1、2016-2017学年江苏省南通市启东中学高一（上）第二次月考物理试卷一单项选择题：（本题共7小题，每题4分，共计28分，每小题只有一个选项符合题意）1下列几组物理量的单位，属于国际单位制中基本单位的是（）A牛顿、千克B米、千克C秒、伏特D千克、库仑2如图，鸟沿虚线斜向上加速飞行，空气对其作用力可能是（）AF1BF2CF3DF43一只小船渡河，运动轨迹如图所示水流速度各处相同且恒定不变，方向平行于岸边；小船相对于静水分别做匀加速、匀减速、匀速直线运动，船相对于静水的初速度大小均相同、方向垂直于岸边，且船在渡河过程中船头方向始终不变由此可以确定（）A船沿AD轨迹运动时，船相对于静水做匀加速直线运
2、动B船沿三条不同路径渡河的时间相同C船沿AB轨迹渡河所用的时间最短D船沿AC轨迹到达对岸前瞬间的速度最大4如图所示为杂技“顶竿”表演，一人站在地上，肩上扛一质量为M的竖直竹竿，当竿上一质量为m的人以加速度a加速下滑时，竿对“底人”的压力大小为（）A（M+m）gB（M+m）gmaC（M+m）g+maD（Mm）g5电梯的顶部挂一个弹簧测力计，测力计下端挂了一个重物，电梯匀速直线运动时，弹簧测力计的示数为10N，在某时刻电梯中的人观察到弹簧测力计的示数变为8N，关于电梯的运动，以下说法正确的是（g取10m/s2）（）A电梯可能向下加速运动，加速度大小为2 m/s2B电梯可能向上加速运动，加速度大小为
3、4 m/s2C电梯可能向下减速运动，加速度大小为2 m/s2D电梯可能向下减速运动，加速度大小为4 m/s26如图所示，将一个质量为m的三角形物体放在水平地面上，当用一水平推力F经过物体的重心向右推物体时，物体恰好以一较大的速度匀速运动，某一时刻保持力的大小不变立即使推力反向变成拉力，则推力反向的瞬间（）A物体的加速度大小为，方向水平向左B物体的加速度大小为，方向水平向右C地面对物体的作用力大小为mgD地面对物体的作用力大小为7如图所示，物体A和B的质量均为m，且分别与跨过定滑轮的轻绳连接（不计绳与滑轮、滑轮与轴之间的摩擦），在用水平变力F拉物体B沿水平方向向右做匀速直线运动的过程中，下列说法
4、正确的是（）A物体A也做匀速直线运动B物体A做匀加速直线运动C绳子对物体A的拉力等于物体A的重力D绳子对物体A的拉力大于物体A的重力二多项选择题：（本题共6小题，每小题5分，共计30分.每小题有多个选项符合题意全部选对的得5分，选对但不全的得2分，错选或不答得得0分）8如图所示，某同学用同一弹簧测力计按图甲、乙两种方式测量某小桶的重力，甲图中系小桶的轻绳较长下列说法中正确的是（）A甲图中弹簧测力计的示数比乙图中的大B两图中弹簧测力计的示数一样大C甲图中绳的拉力比乙图中的大D乙图中绳的拉力比甲图中的大9如图所示，足够长的粗糙斜面固定在地面上，某物块以初速度v0从底端沿斜面上滑至最高点后又回到底端
5、上述过程中，若用h、x、v和a分别表示物块距水平地面高度、位移、速度大小和加速度的大小，t表示运动时间下列图象中可能正确的是（）ABCD10如图（甲）所示，静止在水平地面上的物块A，受到水平拉力F的作用，F与时间t的关系如图（乙）所示设物块与地面间的最大静摩擦力Ffm的大小与滑动摩擦力大小相等，则（）A0t2时刻物块所受的摩擦力逐渐增大Bt2时刻物块的加速度最大Ct3时刻物块的速度最大Dt1t3时间内物体的速度先增大后减小11如图所示，将篮球从同一位置斜向上抛出，其中有两次篮球垂直撞在竖直墙上，不计空气阻力，则下列说法中正确的是（）A从抛出到撞墙，第二次球在空中运动的时间较短B篮球两次抛出时速
6、度的竖直分量第一次大于第二次C篮球两次撞墙的速度可能相等D抛出时的速度大小，第一次一定比第二次小12如图甲所示，轻弹簧竖直固定在水平面上，一质量为m=0.2kg的小球，从弹簧上端某高度处自由下落，从它接触弹簧到弹簧压缩至最短的过程中（弹簧始终在弹性限度内），其速度v和弹簧压缩量x之间的函数图象如图乙所示，其中A为曲线的最高点，小球和弹簧接触瞬间机械能损失不计，取g=10m/s2，则下列说法正确的是（）A小球刚接触弹簧时速度最大B当x=0.3m时，小球处于超重状态C该弹簧的劲度系数为20.0N/mD从接触弹簧到压缩至最短的过程中，小球的加速度先减小后增大13如图所示，一个表面光滑的斜面体M置于水
7、平地面上，它的两个斜面与水平面的夹角分别为、，且，M的顶端装有一定滑轮，一轻质细绳跨过定滑轮后连接A、B两个小滑块，细绳与各自的斜面平行，不计绳与滑轮间的摩擦，A、B恰好在同一高度处于静止状态剪断细绳后，A、B滑至斜面底端，M始终保持静止则（）A滑块A的质量大于滑块B的质量B两滑块到达斜面底端时的速度相同C两滑块同时到达斜面的底端D在滑块A、B下滑的过程中，斜面体受到水平向左的摩擦力三、简答题（本题共2小题，共18分请将解答填在答题卡相应的位置）14小叶同学利用图甲装置来探究加速度与力、质量之间的定性关系（1）他安装仪器后，准备开始测量实验数据时的状态如图甲所示，从图片上看，你觉得他在开始正确
8、测量前必须得修正哪几个方面的问题？（请写出两点）（2）修正后，小叶同学就开始实验测量，他所接的打点计时器的电源档位如图乙所示，则他所选的打点计时器是（填“电火花”或“电磁”）打点计时器（3）打点计时器使用的交流电频率f=50Hz，图丙是小叶同学在正确操作下获得的一条纸带，其中A、B、C、D、E每两点之间还有4个点没有标出写出用s1、s3以及f来表示小车加速度的计算式：a=根据纸带所提供的数据，算得小车的加速度a大小为m/s2（结果保留两位有效数字）（4）改变所挂钩码的数量，多次重复测量，根据测得的多组数据可画出aF关系图线（如图丁所示），此图线的AB段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是A小车
9、与轨道之间存在摩擦 B导轨保持了水平状态C所挂钩码的总质量太大 D所用小车的质量太大15在探究力合成的方法时，先将橡皮条的一端固定在水平木板上，另一端系上带有绳套的两根细绳实验时，需要两次拉伸橡皮条，一次是通过两细绳用两个弹簧秤互成角度地拉橡皮条，另一次是用一个弹簧秤通过细绳拉橡皮条（1）实验对两次拉伸橡皮条的要求中，下列哪些说法是正确的（填字母代号）A将橡皮条拉伸相同长度即可B将橡皮条沿相同方向拉到相同长度C将弹簧秤都拉伸到相同刻度D将橡皮条和绳的结点拉到相同位置（2）学生在操作过程中有如下议论，其中对减小实验误差有益的说法是（填字母代号）A两细绳必须等长 B弹簧秤、细绳、橡皮条都应与木板平
10、行C用两弹簧秤同时拉细绳时两弹簧秤示数之差应尽可能大D拉橡皮条的细绳要长些，标记同一细绳方向的两点要远些（3）在研究“互成角度的两个力的合成”实验中，F1和F2表示两个互成角度的力，F表示由平行四边形定则作出的F1与F2的合力； F表示用一个弹簧秤拉橡皮筋时的力，则各图中符合实验事实的是四计算题（本题共4小题，满分0分解答时写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）16如图所示，一质量M=3.0kg、足够长的木板B放在光滑的水平面上，其上表面放置质量m=l.0kg的小木块A，A、B均处于静止状态，A与B间的动摩擦因数=0.30
11、，且最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等现给木块A施加一随时间t变化的水平力F=kt（k=2.0N/s），取g=10m/s2（1）若木板B固定，则经过多少时间木块A开始滑动？（2）若木板B固定，求t2=2.0s时木块A的加速度大小（3）若木板B不固定，求t3=1.0S时木块A受到的摩擦力大小17一质量m=0.5kg的滑块以一定的初速度冲上一倾角为30足够长的斜面，某同学利用DIS实验系统测出了滑块冲上斜面过程中多个时刻的瞬时速度，如图所示为通过计算机绘制出的滑块上滑过程的vt图象求：（g取10m/s2）（1）滑块冲上斜面过程中加速度大小；（2）滑块与斜面间的动摩擦因数；（3）判断滑块最后能否返回斜
12、面底端？若能返回，求出返回斜面底端时的速度大小；若不能返回，求出滑块停在什么位置18如图所示，一小球自平台上水平抛出，恰好落在邻近平台的一倾角为=53的光滑斜面顶端，并刚好沿光滑斜面下滑，已知斜面顶端与平台的高度差h=0.8m，重力加速度g=10m/s2，sin53=0.8，cos53=0.6，求：（1）小球水平抛出的初速度v0是多少？（2）斜面顶端与平台边缘的水平距离x是多少？（3）若斜面顶端高H=20.8m，则小球离开平台后经多长时间t到达斜面底端？19如图所示，质量为4kg的小球用细绳拴着吊在行驶的汽车后壁上，绳与竖直方向夹角为37已知g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0
13、.8，求：（1）汽车匀速运动时，小球对细线的拉力大小和对车后壁的压力大小（2）当汽车以a=10m/s2向右匀减速行驶时，细线对小球的拉力大小和小球对车后壁的压力大小2016-2017学年江苏省南通市启东中学高一（上）第二次月考物理试卷参考答案与试题解析一单项选择题：（本题共7小题，每题4分，共计28分，每小题只有一个选项符合题意）1下列几组物理量的单位，属于国际单位制中基本单位的是（）A牛顿、千克B米、千克C秒、伏特D千克、库仑【考点】力学单位制【分析】国际单位制规定了七个基本物理量分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量它们的在国际单位制中的单位称为基本单位，而物理量之间的
14、关系式推到出来的物理量的单位叫做导出单位【解答】解：A、牛顿是导出单位，千克是基本单位，故A错误B、米和千克都是基本单位，故B正确C、秒是基本单位，伏特是导出单位，故C错误D、千克是基本单位，库仑是常用单位，故D错误故选：B【点评】国际单位制规定了七个基本物理量和基本单位，要记住中学涉及的基本物理量和基本单位，要注意牛顿不是基本单位，而是导出单位2如图，鸟沿虚线斜向上加速飞行，空气对其作用力可能是（）AF1BF2CF3DF4【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力【分析】鸟受重力和空气对其作用力（阻力和升力的合力），做匀加速直线运动，加速度沿着虚线向上，故合力沿着虚线向上，根据矢量合
15、成的三角形定则作图判断即可【解答】解：鸟沿虚线斜向上加速飞行，加速度沿着虚线向上，故合力F沿着虚线向上；鸟受重力和空气对其作用力，根据三角形定则作图如下：故选：B【点评】本题是已知运动情况判断受力情况的问题，关键是先根据运动情况确定加速度方向，得到合力方向，然后受力分析后根据三角形定则判断空气作用力的方向3一只小船渡河，运动轨迹如图所示水流速度各处相同且恒定不变，方向平行于岸边；小船相对于静水分别做匀加速、匀减速、匀速直线运动，船相对于静水的初速度大小均相同、方向垂直于岸边，且船在渡河过程中船头方向始终不变由此可以确定（）A船沿AD轨迹运动时，船相对于静水做匀加速直线运动B船沿三条不同路径渡河
16、的时间相同C船沿AB轨迹渡河所用的时间最短D船沿AC轨迹到达对岸前瞬间的速度最大【考点】运动的合成和分解【分析】根据运动的合成，结合合成法则，即可确定各自运动轨迹，由运动学公式，从而确定运动的时间与速度大小【解答】解：A、当沿AD轨迹运动时，则加速度方向与船在静水中的速度方向相反，因此船相对于水做匀减速直线运动，故A错误；B、船相对于水的初速度大小均相同，方向垂直于岸边，因运动的性质不同，则渡河时间也不同，故B错误；C、沿AB轨迹，做匀速直线运动，则渡河所用的时间大于沿AC轨迹运动渡河时间，故C错误；D、沿AC轨迹，船是匀加速运动，则船到达对岸的速度最大，故D正确故选：D【点评】考查运动的合成
17、与分解的应用，注意船运动的性质不同，是解题的关键，并注意曲线运动的条件4如图所示为杂技“顶竿”表演，一人站在地上，肩上扛一质量为M的竖直竹竿，当竿上一质量为m的人以加速度a加速下滑时，竿对“底人”的压力大小为（）A（M+m）gB（M+m）gmaC（M+m）g+maD（Mm）g【考点】牛顿第二定律；超重和失重【分析】竿对“底人”的压力大小应该等于竿的重力加上竿上的人对杆向下的摩擦力，竿的重力已知，求出竿上的人对杆向下的摩擦力就可以了【解答】解：对竿上的人分析：受重力mg、摩擦力Ff，有 mgFf=ma；所以 Ff=m（ga），竿对人有摩擦力，人对竿也有反作用力摩擦力，且大小相等，方向相反，对竿分
18、析：受重力Mg、竿上的人对杆向下的摩擦力Ff、顶竿的人对竿的支持力FN，有Mg+Ff=FN，又因为竿对“底人”的压力和“底人”对竿的支持力是一对作用力与反作用力，由牛顿第三定律，得到FN=Mg+Ff=（M+m）gma所以B项正确故选：B【点评】由于人加速下滑，处于失重状态，人对竿的作用力并不等于人的重力，这是在解答本题的过程中常出现的错误，注意这一点这道题就可以了5电梯的顶部挂一个弹簧测力计，测力计下端挂了一个重物，电梯匀速直线运动时，弹簧测力计的示数为10N，在某时刻电梯中的人观察到弹簧测力计的示数变为8N，关于电梯的运动，以下说法正确的是（g取10m/s2）（）A电梯可能向下加速运动，加速
19、度大小为2 m/s2B电梯可能向上加速运动，加速度大小为4 m/s2C电梯可能向下减速运动，加速度大小为2 m/s2D电梯可能向下减速运动，加速度大小为4 m/s2【考点】牛顿第二定律；物体的弹性和弹力【分析】对重物受力分析，根据牛顿第二定律得出重物的加速度大小和方向，从而得出电梯的加速度大小和方向，从而判断出电梯的运动规律【解答】解：电梯匀速直线运动时，弹簧秤的示数为10N，知重物的重力等于10N，对重物有：mgF=ma，解得a=2m/s2，方向竖直向下，则电梯的加速度大小为2m/s2，方向竖直向下电梯可能向下做加速运动，也可能向上做减速运动故A正确，BCD错误故选：A【点评】解决本题的关键
20、知道重物和电梯具有相同的加速度，根据牛顿第二定律进行分析，通过加速度判断电梯的运动情况6如图所示，将一个质量为m的三角形物体放在水平地面上，当用一水平推力F经过物体的重心向右推物体时，物体恰好以一较大的速度匀速运动，某一时刻保持力的大小不变立即使推力反向变成拉力，则推力反向的瞬间（）A物体的加速度大小为，方向水平向左B物体的加速度大小为，方向水平向右C地面对物体的作用力大小为mgD地面对物体的作用力大小为【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用【分析】根据物体做匀速直线运动，得出物体所受的摩擦力大小，改推力为拉力，求出瞬间的合力，从而得出瞬间的加速度大小和方向地面对物体有支持力和摩擦力作用，
21、结合平行四边形定则求出地面对物体的作用力【解答】解：A、B、开始物体做匀速直线运动，知推力F等于摩擦力，即F=f，某一时刻保持力的大小不变立即使推力反向变成拉力，物体仍然向右运动，摩擦力仍然向左，则合力为F合=F+f，方向向左，根据牛顿第二定律，物体的加速度a=，方向水平向左故A、B错误；C、D、地面对物体有支持力和摩擦力，支持力等于重力，摩擦力等于F，根据平行四边形定则知，地面对物体的作用力故D正确，C错误故选：D【点评】本题考查牛顿第二定律的瞬时性和矢量性、考查受力分析和力的合力，关键确定出物体所受的合力，结合牛顿第二定律进行求解7如图所示，物体A和B的质量均为m，且分别与跨过定滑轮的轻绳
22、连接（不计绳与滑轮、滑轮与轴之间的摩擦），在用水平变力F拉物体B沿水平方向向右做匀速直线运动的过程中，下列说法正确的是（）A物体A也做匀速直线运动B物体A做匀加速直线运动C绳子对物体A的拉力等于物体A的重力D绳子对物体A的拉力大于物体A的重力【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用【分析】将B物体的速度vB的进行分解，得到两个物体速度的关系式，分析A物体做什么运动，再由牛顿第二定律分析绳子对物体A的拉力与物体A的重力的关系【解答】解：AB，将B物体的速度vB进行分解如图所示，则vA=vBcos，减小，vB不变，则vA逐渐增大，说明A物体在竖直向上做加速直线运动，故A、B错误CD、
23、对A，由牛顿第二定律有 Tmg=ma，得 T=mg+ma，可知绳子对A的拉力Tmg，故C错误，D正确故选：D【点评】本题的关键要抓住B的速度沿绳子方向的分速度大小等于A的速度，运用分解法分析A物体做什么运动，由牛顿第二定律分析绳子的拉力与重力的大小关系二多项选择题：（本题共6小题，每小题5分，共计30分.每小题有多个选项符合题意全部选对的得5分，选对但不全的得2分，错选或不答得得0分）8如图所示，某同学用同一弹簧测力计按图甲、乙两种方式测量某小桶的重力，甲图中系小桶的轻绳较长下列说法中正确的是（）A甲图中弹簧测力计的示数比乙图中的大B两图中弹簧测力计的示数一样大C甲图中绳的拉力比乙图中的大D乙
24、图中绳的拉力比甲图中的大【考点】力的合成【分析】弹簧秤测量的是小桶的重力，与绳子的长短无关；而当一力进行分解时，根据力的平行四边形定则，即可确定分力与夹角的关系，从而求解【解答】解：A、由题意可知，弹簧秤是测量小桶的重力，而与绳子的长短无关，故A错误，B正确；C、当一力进行分解时，当夹角越小，分力越小，当夹角越大时，分力也越大，甲图中绳的拉力之间的夹角小于乙图中的夹角，则甲图中绳的拉力比乙图中的小，故C错误，D正确；故选：BD【点评】考查弹簧秤的读数与物体的重力的关系，掌握力的平行四边形定则的内容，注意力的分解时，夹角与分力关系，是解题的关键9如图所示，足够长的粗糙斜面固定在地面上，某物块以初
25、速度v0从底端沿斜面上滑至最高点后又回到底端上述过程中，若用h、x、v和a分别表示物块距水平地面高度、位移、速度大小和加速度的大小，t表示运动时间下列图象中可能正确的是（）ABCD【考点】匀变速直线运动的图像【分析】根据某物块以初速度v0从底端沿斜面上滑至最高点后又回到底端，知上滑过程中，物块做匀加速直线运动，下滑时做匀加速直线运动；在粗糙斜面上运动，摩擦力做功，物体的机械能减少，故回到底端时速度小于出发时的速度；根据运动特征判断各图形【解答】解：A、上滑时做匀减速运动，故h曲线斜率先大后小，且平均速度大，运动时间短；下滑时做匀加速运动，故h曲线斜率先小后大，且平均速度小，运动时间长；故A正确
26、B、上滑时x曲线斜率先大后小，下滑时x曲线斜率先小后大，故B错误C、由于上滑时合外力为重力分力和摩擦力之和，加速度大小不变，沿斜面向下；下滑时合外力为重力分力和摩擦力之差，加速度大小不变，方向沿斜面向下；所以上滑时加速度大，所以速度曲线斜率大；下滑时加速度小，所以速度曲线效率小，且此过程中，摩擦力做功，使物块到达底端的速率变小，故C正确D、因上滑过程中、下滑过程中的加速度大小均不变，且上滑时加速度大于下滑时的加速度，故加速度应该为两条水平短线，故D错误故选：AC【点评】根据图示各物理量的曲线斜率代表的意义，结合实际运动分析即可10如图（甲）所示，静止在水平地面上的物块A，受到水平拉力F的作用，
27、F与时间t的关系如图（乙）所示设物块与地面间的最大静摩擦力Ffm的大小与滑动摩擦力大小相等，则（）A0t2时刻物块所受的摩擦力逐渐增大Bt2时刻物块的加速度最大Ct3时刻物块的速度最大Dt1t3时间内物体的速度先增大后减小【考点】牛顿第二定律；物体的弹性和弹力【分析】当拉力小于最大静摩擦力时，物体静止不动，静摩擦力与拉力二力平衡，当拉力大于最大静摩擦力时，物体开始加速，当拉力重新小于最大静摩擦力时，物体由于惯性继续减速运动【解答】解：A、在0t1时间内水平拉力小于最大静摩擦力，物体保持不动，摩擦力大小逐渐增大，t1t2物体滑动，受到滑动摩擦力，不变，A错误；B、t1到t2时刻，拉力逐渐增大，摩
28、擦力不变，根据牛顿第二定律可知，加速度逐渐增大t2时刻拉力最大，合外力最大，加速度最大，故B正确；C、t1到t3时刻，合力向前，物体一直加速前进，t3时刻后合力反向，要做减速运动，所以t3时刻速度最大，故C正确，D错误；故选：BC【点评】根据受力情况分析物体运动情况，t1时刻前，合力为零，物体静止不动，t1到t3时刻，合力向前，物体加速前进，t3之后合力向后，物体减速运动11如图所示，将篮球从同一位置斜向上抛出，其中有两次篮球垂直撞在竖直墙上，不计空气阻力，则下列说法中正确的是（）A从抛出到撞墙，第二次球在空中运动的时间较短B篮球两次抛出时速度的竖直分量第一次大于第二次C篮球两次撞墙的速度可能
29、相等D抛出时的速度大小，第一次一定比第二次小【考点】平抛运动【分析】采用逆向思维，篮球做平抛运动，根据高度比较球在空中运动的时间，根据速度时间公式得出竖直分速度的大小关系抓住水平位移相等，通过时间比较篮球撞墙的速度大小【解答】解：A、采用逆向思维，篮球做平抛运动，第二次的高度较小，根据t=知，第二次在空中运动的时间较短，故A正确B、根据vy=gt知，第一次运动的时间较长，则篮球两次抛出时速度的竖直分量第一次大于第二次，故B正确C、两球的水平位移相等，第一次的时间大于第二次，根据x=v0t知，第二次撞墙的速度较大，故C错误D、根据速度的合成可知，不能确定抛出时的速度大小，故D错误故选：AB【点评
30、】本题采用逆向思维，将斜抛运动变为平抛运动处理，知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律12如图甲所示，轻弹簧竖直固定在水平面上，一质量为m=0.2kg的小球，从弹簧上端某高度处自由下落，从它接触弹簧到弹簧压缩至最短的过程中（弹簧始终在弹性限度内），其速度v和弹簧压缩量x之间的函数图象如图乙所示，其中A为曲线的最高点，小球和弹簧接触瞬间机械能损失不计，取g=10m/s2，则下列说法正确的是（）A小球刚接触弹簧时速度最大B当x=0.3m时，小球处于超重状态C该弹簧的劲度系数为20.0N/mD从接触弹簧到压缩至最短的过程中，小球的加速度先减小后增大【考点】牛顿第二定律；牛顿运动定律的应用-超重
31、和失重【分析】根据图象可知，当x为0.1m时，小球的速度最大，加速度为零，此时重力等于弹簧对它的弹力，根据kx=mg求出k，小球和弹簧组成的系统只有重力和弹力做功，系统的机械能守恒【解答】解：A、由小球的速度图象知，开始小球的速度增大，小球的重力大于弹簧对它的弹力，当x为0.1m时，小球的速度最大，然后速度减小，故A错误；B、由图可知，x=0.3m时，物体的速度减小，加速度向上，故说明物体处于超重状态，故B正确；C、当x=0.1m时，小球的重力等于弹簧对它的弹力，合力为零，小球的加速度为零，小球处于平衡状态，可得：kx=mg解得：k=20.0N/m故C正确；D、图中的斜率表示加速度，则由图可知
32、，从接触弹簧到压缩至最短的过程中，小球的加速度先减小后增大，故D正确故选：BCD【点评】解答本题要求同学们能正确分析小球的运动情况，知道平衡状态的条件是重力等于弹力注意掌握图象的分析方法13如图所示，一个表面光滑的斜面体M置于水平地面上，它的两个斜面与水平面的夹角分别为、，且，M的顶端装有一定滑轮，一轻质细绳跨过定滑轮后连接A、B两个小滑块，细绳与各自的斜面平行，不计绳与滑轮间的摩擦，A、B恰好在同一高度处于静止状态剪断细绳后，A、B滑至斜面底端，M始终保持静止则（）A滑块A的质量大于滑块B的质量B两滑块到达斜面底端时的速度相同C两滑块同时到达斜面的底端D在滑块A、B下滑的过程中，斜面体受到水
33、平向左的摩擦力【考点】功能关系；共点力平衡的条件及其应用【分析】对两个滑块分别受力分析，然后根据平衡条件列方程判断；根据机械能守恒定律分析两滑块到达斜面底端时的速度关系；由牛顿第二定律和运动学公式分析运动时间关系；再对斜面体受力分析，判断静摩擦力的方向【解答】解：A、原来系统静止时，滑块A和滑块B重力沿着斜面向下的分力大小相等，故：mAgsin=mBgsin；由于，故mAmB，故A正确；B、滑块下滑过程机械能守恒，有：mgh=mv2，故v=，由于两个滑块下落的高度相等，故到达斜面底端时的速度大小，但方向不同，所以速度不同，故B错误；C、由牛顿第二定律得：mgsin=ma，a=gsin，则aAa
34、B，物体的运动时间 t=，v相同、aAaB，则tAtB，故C错误D、滑块A对斜面体压力等于重力的垂直分力mAgcos，滑块B对斜面体压力也等于重力的垂直分力mBgcos，如图所示NAsinNBsin=mAgcossinmBgcossin；由于mAgsin=mBgsin；故NAsinNBsin=mAgcossinmBgcossin0，故斜面体受到的静摩擦力向左，故D正确；故选：AD【点评】本题关键隔离三个物体分别受力分析，根据平衡条件列方程判断；同时要结合机械能守恒定律判断三、简答题（本题共2小题，共18分请将解答填在答题卡相应的位置）14（2015秋姜堰市期中）小叶同学利用图甲装置来探究加速度
35、与力、质量之间的定性关系（1）他安装仪器后，准备开始测量实验数据时的状态如图甲所示，从图片上看，你觉得他在开始正确测量前必须得修正哪几个方面的问题？（请写出两点）长木板的右端没被垫高，说明没有平衡摩擦力细线没套在定滑轮的轮槽上，以致拉线未能与板面平行（2）修正后，小叶同学就开始实验测量，他所接的打点计时器的电源档位如图乙所示，则他所选的打点计时器是电磁（填“电火花”或“电磁”）打点计时器（3）打点计时器使用的交流电频率f=50Hz，图丙是小叶同学在正确操作下获得的一条纸带，其中A、B、C、D、E每两点之间还有4个点没有标出写出用s1、s3以及f来表示小车加速度的计算式：a=根据纸带所提供的数据
36、，算得小车的加速度a大小为0.60m/s2（结果保留两位有效数字）（4）改变所挂钩码的数量，多次重复测量，根据测得的多组数据可画出aF关系图线（如图丁所示），此图线的AB段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是CA小车与轨道之间存在摩擦 B导轨保持了水平状态C所挂钩码的总质量太大 D所用小车的质量太大【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系【分析】（1、2）实验时小车应靠近打点计时器，在实验前应平衡小车受到的摩擦力，重物与小车的连线应平行于木板，知道电磁打点计时器和电火花打点计时器的区别；（3）根据匀变速直线运动的特点，利用逐差法可以求出其加速度的大小；（4）根据图象得出变量之间的关系，知道
37、钩码所受的重力作为小车所受外力的条件【解答】解：（1）长木板的右端没被垫高，说明没有平衡摩擦力；细线没套在定滑轮的轮槽上，以致拉线未能与板面平行；（2）电磁打点计时器使用46V交流电压，电火花打点计时器直接接在220V交流电压上，所以他所选的打点计时器是电磁打点计时器（3）由题意可知两计数点之间的时间间隔为：T=0.1s，根据匀变速直线运动推论有：，a=即：a=带入数据解得：a=0.60m/s2（4）由实验原理：mg=Ma得a=，而实际上a=，可见AB段明显偏离直线是由于没有满足Mm造成的故选：C故答案为：（1）长木板的右端没被垫高，说明没有平衡摩擦力；细线没套在定滑轮的轮槽上，以致拉线未能与
38、板面平行；（2）电磁；（3）；0.60；（4）C【点评】在“验证牛顿第二定律”的实验用控制变量法，本实验只有在满足平衡摩擦力和小车质量远大于钩码质量的双重条件下，才能用钩码重力代替小车所受的合力，同时加强基础物理知识在实验中的应用，加强解决实验问题的能力，知道两种打点计时器的区别与联系15（2016秋启东市校级月考）在探究力合成的方法时，先将橡皮条的一端固定在水平木板上，另一端系上带有绳套的两根细绳实验时，需要两次拉伸橡皮条，一次是通过两细绳用两个弹簧秤互成角度地拉橡皮条，另一次是用一个弹簧秤通过细绳拉橡皮条（1）实验对两次拉伸橡皮条的要求中，下列哪些说法是正确的BD（填字母代号）A将橡皮条拉
39、伸相同长度即可B将橡皮条沿相同方向拉到相同长度C将弹簧秤都拉伸到相同刻度D将橡皮条和绳的结点拉到相同位置（2）学生在操作过程中有如下议论，其中对减小实验误差有益的说法是BD（填字母代号）A两细绳必须等长 B弹簧秤、细绳、橡皮条都应与木板平行C用两弹簧秤同时拉细绳时两弹簧秤示数之差应尽可能大D拉橡皮条的细绳要长些，标记同一细绳方向的两点要远些（3）在研究“互成角度的两个力的合成”实验中，F1和F2表示两个互成角度的力，F表示由平行四边形定则作出的F1与F2的合力； F表示用一个弹簧秤拉橡皮筋时的力，则各图中符合实验事实的是B【考点】验证力的平行四边形定则【分析】（1）该实验采用了“等效替代”的原
40、理，即合力与分力的关系是等效的，要求两次拉橡皮筋时的形变量和方向是等效的；（2）在实验中使用一根弹簧秤拉细线与两根弹簧秤拉细线的作用效果要相同（即橡皮条拉到同一位置），而细线的作用是画出力的方向，弹簧秤能测出力的大小因此细线的长度没有限制，弹簧秤的示数也没有要求，两细线的夹角不要太小也不要太大，但拉弹簧秤时必须保证与木板平面平行；（3）根据实验的原理和数据的处理方法可知各图是否符合实验事实【解答】解：（1）A、本实验的目的是为了验证力的平行四边形定则，即研究合力与分力的关系根据合力与分力是等效的，本实验橡皮条两次沿相同方向拉伸的长度要相同故A错误，B正确；C、在白纸上标下第一次橡皮条和绳的结点
41、的位置，第二次将橡皮条和绳的结点拉到相同位置，表明两次效果相同，即两个拉力和一个拉力等效，而弹簧称不必拉到相同刻度故C错误，D正确故选：BD（2）A、细线的作用是能显示出力的方向，所以不必须等长故A错误；B、弹簧秤、细绳、橡皮条都应与木板平行，故B正确C、用两弹簧秤同时拉细绳时两弹簧秤示数适当大一些，但是不需要示数之差尽可能大，故C错误D、为了减小误差，拉橡皮条的细绳要长些，标记同一细绳方向的两点要远些，故D正确故选：BD（3）该实验中F是由平行四边形法则得出的合力，而F是通过实际实验得出的，故F应与OA在同一直线上，而F与F1、F2组成平行四边形，故只有B符合题意，故B正确，ACD错误；故选
42、：B故答案为：（1）BD；（2）BD；（3）B【点评】处理实验问题应准确把握实验的原理和数据的处理方法，只有通过具体实践，才能真正的理解具体实验操作细节的意义，因此平时同学们应该加强实验实践，而不是空洞的记忆实验四计算题（本题共4小题，满分0分解答时写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）16（2014南通一模）如图所示，一质量M=3.0kg、足够长的木板B放在光滑的水平面上，其上表面放置质量m=l.0kg的小木块A，A、B均处于静止状态，A与B间的动摩擦因数=0.30，且最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等现给木块A施加一随时
43、间t变化的水平力F=kt（k=2.0N/s），取g=10m/s2（1）若木板B固定，则经过多少时间木块A开始滑动？（2）若木板B固定，求t2=2.0s时木块A的加速度大小（3）若木板B不固定，求t3=1.0S时木块A受到的摩擦力大小【考点】牛顿第二定律【分析】（1）对小物块进行受力分析，根据牛顿第二定律求小物块的加速度；（2）对长木板进行受力分析，根据牛顿第二定律求长木板的加速度；（3）小物块向右加速运动，长木板亦向右加速运动，两者位移差为木板长度时小物块到达木板的右端，根据位移时间关系求解即可【解答】解：（1）当木板固定时，A开始滑动瞬间，水平力F与最大静摩擦力大小相等，则：F=f=mg设经
44、过t1时间A开始滑动，则：F=kt1（2）t=2s时，有：F=kt=22N=4N有牛顿第二定律有：Fmg=maa=（3）在t=1s时水平外力为：F=kt=21N=2n 由于此时外力小于最大静摩擦力，两者一定不发生相对滑动，故一起做匀加速运动，以整体为研究对象，有牛顿第二定律可得：F=（m+M）a对A受力分析为：Ff=maf=Fma=210.5N=1.5N答：（1）若木板B固定，则经过1.5s木块A开始滑动（2）若木板B固定，求t2=2.0s时木块A的加速度大小为1m/s2（3）若木板B不固定，求t3=1.0S时木块A受到的摩擦力大小为1.5N【点评】正确的受力分析求出加速度，能根据运动分析知道
45、木块从木板左端到右端位移的关系是解决本题的关键17（2014秋周口期末）一质量m=0.5kg的滑块以一定的初速度冲上一倾角为30足够长的斜面，某同学利用DIS实验系统测出了滑块冲上斜面过程中多个时刻的瞬时速度，如图所示为通过计算机绘制出的滑块上滑过程的vt图象求：（g取10m/s2）（1）滑块冲上斜面过程中加速度大小；（2）滑块与斜面间的动摩擦因数；（3）判断滑块最后能否返回斜面底端？若能返回，求出返回斜面底端时的速度大小；若不能返回，求出滑块停在什么位置【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系【分析】（1）根据速度时间图线的斜率求出滑块冲上斜面过程中的加速度大小（2）对上滑过程
46、，运用牛顿第二定律，结合加速度的大小求出滑块与斜面间的动摩擦因数（3）因为重力的分力小于最大静摩擦力，则滑块不会下滑，根据速度位移公式求出上滑的最大位移【解答】解：（1）滑块的加速度大小为：a=，（2）物体在冲上斜面过程中，根据牛顿第二定律得：mgsin+mgcos=ma，解得：；（3）滑块速度减小到零时，重力的分力大于最大静摩擦力，能再下滑 滑块上滑到距底端距离为：，由于mgsinmgcos，物块不下滑答：（1）滑块冲上斜面过程中加速度大小为12m/s2；（2）滑块与斜面间的动摩擦因数为；（3）不能返回，滑块所停的位置距离底端1.5m【点评】本题考查了牛顿第二定律和运动学公式的综合，知道加速
47、度是联系力学和运动学的桥梁，难度不大18（2016春厦门校级期中）如图所示，一小球自平台上水平抛出，恰好落在邻近平台的一倾角为=53的光滑斜面顶端，并刚好沿光滑斜面下滑，已知斜面顶端与平台的高度差h=0.8m，重力加速度g=10m/s2，sin53=0.8，cos53=0.6，求：（1）小球水平抛出的初速度v0是多少？（2）斜面顶端与平台边缘的水平距离x是多少？（3）若斜面顶端高H=20.8m，则小球离开平台后经多长时间t到达斜面底端？【考点】平抛运动；匀变速直线运动的位移与时间的关系【分析】（1）小球水平抛出后刚好能沿光滑斜面下滑，说明此时小球的速度的方向恰好沿着斜面的方向，由此可以求得初速
48、度的大小；（2）小球在接触斜面之前做的是平抛运动，根据平抛运动的规律可以求得接触斜面之前的水平方向的位移，即为斜面顶端与平台边缘的水平距离；（3）小球在竖直方向上做的是自由落体运动，根据自由落体的规律可以求得到达斜面用的时间，到达斜面之后做的是匀加速直线运动，求得两段的总时间即可【解答】解：（1）由题意可知：小球落到斜面上并沿斜面下滑，说明此时小球速度方向与斜面平行，否则小球会弹起，所以 vy=v0tan 53且有=2gh，解得 vy=4 m/s，v0=3 m/s（2）由vy=gt1解得 t1=0.4s，所以水平距离 s=v0t1=30.4 m=1.2 m（3）对物体受力分析，根据牛顿第二定律
49、可得，小球沿斜面做匀加速直线运动的加速度 a=gsin 53，初速度为平抛运动的末速度 v=5 m/s则 =vt2+a，解得 t2=2s（或t2=s不合题意舍去） 所以 t=t1+t2=2.4 s答：（1）小球水平抛出的初速度v0是3 m/s；（2）斜面顶端与平台边缘的水平距离s是1.2 m；（3）若斜面顶端离地高H=20.8m，则小球离开平台后到达斜面底端的时间是2.4s【点评】本题的关键要分析清楚小球的运动情况，明确小球在接触斜面之前做的是平抛运动，在斜面上时小球做匀加速直线运动，根据两个不同的运动的过程，分段进行研究19（2015秋荆州校级期末）如图所示，质量为4kg的小球用细绳拴着吊在
50、行驶的汽车后壁上，绳与竖直方向夹角为37已知g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8，求：（1）汽车匀速运动时，小球对细线的拉力大小和对车后壁的压力大小（2）当汽车以a=10m/s2向右匀减速行驶时，细线对小球的拉力大小和小球对车后壁的压力大小【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用；牛顿第三定律【分析】（1）汽车匀速直线运动时，小球受重力、拉力和后壁的弹力平衡，根据共点力平衡求出拉力和墙壁的弹力大小，从而根据牛顿第三定律求出小球对细线的拉力大小和对车后壁的压力大小（2）根据牛顿第二定律求出后壁对球弹力恰好为零时的加速度，判断小球是否飞起来，从而根据牛顿第二定律求出细线对小球
51、的拉力大小和小球对车后壁的压力大小【解答】解：（1）匀速运动时，小球受力分析，小球受到重力、拉力、后壁的弹力，由平衡条件得：Tsin=FN，Tcos=mg代入数据得：T=50N，FN=30N根据牛顿第三定律可得：小球对细线的拉力为50N和小球对车后壁的压力大小为30N（2）当汽车向右匀减速行驶时，设车后壁弹力为0时的加速度为a0（临界条件），受重力和拉力两个力，由牛顿第二定律得：Tsin=ma0，Tcos=mg代入数据得：因为a=10m/s2a0，所以小球飞起来，所以小球对车后壁的压力FN=0对细线的拉力答：（1）汽车匀速运动时，小球对细线的拉力大小为50N，对车后壁的压力为30N（2）当汽车以a=10m/s2向右匀减速行驶时，细线对小球的拉力大小为N，小球对车后壁的压力大小为零【点评】本题考查了共点力平衡以及牛顿第二定律，知道小球与小车具有相同的加速度，通过对小球分析，根据牛顿第二定律进行求解
