a)电流表(量程0.6A、3A)(b)电压表(量程3V、15V)(c)定值电阻(阻值1、额定功率5W)
12、(d)定值电阻(阻值10、额定功率10W)(e)滑动变阻器(阻值范围010、额定电流2A)(f)滑动变阻器(阻值范围0100、额定电流1A)那么（1）要正确完成实验，电压表的量程应选择_V，电流表的量程应选择_A；R0应选择_的定值电阻，R应选择阻值范围是_的滑动变阻器（2）引起该实验系统误差的主要原因是_【答案】 (1). 3 (2). 0.6 (3). 1 (4). 010 (5). 由于电压表的分流作用造成电流表读数总是比电池实际输出电流小 （2）关于系统误差一般由测量工具和所造成测量方法造成的，一般具有倾向性，总是偏大或者偏小本实验中由于电压表的分流作用造成电流表读数总是比测量值小，造
13、成E测E真，r测r真故答案为：（1）3，0.6，1，010（2）由于电压表的分流作用造成电流表读数总是比电池实际输出电流小12. 在一次实验时某同学用游标卡尺测量（如图），示数为_cm。在一次实验时某同学用螺旋测微器测量（如图），示数为_mm。【答案】 (1). 10.405cm (2). 8077mm【解析】0分度的游标卡尺，精确度是0.05mm，游标卡尺的主尺读数为104mm，游标尺上第1个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为10.05mm=0.05mm，所以最终读数为：104mm+0.05mm=104.05mm=10.405cm螺旋测微器的固定刻度为8mm，可动刻度为7.50.01m
14、m=0.075mm，所以最终读数为8mm+0.075mm=8.075mm13. 某电阻额定电压为3V（阻值大约为10）。为测量其阻值，实验室提供了下列可选用的器材：A：电流表A1（量程300mA，内阻约1）B：电流表A2（量程0.6A，内阻约0.3）C：电压表V1（量程3.0V，内阻约3k）D：电压表V2（量程5.0V，内阻约5k）E：滑动变阻器R1（最大阻值为10）F：滑动变阻器R2（最大阻值为1k）G：电源E（电动势4V，内阻可忽略）H：电键、导线若干。（1）为了尽可能提高测量准确度，应选择的器材为（只需添器材前面的字母即可）：电流表_，电压表_，滑动变阻器_。（2）画出该实验电路图_。【
15、答案】 (1). A (2). C (3). E (4). 【解析】试题分析：（1）估算电阻上最大电流，选择电表量程根据该电阻与变阻器最大电阻的关系选择变阻器（2）根据该电阻与两电表内阻的倍数关系选择电流表的接法，题目要求为了尽可能提高测量准确度，选择滑动变阻分压式解：（1）根据欧姆定律，流过电阻的最大电流I=0.3A故电流表选A；电阻额定电压为3V则电压表选C即可；为了尽可能提高测量准确度，选择滑动变阻分压式接法，为了方便调节，滑动变阻器选小阻值的E（2）即被测电阻为小电阻，选取电流表外接，题目要求为了尽可能提高测量准确度，选择滑动变阻分压式故电路图如图：故答案为：（1）A，C，E；（2）如
16、图；【点评】选择器材通常的步骤：1、根据实验要求设计合理的实验电路2、估算电路中电压、电流可能达到的最大值，以此选择电压表和电流表的量程14. 在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，除有一标有“6V，1.5W”的小灯泡、导线和开关外，还有：A、直流电源6V(内阻不计)B、直流电流表0300mA(内阻约为5)C、直流电压表010V(内阻约为15k)D、滑动变阻器10，2A实验要求小灯泡两端的电压从零开始变化并能进行多次测量（1）画出实验电路图_（2）试将实物图所示器材连成实验电路_【答案】 (1). (2). 【解析】（1）本实验中要求多测几组数据，故应采用分压接法；同时因灯泡的内阻较小，与电
17、流表内阻相差不多，故应采用电流表外接法，故电路图如图所示：（2）根据电路图连接实物图如图所示：15. （1）把一个量程为5mA 的电流表改装成欧姆表RX1档，电流表内阻50欧姆，电池电动势1.5V，经过调零之后测电阻，档欧姆表指针指到满偏的3/4时，被测电阻的阻值是_（2）用如图1所示的多用电表测量电阻，要用到选择开关K和两个部件S、T。请根据下列步骤完成电阻测量:旋动部件_，使指针对准电流的0刻线。将K旋转到电阻挡l00的位置。将插入十、插孔的表笔短接，旋动部件_，使指针对准电阻的_ (填0刻线或刻线)。6将两表笔分别与侍测电阻相接，发现指针偏转角度过小。为了得到比较准确的测量结果，请从下列
18、选项中挑出合理的步骤，并按_的顺序避行操作，再完成读数测量。A将K旋转到电阻挡1k的位置B将K旋转到电阻挡10的位置C将两表笔的金属部分分别与被测电阻的两恨引线相接D将两表笔短接，旋动合适部件，对电表进行校准【答案】 (1). 100 (2). S (3). T (4). 0 (5). ADC【解析】（1）根据闭合电路欧姆定律可知，欧姆调零时满足：，接入被测电阻后：，代入E=1.5V，Ig=510-3A，联立解得：Rx=100。（2）旋动部件S，使指针对准电流的0刻线。欧姆调零时将插入“+”、“-”插孔的表笔短接，旋动部件T，即欧姆调零旋钮，使指针指电阻的0刻线；将两表笔分别与侍测电阻相接，发
19、现指针偏转角度过小说明被测阻值较大，为使指针只在中央刻度附近应换较大档，即1k档；换挡后一定要重新进行欧姆调零；然后将两表笔的金属部分分别与被测电阻的两恨引线相接进行测量，故顺序为ADC。三、计算题16. 如图所示，电源电动势为E=30V，内阻为r=1，电灯上标有“6V，12W”字样，直流电动机线圈电阻R=2.若电灯恰能正常发光，求：（1）流过电灯的电流是多大？（2）电动机两端的电压是多大？（3）电动机输出的机械功率是多少。【答案】（1）2A（2）22V（3）36W【解析】试题分析：（1）电灯正常发光时，其电压等于额定电压，功率等于额定功率由功率公式求解电流I（2）由闭合电路的欧姆定律，可得M
20、两端的电压（3）电动机输出的机械功率P出=P总P热解：（1）灯泡L正常发光，电路中的电流为I=2A；（2）由闭合电路的欧姆定律可知，电动机的电压为UM=UIrUL=30V21V6V=22V；（3）电动机的总功率为P总=IUM=222=44W，电动机的热功率为P热=I2R=222=8W，所以电动机的输出功率为P出=P总P热=448=36W答：（1）流过电灯的电流是2A；（2）电动机两端的电压是24V；（3）电动机输出的机械功率是36W【点评】本题是含有电动机的电路，电动机正常工作时，其电路是非纯电阻电路，不能用闭合电路欧姆定律求解电路中的电流I17. 如图所示的电路中，电阻R1=9，R2=15，
21、电源的电动势E=12V，内电阻r=1，安培表的读数I=0.4A。求：（1）流过电阻R1的电流是多少？（2）电阻R3的阻值是多大？（3）电阻R3消耗的电功率是多少？【答案】（1）0.6A（2）30（3）1.2W【解析】试题分析：（1）先根据欧姆定律求得R2的电压，再以R1和内阻r为研究对象，根据欧姆定律求得电路中总电流，即为流过电阻R1的电流（2）根据并联电路分流规律求出流过电阻R3的电流，其电压与R2的电压相等，再求解R3的阻值（3）电阻R3消耗的电功率由公式P=UI求解解：（1）R2的电压 U2=I2R2=0.415V=6.0V根据闭合电路欧姆定律得：U2=EI1（R1+r）则得流过电阻R1
22、的电流 I1=A=0.6A（2）流过电阻R3的电流 I3=I1I2=0.60.4=0.2A则 R3=30（3）电阻R3消耗的电功率是 P3=U2I3=60.2W=1.2W答：（1）流过电阻R1的电流是0.6A（2）电阻R3的阻值是30（3）电阻R3消耗的电功率是1.2W【点评】对于直流电路的计算问题，关键要搞清各个电阻之间的联系，把握串联和并联电路的特点，根据相关公式求解18. 在图中的电路中，若 R1=4，R3=6，电池内阻r=0.6，则电源产生的总功率为40W，而输出功率为37.6W。求：（1）电源内阻上消耗的电功率是多少？（2）电源电动势（3）电阻R2。【答案】（1）2.4W（2）20V（3）7【解析】试题分析：电源总功率等于输出功率与内耗功率之和；由功率公式求出流过电源的电流I电源产生的总功率为，求出电动势根据闭合电路欧姆定律求出路端电压，由欧姆定律求出外电路的总电阻，再求出R2（1）电源内阻上消耗的电功率；（2）由得由，得到电源的电动势（3）路端电压由欧姆定律得，外电路总电阻为，得到
