1、淄川第一中学高2014级过程性检测物理试卷时间：90分钟 分值：100分第卷（共46分）一、单项选择题（本大题共7个小题，每个小题3分，共21分。在每小题给出的4个选项中，只有一项是正确的）1、下列说法不符合物理学史的是()A奥斯特发现了电流的磁效应B法拉第发现了电磁感应现象C牛顿解释了涡旋电场的产生原理D楞次找到了判断感应电流方向的方法2如图所示是一交变电流的it图象，则该交变电流的有效值为 ()A4 A B. A C. A D2 A3如图所示，水平放置的光滑杆上套有A、B、C三个金属环，其中B接电源。在接通电源的瞬间，A、C两环()A都被B排斥B都被B吸引CA被吸引，C被排斥DA被排斥，C
2、被吸引4如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为112，原线圈两端的输入电压u220sin100t(V)，电表均为理想电表，滑动变阻器R接入电路部分的阻值为10 。下列叙述中正确的是() A该交流电的频率为100 HzB电流表的读数为4 AC若将R替换为一个击穿电压为50 V的电容器，电容器可以正常工作D若滑动变阻器的滑动触头P向a端移动，电流表的读数变小，变压器的输入功率不变5、甲、乙两个完全相同的铜环可绕固定轴OO旋转，当给以相同的初始角速度开始转动后，由于阻力，经相同的时间后便停止；若将环置于磁感应强度B大小相同的匀强磁场中，甲环的转轴与磁场方向平行，乙环的转轴与磁场方向垂直，如图所示，
3、当甲、乙两环同时以相同的角速度开始转动后，则下列判断正确的是()A甲环先停B乙环先停C两环同时停下D无法判断两环停止的先后顺序6北半球地磁场的竖直分量向下。如图所示，在武汉某中学实验室的水平桌面上，放置边长为L的正方形闭合导体线圈abcd，线圈的ab边沿南北方向，ad边沿东西方向。下列说法中正确的是() A若使线圈向东平动，则a点的电势比b点的电势低B若使线圈向北平动，则a点的电势比b点的电势低C若以cd为轴将线圈向上翻转，则开始一段时间内线圈中感应电流方向为adcbaD若以ab为轴将线圈向上翻转，则开始一段时间内线圈中感应电流方向为adcba7如图甲所示，一圆形闭合铜环由高处从静止开始下落，
4、穿过一根竖直悬挂的条形磁铁，铜环的中心轴线与条形磁铁的中轴线始终保持重合若取磁铁中心O为坐标原点，建立竖直向下为正方向的x轴，则图乙中最能正确反映环中感应电流i随环心位置坐标x变化的关系图象是()二、多项选择题（本大题共5个小题，每个小题5分，共25分。在每小题给出的4个选项中，有多个选项正确。全部选对的得5分，选对但不全的得3分；有选错的或不答的得0分）8一单匝闭合线框在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的转轴匀速转动在转动过程中，线框中的最大磁通量为m，最大感应电动势为Em.下列说法中正确的是 ()A当磁通量为零时，感应电动势最大B当磁通量减小时，感应电动势在减小C当磁通量等于0.5m，感应电动势
5、等于0.5EmD角速度等于Em/m9、如图所示，矩形线圈abcd的边长分别是abL，adD，线圈与磁感应强度为B的匀强磁场平行，线圈以ab边为轴做角速度为的匀速转动，下列说法正确的是(从图示位置开始计时) ()At0时线圈的感应电动势为零B转过90时线圈的感应电动势为零C转过90的过程中线圈中的平均感应电动势为BLDD转过90的过程中线圈中的平均感应电动势为10某发电厂原来用电压为U1的交流电输电，后改用变压比为150的升压变压器将电压升高为U2后输电，输送的电功率保持不变若输电线路的总电阻为R线，则下列说法中正确的是 ()A由公式I可知，提高电压后输电线上的电流降为原来的B由公式I可知，提高
6、电压后输电线上的电流增为原来的50倍C由公式PI2R线可知，提高电压后输电线上的功率损耗减为原来的D由公式P可知，提高电压后输电线上的功率损耗增大为原来的2 500倍11.如图所示，A、B两输电线间的电压是u200sin100t(V)，输电线电阻不计，把电阻R50的用电器接在A、B两输电线上，对此，下列说法正确的是() A电流表示数为4AB电压表示数为200VC通过R的电流方向每秒钟改变50次D用电器消耗的电功率为1.6kW12.如图所示，平行金属导轨与水平面间的倾角为，导轨电阻不计，下端与阻值为R的定值电阻相连，磁感应强度为B的匀强磁场垂直穿过导轨平面有一质量为m、长为l的导体棒从ab位置获
7、得平行斜面的大小为v的初速度向上运动，最远到达ab的位置，滑行的距离为s，导体棒的电阻也为R，与导轨之间的动摩擦因数为.则 ()A上滑过程中导体棒受到的最大安培力为B上滑过程中安培力、滑动摩擦力和重力对导体棒做的总功为C上滑过程中电流做功产生的热量为mgs(sin cos )D上滑过程中导体棒损失的机械能为mgssin 第II卷（非选择题，共54分）三、实验题（本大题共2个小题，共12分）13、(8分)(1)下图为研究电磁感应现象实验中所用器材的示意图。试回答下列问题。在该实验中电流计G的作用是检测感应电流的_和_。请按实验要求在实物上连线。在实验出现的电磁感应现象中，A、B线圈哪个相当于电源
8、？_(选填“A”或“B”)(2)已知一灵敏电流计，当电流从正接线柱流入时，指针向正接线柱一侧偏转，现把它与线圈串联接成如图所示电路，当条形磁铁按如图所示情况运动时，以下判断正确的是_。A甲图中电流表偏转方向向右B乙图中磁铁下方的极性是N极C丙图中磁铁的运动方向向下D丁图中线圈的绕制方向从上往下看为顺时针方向14（4分）如图所示，理想变压器的原、副线圈匝数之比为n1n241，原线圈回路中的电阻A与副线圈回路中的负载电阻B的阻值相等，a、b端加一定交流电压后，电阻消耗的电功率之比PAPB_，两电阻两端电压之比UAUB_.四、本大题共4个小题，共42分。（要求写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步
9、骤，只写出最后答案的，不能得分。有数值计算的题答案中必须明确写出数值和单位）15(9分)图(a)是一理想变压器的电路连接图，图(b)是原线圈两端所加的电压随时间变化的关系图象，已知电压表的示数为40V，两个定值电阻的阻值R均为10，则：(1)求原、副线圈的匝数比；(2)将开关S闭合，求原线圈的输入功率；(3)若将电流表A2换成一只具有单向导电性的二极管，并将开关S闭合，求电压表示数。16(10分)如图所示，水平桌面上有两个质量为m5.0103 kg、边长均为L0.2 m的正方形线框A和B，电阻均为R1.6 ，用绝缘细线相连静止于宽为d1.2 m的匀强磁场的两边，磁感应强度B2.0 T，现用水平
10、恒力F0.8 N拉线框B，不计摩擦，线框A的右边离开磁场时恰好做匀速运动，求：(1)线框匀速运动的速度；(2)线框产生的焦耳热。17(11分)发电站通过升压变压器，输电导线和降压变压器把电能输送到用户(升压变压器和降压变压器都可视为理想变压器)(1)画出上述输电全过程的线路图；(2)若发电机的输出功率是400 kW，输出电压是500 V，升压变压器的原副线圈的匝数比为125，求升压变压器的输出电压和输电导线中的电流；(3)若输电导线中的电功率损失为输入功率的4%，求输电导线的总电阻和降压变压器原线圈两端的电压；(4)计算降压变压器的输出功率。18(12分)如图甲所示，abcd是位于竖直平面内的
11、正方形闭合金属线框，金属线框的质量为m，电阻为R。在金属线框的下方有一匀强磁场区域，MN和MN是匀强磁场区域的水平边界，并与线框的bc边平行，磁场方向与线框平面垂直。现金属线框由距MN的某一高度从静止开始下落，图乙是金属线框由开始下落到完全穿过匀强磁场区域瞬间的vt图象，图象中坐标轴上所标出的字母均为已知量。求：(1)金属线框的边长；(2)磁场的磁感应强度；(3)金属线框在整个下落过程中所产生的热量。物理月考试题答案3.221、C 2、B 3、A 4、B 5、B 6、A 7、B 8、AD 9、BD 10、AC 11、AB 12、CD13、(1)大小方向见解析B(2)ABD14、1:16,1:4
12、15【解析】(1)由题图(b)可知输入电压的有效值U1200V.1分由.1分得.1分(2)将S闭合，U2不变，即电压表示数保持40V不变I28A.1分则输入功率P入P出U2I2408W320W.2分(3)换成二极管后，电压表两端的ut图象如图所示设电压表示数为U，则由QT.2分解得U20V28.28V.1分16【解析】(1)线框A的右边离开磁场时EBLv.1分I.1分F安=BIL.1分平衡条件为F= F安.1分所以v8 m/s.1分(2)由动能定理:.2分解得：W安=-0.8J.1分线框进出磁场过程中产生的焦耳热Q=- W安 .1分所以Q=0.8J .1分方法二：根据能量守恒定律得QF（d+L
13、）2mv2.4分代入数据解得线框进出磁场过程中产生的焦耳热Q0.8 J。.1分17、 (1)见解析图.2分(2)对升压变压器，据公式，有U2U1500 V12500 V.1分P2P1.1分I2 A32 A.1分(3) P损0.04P1IR线.1分所以：R线=15.625 ，.1分因为UU2U3I2R线.1分所以U3U2I2R线(1250003215.625) V12000 V.1分(4)P4P1P损0.96P10.96400000 W384000 W384 kW。.2分18 (1)由vt图象知，t1t2时间段是线框匀速进入过程，线框边长即为该段时间发生的位移：Lv1(t2t1) .2分(2)匀速进入过程，合力为零，安培力等于重力。mgBIL.1分EBLv.1分I.1分B.1分(3)设金属线框在进入磁场过程中金属线框产生的热量为Q1，重力对其做正功，安培力对其做负功，由动能定理得mgL+W安0.1分又因为Q1-W安.1分所以：Q1mg v1(t2t1) .1分设金属线框在离开磁场过程中金属线框产生的热量为Q2，重力对其做正功，安培力对其做负功，由动能定理得W重+W安mvmv.1分Q2-W安= mg v1(t2t1)+ m(vv).1分线框产生的总热量QQ1Q2解得：Q2mgv1(t2t1)m(vv).1分 版权所有：高考资源网()
