收藏 分享(赏)

2012高二物理单元测试 第5、6章 磁场 磁场对电流和运动电荷的作用 21(鲁科版选修3-1).doc

上传人:高**** 文档编号:659329 上传时间:2024-05-29 格式:DOC 页数:5 大小:219.50KB
下载 相关 举报
2012高二物理单元测试 第5、6章 磁场 磁场对电流和运动电荷的作用 21(鲁科版选修3-1).doc_第1页
第1页 / 共5页
2012高二物理单元测试 第5、6章 磁场 磁场对电流和运动电荷的作用 21(鲁科版选修3-1).doc_第2页
第2页 / 共5页
2012高二物理单元测试 第5、6章 磁场 磁场对电流和运动电荷的作用 21(鲁科版选修3-1).doc_第3页
第3页 / 共5页
2012高二物理单元测试 第5、6章 磁场 磁场对电流和运动电荷的作用 21(鲁科版选修3-1).doc_第4页
第4页 / 共5页
2012高二物理单元测试 第5、6章 磁场 磁场对电流和运动电荷的作用 21(鲁科版选修3-1).doc_第5页
第5页 / 共5页
亲,该文档总共5页,全部预览完了,如果喜欢就下载吧!
资源描述

1、第5、6章磁场磁场对电流和运动电荷的作用单元测试1 关于运动电荷在磁场中受到的力,下列说法中正确的是( )A运动电荷在磁感应强度不为零的地方,一定受到洛仑兹力的作用 B运动电荷在某处不受洛仑兹力的作用,则该处的磁感应强度一定为零C洛仑兹力不改变带电粒子的速度D运动电荷受到洛伦兹力时,电荷的运动方向与磁场方向不可能平行2 一束电子从上向下运动,在地球磁场的作用下,它将:( )A向东偏转 B向西偏转C向南偏转 D向北偏转3 下图所示的磁场B、电流I和安培力F的相互关系,其中正确的是( )4 通电矩形导线框abcd与无限长通电直导线MN在同一平面内。电流方向如图所示,ad边与MN平行,关于MN的磁场

2、对线框的作用,下列叙述正确的是( )A线框有两条边所受的安培力方向相同B线框有两条边所受的安培力大小相同C线框所受安培力合力向里D线框所受安培力合力为零5 如图所示,直导线处于足够大的匀强磁场中,与磁感线成=30,导线中通过的电流为I,为了增大导线所受的磁场力,可采取下列四种办法,其中不可行的是( )A增大电流IB增加直导线的长度C使导线在纸面内顺时针转30D使导线在纸面内逆时针转606 带电粒子以一定速度垂直射入匀强磁场,若只考虑洛伦兹力,则粒子一定( )A动能不变 B做匀速直线运动 C速度不变 D加速度不变7 如图的有界圆形磁场,半径为R,磁感强度为B,一个质量为m,电量为e的带电粒子,从

3、边界向圆心射入磁场,离开磁场时方向与射入方向的夹角为120,则粒子通过磁场所用的时间是( )A BC D 8 如右图所示,在一矩形区域内,不加磁场时,不计重力的带电粒子以某初速度垂直左边界射入,穿过此区域的时间为t。若加上磁感应强度为B、垂直纸面向外的匀强磁场,带电粒子仍以原来的初速度入射,粒子飞出磁场时偏离原方向60,利用以上数据可求出下列物理量中的( )A带电粒子的比荷B带电粒子的磁场中运动的周期C带电粒子的初速度D带电粒子在磁场中运动的半径9 如图所示为圆柱形区域的横截面,在该区域加沿圆柱轴线方向的匀强磁场带电粒子(不计重力)第一次以速度v1沿截面直径从q点入射,粒子飞出磁场区域时,速度

4、方向偏转60角;该带电粒子第二次以速度v2从同一点沿同一方向入射,粒子飞出磁场区域时,速度方向偏转90角则带电粒子第一次和第二次在磁场中运动的( )A半径之比为1 B速度之比为1C时间之比为23 D时间之比为3210如图所示,质量为m,电量为q 的带正电物体,在磁感应强度为B,方向垂直纸面向里的匀强磁场中,沿动摩擦因数为的水平面向左运动,则( )A物体的速度由v减小到零的时间等于mv/(mg+Bqv)B物体的速度由v减小到零的时间大于mv/(mg+Bqv)C若另加一个电场强度大小为(mg+Bqv)/q,方向水平向右的匀强电场,物体将作匀速运动D若另加一个电场强度大小为(mg+Bqv)/q,方向

5、竖直向上的匀强电场,物体将作匀速运动11 如图所示,套在足够长的绝缘粗糙直棒上的带正电小球,其质量为m,带电量为q,小球可在棒上滑动,现将此棒竖直放入沿水平方向的且互相垂直的匀强磁场和匀强电场中,设小球电量不变,小球由静止下滑的过程中( )A小球加速度一直增大 B小球速度一直增大,直到最后匀速C杆对小球的弹力一直减少 D小球所受洛伦兹力一直增大,直到最后不变12 如图所示空间分为、 三个足够长的区域,各边界面相互平行。其中、区域存在匀强电场:V/m,方向垂直边界面竖直向上;E = V/m,方向水平向右,区域磁感应强度B=5.0T,方向垂直纸面向里。三个区域宽度分别为d1=5.0m、d2=4.0

6、m、d3=10m。一质量m=1.010-8kg、电荷量q = 1.610-6C 的粒子从O点由静止释放,粒子重力忽略不计。求:(1)粒子离开区域时的速度(2)粒子从区域进入区域时的速度方向与边界面的夹角(3)粒子在区域中运动的时间和离开区域时的速度方向与边界面的夹角 1 D 2 B 3 D4 B 5 C解析:导线所受的安培力等于F=BILsin= BILsin30,增大B、(不超过90)、I、L都可以增大F。6 A7 C 8 AB9 AC10 BD11 BD12(1)由动能定理得:mv12/2 = qE1 d1 得: v1= 4 x 103 m/s2 (2)粒子在区域II做类平抛运动。水平向右为y轴,竖直向上为x轴.设粒子进入区域III时速度与边界的夹角为tan = vx/ vy vx = v1 vy = at a = qE2/m t = d2/ v1 把数值代入得: = 300 (3)粒子进入磁场时的速度v2 = 2 v1 粒子在磁场中运动的半径R=m v2 /qB = 10m = d3 由于 R = d3 ,粒子在磁场中运动所对的圆心角为 600 ,粒子在磁场中运动的时间t = T/6 = 10-2 / 4s 粒子离开区域时速度与边界面的夹角为 600

展开阅读全文
相关资源
猜你喜欢
相关搜索

当前位置:首页 > 幼儿园

网站客服QQ:123456
免费在线备课命题出卷组卷网版权所有
经营许可证编号:京ICP备12026657号-3