1、云南省保山市云县一中2018届高三2月份考试高三理综 物理 一、单选题(共6小题,每小题6.0分,共36分) 1.宇航员王亚平在“天宫1号”飞船内进行了我国首次太空授课，演示了一些完全失重状态下的物理现象若飞船质量为m，距地面高度为h，地球质量为M，半径为R，引力常量为G，则飞船所在处的重力加速度大小为()A 0BCD2.如图所示，某空间存在正交的匀强磁场和匀强电场，电场方向水平向右，磁场方向垂直纸面向里，一带电微粒由a点进入电磁场并刚好能沿ab直线向上运动。下列说法正确的是（ ）A 微粒一定带负电B 微粒动能一定减小C 微粒的电势能一定增加D 微粒的机械能不变3.如图为一理想变压器，K为单刀
2、双掷开关，P为滑动变阻器的滑动触头，U1为加在原线圈两端的电压，I1为原线圈中的电流强度，则()A 保持U1及P的位置不变，K由a合到b时，I1将增大B 保持U1及P的位置不变，K由b合到a时，R消耗的功率将减小C 保持U1不变，K合在a处，使P上滑，I1将增大D 保持P的位置不变，K合在a处，增大U1，则I1将不变4.水平路面上行驶的汽车所受到的阻力大小与汽车行驶的速率成正比，若汽车从静止出发， 先做匀加速直线运动，达到额定功率后保持额定功率行驶，则在整个行驶过程中，汽车受到的牵引力大小与阻力大小关系图象正确的是()ABCD5.如图所示，套在竖直细杆上的环A由跨过定滑轮的不可伸长的轻绳与重物
3、B相连由于B的质量较大，故在释放B后，A将沿杆上升，当A环上升至与定滑轮的连线处水平时，其上升速度v10，若这时B的速度为v2，则()Av20Bv2v1Cv20Dv2v1二、多选题(共3小题,每小题6.0分,共18分) 6.(多选)如图所示，将两相同的木块a，b置于粗糙的水平地面上，中间用一轻弹簧连接，两侧用细绳固定于墙壁开始时a，b均静止弹簧处于伸长状态，两细绳均有拉力，a所受摩擦力Ffa0，b所受摩擦力Ffb0，现将右侧细绳剪断，则剪断瞬间()AFfa大小不变BFfa方向改变CFfb仍然为零DFfb方向向右7.（多选）在加拿大城市温哥华举行的第二十一届冬奥会花样滑冰双人自由滑比赛落下帷幕，
4、中国选手申雪、赵宏博获得冠军如图所示，如果赵宏博以自己为转动轴拉着申雪做匀速圆周运动若赵宏博的转速为30r/min，手臂与竖直方向夹角为60，申雪的质量是50kg ，她触地冰鞋的线速度为4.7m/s，则下列说法正确的是（)A 申雪做圆周运动的角速度为rad/sB 申雪触地冰鞋做圆周运动的半径约为2mC 赵宏博手臂拉力约是850ND 赵宏博手臂拉力约是500N8.(多选)如图所示，在水平光滑桌面上，两相同的矩形刚性小线圈分别叠放在固定的绝缘矩形金属框的左右两边上，且每个小线圈都各有一半面积在金属框内在金属框接通逆时针方向电流的瞬间()A 两小线圈会有相互靠拢的趋势B 两小线圈会有相互远离的趋势C
5、 两小线圈中感应电流都沿顺时针方向D 左边小线圈中感应电流沿顺时针方向，右边小线圈中感应电流沿逆时针方向分卷II三、实验题(共2小题,共15分) 9.甲、乙都是使用电磁打点计时器验证机械能守恒定律的实验装置图(1)较好的装置是_(填“甲”或“乙”)；(2)某同学用关系式mghmv2验证机械能是否守恒，他采用较好的装置进行实验，得到如图丙所示的一条完整纸带，将纸带上打出的第一个点标为A点，第二个点标为B点，后面依次类推，分别标为C、D、E、F、G、H、I，则在D点时重物运动的速度大小为_m/s.(计算结果保留两位有效数字)(3)若当地重力加速度g9.80 m/s2，比较重物在AD间的势能变化Ep
6、和动能变化E的大小关系为：Ek_Ep(填“”、“”或“”)，分析造成的原因是_.10.现要同时测电阻R0的阻值、电源的电动势E及内阻r。给定的器材有：两个电压表和电流表，变阻器R1，电阻箱R2，待测的定值电阻R0，两节串联的电池，开关S及导线若干。（1）甲组同学设计一个如图（a）所示的电路能够同时测电阻R0、电源的电动势及内阻。调节变阻器，理想电压表V1、V2和电流表A分别测得多组U1、U2、I的数据，并作出U1I和U2I,图（b），并根据图线得到电源E的电动势为3V，则内阻为_；R0为 _。（结果保留两位有效数字）（2）若甲组同学调节图（a）中变阻器的电阻为某值时使电压表V2读数为15V后固
7、定不动，然后将电阻R0更换成一只“15V 09W”的小灯泡，若已知小灯泡的伏安曲线如图，则小灯泡的实际功率为_W。（3）乙组同学在使用上述仪器的时候发现电流表已坏，不能够使用。但乙组同学在合理选择仪器后也能够在同一电路中测出电阻R0的阻值、电源的电动势E及内阻r，请在方框中画出乙组同学完成实验的实验电路图。四、计算题 11.如图所示，质量为m的小物块在粗糙水平桌面上做直线运动，经距离l后以速度v飞离桌面，最终落在水平地面上已知l1.4 m，v3.0 m/s，m0.10 kg，物块与桌面间的动摩擦因数0.25，桌面高h0.45 m，不计空气阻力，重力加速度取10 m/s2，求：(1)小物块落地点
8、距飞出点的水平距离s；(2)小物块落地时的动能Ek；(3)小物块的初速度大小v0.12.如图甲，在x0的空间中存在沿y轴负方向的匀强电场和垂直于xOy平面向里的匀强磁场，电场强度大小为E，磁感应强度大小为B。一质量为m，带电量为q（q0）的粒子从坐标原点O处，以初速度v0沿x轴正方向射入，粒子的运动轨迹见图甲，不计粒子的重力。求该粒子运动到y=h时的速度大小v；现只改变入射粒子初速度的大小，发现初速度大小不同的粒子虽然运动轨迹（y-x曲线）不同，但具有相同的空间周期性，如图乙所示；同时，这些粒子在y轴方向上的运动（y-t关系）是简谐运动，且都有相同的周期。求粒子在一个周期T内，沿x轴方向前进的
9、距离s；当入射粒子的初速度大小为v0时，其y-t图像如图丙所示，求该粒子在y轴方向上做简谐运动的振幅Ay，并写出y-t的函数表达式。【物理选修3-3】13.（1）下列说法正确的是（ ）A气体的内能是所有分子热运动的动能和分子间的势能之和B液晶的光学性质不随所加电场的变化而变化C功可以全部转化为热，但热量不能全部转化为功D一定量的气体，在体积不变时，分子每秒平均碰撞次数随着温度降低而减小E一定量的气体，在压强不变时，分子每秒对器壁单位面积平均碰撞次数随着温度降低而增加（2）在水平面竖直放置一个截面均匀等臂的U形玻璃管，管内盛有密度为（1的液体，如图所示，玻璃管的右侧上端开口，左侧上端封闭，左侧封
10、闭的空气柱长度为h，右侧液面与管口相距高度为2h，在右侧液面上放置一个质量和厚度都可以忽略不计的活塞，它与管壁间既无摩擦又无间隙，从右端开口处缓慢注入密度为（2的液体，直到注满为止，注入液体后左侧空气气柱的长度为h/2，设在注入液体过程中，周围环境的温度不变，大气压强p04gh，求：两种液体的密度之比答案解析1.【答案】B【解析】对飞船由万有引力定律和牛顿第二定律得，mg，解得飞船所在处的重力加速度为g，B项正确2.【答案】A【解析】对该种粒子进行受力分析得：它受到竖直向下的重力，水平方向的电场力，垂直速度方向的，其中重力和电场力是恒力，由于粒子沿直线运动，则可以判断出其受到的洛伦兹力也是恒定
11、的，即该粒子是做匀速直线运动，动能不变，所以B项错误；如果该粒子带正电，则受到向右的电场力和向左下方的洛伦兹力，所以粒子受到的力不会平衡，故该种粒子一定是带负电，A项正确；该种粒子带负电，向左上方运动，所以电场力做正功，电势能一定是减小的，C项错误；因为重力势能增加，动能不变，所以该粒子的机械能增加，D项不对。3.【答案】A【解析】保持U1及P的位置不变，K由a合到b时，原线圈匝数变小，副线圈电压变大，所以副线圈功率变大，而原线圈功率等于副线圈功率，所以原线圈功率变大，根据I1得I1将增大，故A正确；保持U1及P的位置不变，K由b合到a时，原线圈匝数变大，副线圈电压变小，根据P可知功率变小，故
12、B错误；保持U1不变，K合在a处，使P上滑时，R增大，而电压不变，所以副线圈电流变小，根据可知I1将减小，故C错误；保持P的位置不变，K合在a处，若U1增大，则副线圈电压增大，所以副线圈电流变大，可知U1将增大，故D错误4.【答案】A【解析】若汽车从静止出发，先做匀加速直线运动，在匀加速运动阶段，由FFfma可得FFfma，牵引力随阻力的增大均匀增大，图象C、D错误；达到额定功率后保持额定功率行驶，由F，Ffkv可知，牵引力与阻力成反比，图像A正确，B错误5.【答案】A【解析】当A环上升至与定滑轮的连线处水平时，此时A环沿绳方向的分速度为0，所以这时B的速度v20，A正确6.【答案】AD【解析
13、】剪断右侧细绳瞬间，b木块仍受弹簧向左的拉力，故此时Ffb不等于零，其方向向右，与弹簧拉力方向相反a木块在剪断细绳瞬间与剪断前受力情况没有发生变化，故Ffa的大小、方向均没有变化综上所述，选项A、D正确7.【答案】A C【解析】据题意，两位运动员此时可以看成同轴转动体，则申雪转动的角速度为：，故选项A正确；由于申雪做匀速圆周运动，则有：，故选项B错误；手臂拉力为：，即,故C选项正确而D选项错误。8.【答案】BC【解析】通电绝缘金属框内部磁场较外部磁场强，由楞次定律可知，通电瞬间，左右两个小线圈中均感应出顺时针方向的感应电流，有相互远离的趋势，故正确选项为B、C.9.【答案】甲好一些0.91 m
14、/sEkEp原因是有阻力，减小的势能没有全部转化为动能【解析】(1)甲好一些理由：因为用夹子固定纸带，可以避免乙图中用手握住纸带的弊端，一方面，由于手的抖动会造成纸带上的第一个点迹被拖长或位置不能确定；另一方面，用夹子固定纸带，便于将纸带调整为竖直方向，以避免纸带与打点计时器限位孔之间产生过大的摩擦(2)由可知重物速度的大小vB0.91 m/s(3)EkEp，原因是有阻力，减小的势能没有全部转化为动能10.【答案】（1）20； 40 （2）0.5W （3）略【解析】（1）20； 40（2）做出如图u-I图线，交点为灯泡的实际功率0.5W（3）设计如图（若有其他合理的设计也给分）或11.【答案】
15、(1)0.9 m(2)0.9 J(3)4 m/s【解析】(1)物块飞出桌面后做平抛运动，竖直方向有：hgt2， 水平方向有：svt， 解得s0.9 m； (2)对物块从飞出桌面到落地，由动能定理得：mghmvmv， 落地动能Ekmv0.9 J； (3)对滑块从开始运动到飞出桌面，由动能定理得：mglmv2mv， 解得：v04 m/s. 12.【答案】（1）（2）【解析】（1）由于洛仑兹力不做功，只有电场力做功，由动能定理有，由式解得（2）由图乙可知，所有粒子在一个周期T内沿x轴方向前进的距离相同，即都等于恰好沿x轴方向匀速运动的粒子在T时间内前进的距离。设粒子恰好沿x轴方向匀速运动的速度大小为
16、v1，则qv1B=qE，又s=v1T，式中T=，解得；设粒子在y方向上的最大位移为ym（图丙曲线的最高处），对应的粒子运动速度大小为v2（沿x轴），因为粒子在y方向上的运动为简谐运动，因而在y= 0和y=ym处粒子所受的合外力大小相等，方向相反，则，由动能定理有，又，联立解得，可写出图丙曲线满足的简谐运动y-t函数表达式为.13.【答案】（1）ADE （2）【解析】（1）物体的内能指所有分子热运动动能和分子之间势能的总和，故A正确. 液晶最主要的特点是具有电光效应：液晶的干涉，散射，衍射，旋光，吸收等受电场调制，故B错误. 由热力学第二定律可知：不可能从单一热源取热，把它全部变为功而不产生其他
17、任何影响只有在不产生其它影响的条件下，从单一热源吸热全部变功才是不可能的（被客观规律所禁止的）也就是说第二定律并不禁止下列情形：存在其他变化时，热全部变功或者说：“从单一热源取热，把它全部变为功”并非不可能，但只有在发生其他变化时，才能实现故C错误。一定量的气体，在体积不变时，温度降低，压强减小，根据气体压强原理知道分子每秒平均碰撞次数也减小故D正确一定量的气体，在压强不变时，随着温度降低体积在减小，所以分子每秒对器壁单位面积平均碰撞次数在增加，故E正确故选ADE.（2）注入液体后，左侧空气柱长为h/2，由此可知注入的密度为的液柱长度未注入密度为的液体前，气体体积：被封闭气体的压强：注入密度为的液体后，气体体积气体的压强：在等温变化过程中由玻马定律：得：；即：
