1、高考资源网（） 您身边的高考专家云南省元江一中20192020学年上学期10月考试高二 物理本试卷分第卷和第卷两部分，共100分，考试时间90分钟。学校：_姓名：_班级：_考号：_分卷I一、单选题(共10小题,每小题3.0分,共30分) 1.如图所示，A、B是某点电荷电场中的一条电场线在电场线上P处自由释放一个负检验电荷时，它沿直线向B点运动对此现象，下列判断正确的是(不计电荷重力)()A 电荷向B做匀速运动B 电荷向B做加速度越来越小的运动C 电荷向B做加速度越来越大的运动D 电荷向B做加速运动，加速度的变化情况不能确定2.一同学在某电路中接上两个毫安表和两个相同的电压表，如图所示，毫安表1
2、的读数I1=100 mA，毫安表2的读数I2=99 mA，电压表V1的读数U1=10 V，则电压表V2的读数应为（）A 0.01 V B 1 V C 0.1 V D 10 V3.下列物理公式属于定义式的是()AI Ba CEk DR4.用相同的灵敏电流计作表头改装成电流表A和电压表V，分别将其串联和并联在一起，然后接入电路中。通电后关于指针的偏角情况的叙述正确的是（ ）A 图甲中电压表的指针偏角与电流表的相等B 图甲中电压表的指针偏角比电流表的小C 图乙中电压表的指针偏角与电流表的相等D 图乙中电压表的指针偏角比电流表的小5.一个电容器的规格是“50 V10 F”，则()A 这个电容器只有加上
3、50 V 电压时，电容才是10 FB 这个电容器能容纳的最大电荷量为10 CC 这个电容器储存的电荷量一定为500 CD 这个电容器两端的电压等于10 V时，它两极板电荷量(绝对值)之和为200 C6.把两根同种材料的电阻丝分别连在两个电路中，甲电阻丝长L，直径为d，乙电阻丝长2L，直径为2d.要使它们消耗的电功率相等，加在两电阻丝上的电压比U甲U乙应是()A 11 B 21 C2 D17.如图所示的电路中，电源的电动势为E，内阻为r，A为灯泡，D为理想的电压表在变阻器的滑片P由B端向C端滑动的过程中()AA灯变亮，D示数变大BA灯变亮，D示数变小CA灯变暗，D示数变大DA灯变暗，D示数变小8
4、.一个平行板电容器，若增大加在它两极板间的电压，则电容器的()A 电量增加，电量与所加电压的比值增大B 电量不变，电量与所加电压的比值变小C 电量增加，电量与所加电压的比值不变D 电量不变，电量与所加电压的比值不变9.一根均匀电阻丝阻值为R，在以下哪些情况下，阻值仍为R()A 长度变为一半，横截面积增大一倍时B 横截面积变为一半，长度变为二倍时C 长度和横截面积都变为原来的2倍时D 直径变为一半，长度变为原来的时10.先后按图中（1）、（2）所示电路测同一未知电阻阻值Rx，已知两电路的路端电压恒定不变，若按图（1）所示电路测得电压表示数为6 V，电流表示数为2 mA，那么按图（2）所示电路测得
5、的结果应有（ ）A 电压表示数为6 V，电流表示数为2 mAB 电压表示数为6 V，电流表示数小于2 mAC 电压表示数小于6 V，电流表示数小于2 mAD 电压表示数小于6 V，电流表示数大于2 mA二、多选题(共4小题,每小题4.0分,共16分) 11.(多选)如图所示，在重力加速度为g的空间，有一个带电荷量为Q的场源电荷置于O点，B、C为以O为圆心、半径为R的竖直圆周上的两点，A、B、O在同一竖直线上，ABR，O、C在同一水平线上现在有一质量为m、电荷量为q的有孔小球，沿光滑绝缘细杆AC从A点由静止开始滑下，滑至C点时速度的大小为，下列说法正确的是()A 从A到C小球做匀变速运动BB、A
6、两点间的电势差为C 从A到C小球的机械能守恒D 若从A点自由释放，则下落在B点时的速度大小为12.(多选)随着人们生活水平的提高，各种家用电器日益走入我们的居家生活，而家用电器所产生的静电会被人体吸收并积存起来，加之居室内墙壁和地板多属绝缘体，空气干燥，因此更容易受到静电干扰由于老年人的皮肤相对年轻人干燥以及老年人心血管系统的老化、抗干扰能力减弱等因素，因此老年人更容易受静电的影响心血管系统本来就有各种病变的老年人，静电更会使病情加重过高的静电还常常使人焦躁不安、头痛、胸闷、呼吸困难、咳嗽我们平时生活中就应当采取措施，有效防止静电，下列可行的是()A 室内要勤拖地、勤洒些水B 要勤洗澡、勤换衣
7、服C 选择柔软、光滑的化纤类衣物D 尽量避免使用化纤地毯和塑料为表面材料的家具13.(多选)关于电容器和电容的概念，下列说法正确的是()A 任何两个彼此绝缘又互相靠近的导体都可以看成是一个电容器B 用电源对平行板电容器充电后，两极板一定带有等量异种电荷C 某一电容器带电荷量越多，它的电容就越大D 某一电容器两板间的电压越高，它的电容就越大14.(多选)如图所示，电源内阻不可忽略，已知R1为半导体热敏电阻，R2为锰铜合金制成的可变电阻，若发现灯泡L的亮度变暗，可能的原因是()AR1的温度逐渐降低 BR1受到可见光的照射CR2的阻值逐渐增大 DR2的阻值逐渐减小分卷II三、实验题(共2小题,共15
8、分) 15.在做“测绘小灯泡的伏安特性曲线”实验时，所用器材有：电动势为6 V的电源，额定电压为2.5 V的小灯泡，以及符合实验要求的滑动变阻器、电表、开关和导线.要求能测出尽可能多组数据，如图是没有连接完的实物电路.(已连接好的导线有a、b、c、d、e、f六根)(1)请你用笔画线代替导线，将实物电路连接完整；(2)连好电路，闭合开关，移动变阻器滑片P，发现小灯泡始终不亮，但电压表有示数，电流表几乎不偏转，则故障的原因可能是_；(3)排除故障后闭合开关，移动滑片P到某处，电压表的示数为2.2 V，若要测量小灯泡的额定功率，应将滑片P向_端滑动(选填“左”或“右”)；(4)图线是曲线而不是过原点
9、的直线，原因是_.16.现在要测量一段电阻丝的电阻率，其阻值Rx约为0.5 ，允许通过的最大电流为0.5 A.现有如下器材可供选择：电流表A(量程0.6 A，内阻约为0.6 )电压表V(量程3 V，内阻约为3 k)待测电阻丝Rx(阻值约为0.5 )标准电阻R0(阻值5 )滑动变阻器R1(5 ，2 A)滑动变阻器R2(200 ，1.5 A)直流电源E(E6 V，内阻不计)开关S、导线若干(1)图为四位同学分别设计的测量电路的一部分，你认为合理的是_；(2)实验中滑动变阻器应该选择_(选填“R1”或“R2”)，并采用_接法；(3)根据你在(1)(2)中的选择，在图甲上完成实验电路的连接；(4)实验
10、中，如果两电表的读数分别为U和I，测得拉直后电阻丝的长度为L、直径为D，则待测电阻丝的电阻率的计算式为_；(5)用螺旋测微器测量待测电阻丝的直径时读数如图乙所示，则该电阻丝的直径D_.四、计算题 17.如图所示，半径为R的光滑圆环竖直置于场强为E的水平方向的匀强电场中，质量为m、带电荷量为q的空心小球穿在环上，当小球从顶点A由静止开始下滑到与圆心O等高的位置B时，求小球对环的压力.18.长为L的平行金属板水平放置，两极板带等量的异种电荷，板间形成匀强电场，一个带电荷量为q、质量为m的带电粒子，以初速度v0紧贴上极板垂直于电场线方向进入该电场，刚好从下极板边缘射出，射出时速度恰与下极板成30角，
11、如图所示，不计粒子重力，求：(1)粒子末速度的大小；(2)匀强电场的场强；(3)两板间的距离.19.如图所示，电源电动势E10 V，内阻可忽略，R14 ，R26 ，C30 F，求：(1)S闭合后，稳定时通过R1的电流；(2)S原来闭合，然后断开，这个过程中流过R1的总电荷量.20.如图所示，光滑斜面倾角为37，一带有正电的小物块质量为m，电荷量为q，置于斜面上，当沿水平方向加如图所示的匀强电场时，带电小物块恰好静止在斜面上，从某时刻开始，电场强度变为原来的，求：(1)原来的电场强度(2)物块运动的加速度(3)沿斜面下滑距离为l时物块的速度(sin 370.6，cos 370.8，g取10 m/
12、s2) 答案1.D 2.C 3.D 4.D 5.D 6.D 7.D 8.C 9.C 10.D11.BD 12.ABD 13.AB 14.AD15.(1)连线如图(2)c段导线断路或灯泡灯丝断了(3)右(4)灯丝的电阻会随温度的升高而增大【解析】(1)测绘小灯泡的伏安特性曲线要求滑动变阻器使用分压式接法，这样能使小灯泡两端的电压从零开始逐渐增大，小灯泡电阻与电流表内阻往往相差不大，而且由于实物图中已经将电压表负极与电流表和灯泡的左端连接好，只能将电压表与灯泡直接并联，采用电流表的外接法，这样误差较小.(2)由于整个电路分成两条支路，电压表这条支路无故障，而灯泡这个支路出故障，只能是灯泡的灯丝断了
13、或c段导线断路所致，导致电压表直接接入干路，电阻过大，滑动变阻器无法控制电流，电流表几乎不偏转.(3)小灯泡的额定电压为2.5 V，要增大电压必须调节滑动变阻器，让滑动变阻器与小灯泡并联部分的电压增大，所以P要向右滑动.(4)从伏安特性曲线可以看出，电压升高时，电压表示数与电流表示数的比值增大，故曲线说明了灯丝的电阻随着温度升高而增大.16.(1)C(2)R1分压(3)(4)(R0)(5)1.205(0.002) mm【解析】(1)电阻Rx两端的最大电压UIRx0.25 V，约为电压表量程的，需要在待测电阻Rx两端串联分压电阻，即串联标准电阻R0，此时R0Rx，电流表采用外接法，选项C正确.(
14、2)滑动变阻器若选用R2并采用限流接法，调控范围小，操作不便，而电源内阻不计，不用考虑大电流时电源电动势的变化，因而选择R1，并采用分压接法.(3)根据测量电路图和滑动变阻器的分压式接法，实物连线如图所示.(4)待测电阻RxR0.由电阻定律有Rx，联立解得(R0).(5)螺旋测微器的读数为1 mm0.0120.5 mm1.205 mm.17.2mg3Eq，方向水平向右【解析】小球从A运动到B的过程中，重力做正功，电场力做正功，动能增加，由动能定理有mgREqRmv2在B点小球受到重力mg、电场力F和环对小球的弹力F1三个力的作用，沿半径方向指向圆心的合力提供向心力，则F1Eqm联立以上两式可得
15、F12mg3Eq小球对环的作用力与环对小球的作用力为一对作用力与反作用力，两者等大反向，即小球对环的压力F12mg3Eq，方向水平向右.18.(1)(2)(3)L【解析】(1)粒子离开电场时，合速度与水平方向夹角为30，由几何关系得合速度：v.(2)粒子在匀强电场中做类平抛运动，在水平方向上：Lv0t，在竖直方向上：vyat，vyv0tan 30，由牛顿第二定律得：qEma解得：E.(3)粒子做类平抛运动，在竖直方向上：dat2，解得：dL.19.(1)1 A(2)1.2104C【解析】(1)S闭合后，电路稳定时，R1、R2串联，易求I1 A.(2)S闭合时，电容器两端电压UCU2IR26 V
16、，储存的电荷量QCUC.S断开至达到稳定后电路中电流为零，此时UCE，储存的电荷量QCUC.很显然电容器上的电荷量增加了QQQCUCCUC1.2104C.电容器上电荷量的增加是在S断开以后才产生的，这只有通过R1这条电路实现，所以流过R1的电荷量就是电容器带电荷量的增加量.20.(1)(2)3 m/s2，方向沿斜面向下(3)【解析】(1)对小物块受力分析如图所示，物块静止于斜面上，则mgsin 37qEcos 37，E.(2)当场强变为原来的时，小物块所受的合外力F合mgsin 37qEcos 37mgsin 37.又F合ma，所以a3 m/s2，方向沿斜面向下(3)由动能定理得F合lmv20所以mgsin 37lmv2，所以v.高考资源网版权所有，侵权必究！
