1、2023届高三开年摸底联考广东卷物理参考答案及评分意见l.B【解析】一个处于n=5 能级的氢原子向低能级跃迁时最多能发出4种不同频率的光子，A错误；放射性元素无论以单质还是以化合物形式存在都具有放射性，B正确；所有核子间都存在核力，C错误；;H十lH-+扞He+in+17.6 MeV是核聚变反应方程，D错误。2.A【解析】对黑板擦受力分析可知，竖直平面内黑板擦受到竖直向下的重力mg、水平方向推力F与滑动摩擦力户根据平衡条件可知f=(mg)2+F2=5 N,方向与mg、F的合力方向相反，A正确，B错误；黑板擦所受摩擦力与推力大小不成正比，C错误；黑板擦吸附在黑板上静止时受到静摩擦力作用，D错误。
2、3.C【解析】M波传播的距离远，即 M波先开始传播且波源M起振方向向上，A错误；又波速由介质决定，两列波的波速一定相同，4m 则N波的波速为v=-=20m/s,B错误；再经o.2 s,两列波各向前传播 x1=20 m/sXO.2 s=4 m的距离，x=6m的质点恰好o.2 s 是 M波的波峰与N波的波谷相遇，则其纵坐标为Y1=10 cm-5 cm=5 cm,C正确；两列波的波长不同，频率不同，不能发生稳定的干涉现象，D错误。4.D【解析】图甲所示位置线圈平面与磁感线平行，磁通量为零，是图乙的计时起点，A错误；线圈每经过中性面1次，电流方向改变纭2穴1次，图示位置与中性面垂直，B错误；电动势的最
3、大值Em=nBSw=n也=20 XO.2 X-V=2归 v,c 错误；磁通量变化率的T 0.4!:,.q 最大值-=,P,改，若增大线圈转动的角速度，则磁通量变化率的最大值增大，D正确。!:,.t sin 0 5.B【解析】设光经AC折射后折射角为0则n=,解得 0=30圆弧BD面上全反射临界角为c,则sinC=，解得 C=45,sin 0 如图所示，光在BD界面的入射角为30,小于全反射临界角，所以光能从BD界面射出，A错误，B正确；光射入透明介质后，传播速度变小，变为v=_!:_,光的频率不变，根据v=叮可知，波长变短，CD错误。B6.D【解析】根据点电荷电场强度叠加可知，0点电场强度大小
4、为E=2kQ 平点电场强度大小为EF=k Q Q 3kQ k=L 2 4L 2 4L 2,A错误；欢kQkQ C、E两处点电荷在D点的合电场强度EDI=垂直OD连线向右，A处点电荷在D点的电场强度E02=，沿OD方向，则L 2 4L 2 7kQ D点的电场强度Eo=E扣+E扣，同理可知 B点的电场强度与 D点大小相等，但是方向不同，B错误；从0到C,电场沿4L 2 o-c,电势一直降低，小球带负电，所以电势能一直增加，C错误；等量异种电荷连线的垂直平分线为等势面，且电势为零，所以从0到B,只研究E处的正电荷即可，电势逐渐降低，从0到 D,只研究 A处的正电荷即可，电势逐渐降低，根据对称性可知，
5、BD两点电势相等，D正确。7.B【解析】导电线框开始在磁场中做加速度为g的匀加速直线运动，然后做加速度减小的加速直线运动，A错误；导电线框速度最E mgR 1 m 3 旷R 2大时，E=BLv,I=，竖直方向满足mg=BIL,得v=一-,由能械守恒可得mgh=Q+m妒，得Q=mgh,B正确；R B2L 2 2 2BL 开年摸底联考广东卷物理答案第1 页（共4 页）导电线框速度最大时在水平方向上F N=BIL=mg,C错误；在竖直方向由动量定理可知 mgt I!i=mv0 得I 安=mgtm2gR B九 2但安培力还有水平方向的冲量，D错误。gR 8 AC【解析】对地球表面的物体有GMm gR2
6、 M G 3g R=mg,可得M=G，则地球的平均密度p=V 4 4 穴GR=可求出地球的质擞和密亢 R3 度，A、C正确；空间站绕地球运行，由万有引力提供向心力得GMm 1 I V2，解得v=J召厂由牛顿第二定律有GMm=m(R+h)2 R+h R+h CR+h)4示(R+h)3T m R+h)解得T=2穴/-,空间站的线速度和周期无法 求出，B、D错误。gR 9.AC【解析】若粒子恰好从B点射出磁场，设轨道半径为r1,由几何关系有Zr1 COS30=l,由qv1 B=m 可得v1=;听qBr1点qBlm 3 m vqBr2乔qBl若粒子恰好从C点射出磁场，设轨道半径为r,由几何关系有 2
7、r2cos 60=岛-l由qv2B=m 可得v,=一-=。为使粒子不能经过BC边，粒子的速度vv,AC正确。m m 10.AB C【解析】设x=AP,从A到B 由动能定理mg 3xsin 37-1mgcos 37 x-2mgcos 37 2x=O,解得,+2,=,A4 正确；从B到A 由动能定理mg 3xsin 37 1 mg cos 37 x 2mgcos 37 2x=O mv6,联立解得v。=6 m/s,B正确；2 上滑过程中经过任意位置的速度都比下滑过程中经过 该位置的速度大，则上滑用时短，即 t,t,c正确，D错误。1 1.(1)(1分）(2)T m,x mgT min(2分）2(2分
8、）(3)C(2分）【解析】(1)为减小空气阻力带来的影响，应选用密度大的钢球，应选。(2)设初始位置时，细线与竖直方向夹角为0,此时拉力最小T=mgcos 0,由千 拉力传感器只能 测定竖直方向的（分）力，则测 得 最小值为Tmin=Tcos 0=mgcos2 0,到 最低点时细线拉力最大，则 mglCl cos 0)=mv2,T m,x mg=m，联立可得 Tm,x=3 mg 2 2 mgTm,n,即为了得 到一条直线，应该 根据测 量 数据在直角坐标系中绘制Tmax mgTm,n 关系 图像；若小球摆动过程中 机械能守恒，该直线斜率的理论值为 2。(3)该实验系统误差的主要来源是小球摆动过
9、程中有 空气阻力，使得机械能减小，C正确。1 2.(1)1 495 0(2分）C2)CD水果电池内阻太大，所以在移动滑动变阻器滑片时，电流表和电压表示数很小且变化不明显，故用图甲电路无法完成实验（合理即可得分）(2分）见解析(2分）等千(2分）大千(1分）U l.5 E【解析】(1)额定电压为1.5 v,额定电流为0.3 A 的小灯泡的电阻为RL=-n=5 n,由闭合电路欧姆定律I=解得I 0.3RL+r 该水果电池的内阻约为r=互 凡=1.5 I 1x10-3 Q 5 O=l 495 0。(2)心水果电池内阻太大，所以在移动滑动变阻器滑片时，电流表和电压表示数很小且变化不明显，故用图甲电路无
10、法完成实验。由千水果电池的内阻较大，应选用大的可变电阻才能起到有效调节作用，滑动变阻器 R,(阻值0 20 m 阻值较小，故选择电阻箱R八阻值09 999.9 a);本实验 采用基本 的伏安法 即可以测盘，由于水果电池内阻较大，故可以采用电流表内接法；根据提供的器材，设计合理的电路图如图所示。开年摸底联考广东卷物理答案第2 页（共4页）R2 由测量电路可知，所测E 测 为电动势真实值，测量的内阻为电池内阻和 电流表的内阻之和，故E 测 等千E 真，r 测 大千r 真 o3 1 9P 13.0)了p。十了pgh(2)20p:+扣5【解析】(1)对左侧气体由玻意耳定律有p。hS=p1(h+了h 2
11、h)5(2分）左侧竖管中水银竖直方向受力平衡P1 S+p(2h 5 h)Sg=p左 5(2分）3 3 1 则水银对U形管左下角水平管壁的 压强p左p。+pgh(l分）2 3(2)右侧气体p。hS=p,(h+2h +h)5(2分）以横管中 的水银 为研究对象，p左S p,S=p.主3 hS a(2分）解得9P。1a=+20ph 5 g(l分）14.(1)0.45 N(2)D点高【解析】(1)小球1离开弹射器后到达B点，根据动能定理1 Ep0 mgL 3mgR=mv(Z分）z 恰好能经过B点，根据向心力八飞VB 人工mg=m R(2分）联立解得Epo=O.22 J 设弹射器释放的弹性势能为肛时，碰
12、前第小球1到达C点瞬时速度为Ve,根据动能定理 E p 2mgL=mv(l分）解得vc=2 fto mis 两小球发生非弹性碰撞，动量守恒，设碰后瞬间速度为v气，力mvc=2mv气(1分）解得v气=冗m/s重力和支持力的合力提供向心 F矗NC 2mg=2m ZR(1分）根据牛顿第三定律，碰后瞬间对圆弧轨道C点压力大小FNc=FNe Cl分）联立解得FNc=0.45 NO分）(2)设两小球经过D点时速度大小为Vo,由C到D根据机械能守恒1 1 2mvb=6mgR+2mv扒1分）2 解得vn=万m/s1 1 C到E,机械能守恒，2mvi=2mg(2R Rsin 0)+2m叶(1分）2 2 开年摸底
13、联考广东卷物理答案第 3 页（共4页）在 E 点水平方向速度分量 VEx=VE sin 8(1 分）联立解得 Ve=vEx=15+5迈mis 瓦m/s=vo故D 点高(1 分）5mv6 汇Vo15.Cl),方向与 AB 夹角 0=37指向右下方(2)2qL 11【解析】设电场强度大小为 E,方向与 AB 的夹角为 0,1 粒子由 A到B,Eq2Lcos 0=mv沪X8(2 分）2 1 粒子由 A到D,EqLcos(90 0)=mv沪X3(2 分）2 解得 0=375mv,E=2qL(2分）3 2(3)v。或 Vo8 3(2)粒子从 C 点射出时，沿电场线方向的位移最大，动能增量最多，如图 1
14、将位移 AC 进行分解，4 2 DE=L,则 EC=L(l 分）3 3 2 11 FC=L,则AF=LO 分）5 5 2 在垂直千电场的方向上：v1t=LO 分）5 Eq 11 在沿着电场的方向上：-t=LO 分）2m 5 解得J订-Vov,=11(1 分）Eq 5v5(3)动量的增量:t:,.p=Ft:,.t=Eqt,其中-=-(1 分）m 2L 2L 则 t=-5v。勹cEq 12 设粒子进入电场的速度大小为 V2,沿电场方向的位移为 Y2,垂直千电场方向的位移为 X2,则yz=-t=-LO 分）2m 3 3 如图 2所示，若x,=MH=L=v,t,则 v,=v。(1 分）20 8 4 2 若 xz=MG=L=vzt,则vz=v。(1 分）15 3 开年摸底联考广东卷物理答案第 4 页（共4页）G
