1、2016百校联盟新课标2猜题卷-理科物理-(第一模拟)一、单选题：共5题1伽利略在著名的斜面实验中，通过实验观察和逻辑推理，得出斜面倾角一定时A.小球在斜面上运动的位移与时间成正比B.小球在斜面上运动的速度与时间平方成正比C.从开始运动计时，在最初三段连续相等的时间内，小球通过的位移之比为135D.从开始运动计时，在最初三段连续相等的时间内，小球通过的位移之比为1492如图所示，光滑斜面的倾角为=37，一个可以看成质点的小球在轻质细线的拉力作用下静止在斜面上，细线与斜面间的夹角也为37，若小球的重力为G，sin 37=0.6，cos 37=0.8，则手对细线的拉力等于A.GB.C.D.3在真空
2、中的x轴上的原点处和x=6a处分别固定一个点电荷M、N，在x=2a处由静止释放一个正点电荷P，假设点电荷P只受电场力作用沿x轴方向运动，得到点电荷P速度大小与其在x轴上的位置关系如图所示，则下列说法正确的是A.点电荷M、N一定都是负电荷B.点电荷P的电势能一定是先增大后减小C.点电荷M、N所带电荷量的绝对值之比为21D.x=4a处的电场强度一定为零4月球半径约为地球半径的，月球表面重力加速度约为地球表面重力加速度的，据此可知，月球的密度约为地球的密度的A.B.C.D.5如图所示，平行板电容器内存在匀强电场，电容器下极板下方区域存在一定宽度的匀强磁场。质量相等的一价和三价正离子从电容器上极板进入
3、电场(初速度可忽略不计)，经电场加速后，穿过下极板进入匀强磁场区域，已知一价正离子从磁场边界射出时速度方向偏转了30，则一价正离子和三价正离子在磁场中运动时A.轨迹半径之比为1B.轨迹半径之比为31C.速度方向偏转角度之比为21D.速度方向偏转角度之比为12二、多选题：共4题6如图所示，A、B两点都在y轴上，它们的纵坐标值分别为2。5h和2h。将两个小球分别从A、B两点沿水平方向抛出，它们在纵坐标值为h的P点相遇。已知重力加速度为g，不计空气阻力，关于两小球抛出的时间间隔和抛出的初速度之比，下列说法正确的是A.时间间隔为(-)B.时间间隔为(-)C.初速度之比为D.初速度之比为7质量为2 kg
4、的遥控玩具电动汽车由静止开始运动，汽车受到的阻力恒为重力的，若牵引力做功W和汽车位移x之间的关系如图所示，已知重力加速度g=10 m/s2，则A.汽车在01 m位移内，牵引力是恒力，13 m位移内，牵引力是变力B.汽车位移为0。5 m时，加速度的大小a=5 m/s2C.汽车位移在03 m的过程中，牵引力的最大功率为20WD.汽车位移在03 m的过程中，牵引力的平均功率为10W8如图所示，用粗细均匀的铜导线制成半径为r的圆环，PQ为圆环的直径，其左右两侧存在垂直圆环所在平面的匀强磁场，磁感应强度大小均为B，但方向相反，圆环的电阻为2R，一根长度为2r、电阻为R的金属棒MN绕着圆环的圆心O点紧贴着
5、圆环以角速度沿顺时针方向匀速转动，转动过程中金属棒MN与圆环始终接触良好，则下列说法正确的是A.金属棒MN两端的电压大小为Br2B.圆环消耗的电功率是恒定的C.圆环中电流的大小为D.金属棒MN旋转一周的过程中，电路中产生的热量为9下列说法中正确的是。(填正确答案标号。选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。每选错1个扣3分，最低得分为0分)A.石墨和金刚石是晶体，玻璃和橡胶是非晶体B.同种元素形成晶体只能有一种排列规律C.晶体的分子(或原子、离子)排列是有规则的D.晶体有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点E.在物理性质上，晶体具有各向异性，非晶体具有各向同性三、实验题：共2题10用圆锥摆
6、可以粗略验证向心力Fn=m的表达式。实验方法如下：细线一端固定在铁架台上O点，另一端悬挂一小钢球。将画着几个同心圆的白纸置于水平桌面上，使O点和同心圆的圆心连线与水平桌面垂直。用手带动小钢球使它沿纸上某个圆匀速转动起来。已知重力加速度为g。(1)实验中需要测量小钢球从第1次到第n次经过圆上某位置所需要的时间t、圆的半径r以及；(2)小钢球运动的线速度v=；(3)要验证向心力的表达式成立，只需验证等式成立即可。11如图所示是用半偏法测量电压表内阻的电路图。以下是备用仪器：A.待测电压表(量程3 V，内阻约为1 500 )B.电源E(电动势4 V，允许通过的最大电流为2 A，内阻很小)C.电阻箱(
7、最大阻值为999.9 )D.电阻箱(最大阻值为9 999.9 )E.滑动变阻器(最大阻值为20 ，允许通过的最大电流为3 A)F.滑动变阻器(最大阻值为2 000 ，允许通过的最大电流为2 A)G.开关两个，导线若干(1)为保证测量的准确性，电阻箱应选用，滑动变阻器应选用。(填代号)(2)完善下列实验步骤：(a)闭合开关S2并将滑动变阻器的滑片调至最(填“左”或“右”)端，然后闭合开关S1；(b)调节滑动变阻器使电压表恰好满偏；(c)，使电压表恰好指在中间刻度(半偏)，此时电阻箱的示数为R。那么，该电压表内阻的测量值为。电压表内阻的测量值比真实值(填“偏大”或“偏小”)。(3)若把被测的电压表
8、改装成量程为15 V的电压表，应该(填“串联”或“并联”)一只阻值为的定值电阻。四、计算题：共5题12如图所示，某次滑雪训练中，运动员(可视为质点)站在水平雪道上第一次利用滑雪杖对雪面的作用获得水平推力F=84 N而从静止向前滑行，其作用时间为t1=1.0 s，撤去水平推力F后经过时间t2=2.0 s，他第二次利用滑雪杖对雪面的作用获得同样的水平推力，作用距离与第一次相同。已知该运动员连同装备的总质量为m=60 kg，在整个运动过程中受到的滑动摩擦力大小恒为Ff=12 N，求：(1)第一次利用滑雪杖对雪面作用获得的速度大小及这段时间内的位移；(2)该运动员第二次撤去水平推力后滑行的最大距离。1
9、3如图所示，绝缘的水平桌面上方有一竖直方向的矩形区域，该区域是由两个边长均为L的正方形区域ABED、BCFE组成的，且矩形的下边DF位于桌面上。ABED区域内存在方向水平向右、电场强度大小为E1的匀强电场，BCFE区域内存在方向竖直向上、电场强度大小为E2的匀强电场，现有一质量为m的带正电的滑块以v0=的初速度从D点水平向右射入场区。已知滑块分别在ABED、BCFE区域中受到的电场力F1、F2与重力的关系为5F1=F2=5mg，桌面与滑块之间的动摩擦因数为=0.75，重力加速度为g，滑块可视为质点。求：(1)如图，以D点为坐标原点建立直角坐标系，滑块最终离开电场时的位置坐标及该位置与E点间的电
10、势差；(2)滑块离开矩形区域时的动能；(3)如果保持ABED区域内的电场不变，仅改变BCFE区域内电场的电场强度大小，滑块在BCFE区域内受到的电场力满足什么条件可以使滑块从CF边离开电场区域。14如图所示，一个内壁光滑的导热气缸竖直放置，内部封闭一定质量的理想气体，环境温度为27 ，现将一个质量为m=2 kg的活塞缓慢放置在气缸口，活塞与气缸紧密接触且不漏气。已知活塞的横截面积为S=4.010-4m2，大气压强为p0=1.0105Pa，重力加速度g取10 m/s2，气缸高为h=0.3 m，忽略活塞及气缸壁的厚度。(i)求活塞静止时气缸内封闭气体的体积。(ii)现在活塞上放置一个2 kg的砝码
11、，再让周围环境温度缓慢升高，要使活塞再次回到气缸顶端，则环境温度应升高到多少摄氏度?15如图所示为一列沿x轴正方向传播的简谐横波在t=0时刻的波形图，已知该波的传播速度为6.4 m/s，求：(i)这列波的周期；(ii)平衡位置在x=4 cm处的质点在00.05 s时间内运动的路程。16如图所示，质量为m=2 kg的物块A从高为h=0.2 m的光滑固定圆弧轨道顶端由静止释放，圆弧轨道底端的切线水平，物块A可从圆弧轨道的底端无能量损失地滑上一辆静止在光滑水平面上的小车B，且物块A恰好没有滑离小车B.已知小车B的长度为l=0.75 m，质量M=6 kg，重力加速度为g=10 m/s2，求：(i)物块
12、A与小车B间的动摩擦因数；(ii)当物块A相对小车B静止时小车B运动的位移。五、填空题：共2题17如图，某种复合光经过半圆形的玻璃砖后分成a、b两束，其中光束a与法线的夹角为60，光束b与法线的夹角为45，则玻璃对a、b两种光的折射率之比nanb=；若a、b两种光在这种玻璃中的波长之比为，现用同一双缝干涉装置分别测量a、b两种光的波长，则得到的相邻亮条纹间距之比为xaxb=。18用速度一定的中子轰击静止的锂核Li)，发生核反应后生成氚核和粒子，则核反应方程为；生成的氚核速度方向与中子的初速度方向相反，粒子的速度为v，氚核与粒子的速率之比为78，已知质子、中子质量均为m，光速为c，核反应过程中放
13、出的能量全部转化为氚核和粒子的动能，则中子的初速度v0=，此反应过程中质量亏损为。参考答案1.C【解析】伽利略在著名的斜面实验中得出倾角一定时，保持不变，进而推导出小球在斜面上运动的速度与时间成正比，选项A、B错误；小球从静止开始做匀加速直线运动，st2，进而可知选项C正确，D错误。 2.C【解析】对小球受力分析，小球受到细线的拉力F、斜面的支持力和小球的重力作用，在沿斜面方向上，Fcos 37=Gsin 37，解得F=Gtan 37=G，故C正确 3.D【解析】根据题图可知，点电荷的速度先增大后减小，说明电场力对点电荷P先做正功，后做负功，则M、N一定都是正电荷，且点电荷P的电势能一定是先减
14、小后增大，所以选项A、B错误；由于在x=4a处速度最大，说明点电荷M、N在此处产生的合场强为0，则有，所以QMQN=41，选项C错误，D正确。 4.D【解析】在地球表面mg=G，解得M=，地球的密度为=，同理，月球的密度为0=，故月球和地球的密度之比，故D正确。 5.AD【解析】离子离开电场区域时的动能为Ek=mv2=qU，离子在磁场中做圆周运动时Bqv=m，可得R=；设磁场区域的宽度为d，离子从磁场边界射出时速度方向偏转的角度为，则有sin=，由可得三价正离子对应的偏向角为=60，则选A、D。 6.AC【解析】从A处抛出的小球运动到P点所用时间tA=，从B处抛出的小球运动到P点所用时间tB=
15、，两个小球抛出的时间间隔为t=tA-tB=(-)，A正确，B错误；由x=v0t得，从A处抛出的小球的初速度大小为vA=，从B处抛出的小球的初速度大小为vB=，因为水平位移x相等，则两小球抛出的初速度之比，故C正确，D错误。 7.BCD【解析】根据公式W=Fx可知，题中Wx图象的斜率表示汽车牵引力的大小，01 m位移内，牵引力F1=20 N，13 m位移内，牵引力F2=10 N，所以A错误；01 m位移内，根据动能定理，有W1-kmgx=m，解得v1=m/s，根据速度位移公式有=2ax，代入数据解得a=5 m/s2，B正确；01 m位移内，汽车做匀加速运动，13 m位移内，汽车受力平衡，做匀速运
16、动，则速度刚达到最大时，牵引力功率最大，Pmax=F1v1=20W，C正确；牵引力做的总功W=40 J，时间t=t1+t2=s+s=s，平均功率为=10W，D正确。 8.BD【解析】由右手定则知金属棒MN中产生的感应电动势相当于两电源串联，总电动势E=2Br2=Br2，金属棒MN相当于电源，外电路电阻为，因此金属棒MN两端的电压等于E=Br2，选项A错误；根据闭合电路的欧姆定律得总电流I=，圆环中电流大小为总电流的一半，为，选项C错误；通过圆环的电流和金属棒MN两端的电压不变，故圆环消耗的电功率是不变的，选项B正确；金属棒MN旋转一周的时间t=，因此电路中产生的热量W=EIt=，选项D正确。
17、9.ACD【解析】根据晶体和非晶体的特性和分类知，A正确；同种元素的原子形成晶体时可以按不同结构排列，即具有不同的空间点阵，如石墨和金刚石，B错误；晶体的分子(或原子、离子)都是按照一定的规则排列的，构成空间点阵，非晶体的分子排列不规则，C正确；由于物质内部原子排列的明显差异，导致晶体与非晶体在物理性质上的巨大差别，晶体有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点，D正确；在物理性质上，单晶体具有各向异性，多晶体和非晶体具有各向同性，故E错误。 10.(1)悬点O到桌面的距离h(2)(3)【解析】小钢球匀速转动的周期T=，线速度v=；设为细线与竖直方向的夹角，因为tan=，因此小钢球受到的合外力为F合=
18、mgtan=mg，向心力Fn=m=m，若F合=Fn，则。 11.(1)DE(2)(a)左(c)断开开关S2，调节电阻箱的阻值R偏大(3)串联4R【解析】(1)在半偏法测电阻的实验中，电阻箱的阻值应比待测电压表的阻值大，故电阻箱应选用D，而滑动变阻器采用分压接法，为了调节方便，滑动变阻器选用最大阻值较小的E。(2)在测量数据时，电压要从较小数值开始变化，因而滑动变阻器的滑片开始时应在最左端。由于采用半偏法测量，因而断开开关S2，调节电阻箱的阻值，使电压表恰好指在中间刻度，由串联电路知识可知，电压表的内阻的测量值为R，但开关S2断开，电压表与电阻箱所在支路的电阻增大，分压增大，而电压表示数为原来一
19、半时，电阻箱分压要略大于一半，故电阻箱的阻值比电压表的内阻略大。(3)电压表改装后的量程是15 V，电压表分压3 V，串联的定值电阻分压12 V，所以串联的定值电阻的阻值应该是电压表电阻的4倍。 12.(1) 0.6 m(2) 5.2 m【解析】(1)运动员第一次利用滑雪杖对雪面作用获得的加速度为a1=1.2 m/s2第一次利用滑雪杖对雪面作用获得的速度大小v1=a1t1=1.2 m/s位移x1=a1=0.6 m(2)运动员停止使用滑雪杖后做匀减速直线运动，加速度大小为a2=0.2 m/s2第一次撤去水平推力后经过时间t2=2.0 s速度变为v1=v1-a2t2=0.8 m/s第二次利用滑雪杖
20、获得的速度大小为v2，则-v=2a1x1第二次撤去水平推力后滑行的最大距离x2=5.2 m。 13.(1)-E2L(2) 4.5mgL(3)F3mg【解析】(1)对滑块在ABED区域内时受力分析，根据牛顿第二定律可得F1-mg=ma1设滑块运动到E点时的速度为vE，则2a1L=-联立解得vE=对滑块在BCFE区域时受力分析，根据牛顿第二定律得a2=4g滑块在BCFE区域内做类平抛运动，假设滑块从BC边离开电场区域，运动的时间为t0，根据类平抛运动的规律得滑块在水平方向上做匀速运动，则x1=vEt0在竖直方向上做匀加速运动，则L=a2联立解得x1=LL，假设成立因此滑块最终离开电场时的位置坐标为
21、(L，L)滑块离开电场的位置与E点间的电势差U=-E2L(2)对滑块全过程运用动能定理得F1L-mgL+F2L-mgL=Ek-m解得Ek=4.5mgL。(3)滑块在BCFE区域内的电场中运动，当恰好从C点离开电场区域时，根据类平抛运动的规律得L=vEtL=a3t2根据牛顿第二定律得a3=联立解得F3=3mg当恰好从F点离开电场区域时，根据运动学规律得2a4L=根据牛顿第二定律得a4=联立解得F4=故滑块在BCFE区域内受到的电场力F满足F3mg时，可以使滑块从CF边离开电场区域。 14.(i) 810-5m3(ii) 327 【解析】(i)气缸内的封闭气体等温变化。将活塞放置在气缸口时，封闭气
22、体的压强p1=1.0105Pa，体积V1=Sh=1.210-4m3活塞静止时，气缸内封闭气体的压强p2=p0+=1.5105Pa根据玻意耳定律有p1V1=p2V2解得V2=810-5m3(ii)放置砝码后，活塞再次静止时，封闭气体的压强p2=p0+=2.0105Pa环境温度缓慢升高，活塞再次回到气缸顶端时，根据查理定律有解得T2=600 K故此时环境温度为t=(600-273) =327 15.(i)s(ii)m【解析】(i)由题图可知波长=12 cm则周期T=s(ii)质点从平衡位置出发一个周期运动4A，半个周期运动2A，平衡位置在x=4 cm处的质点从平衡位置开始运动t=0.05 s=2T
23、=2T+T由题图知，x=4 cm处的质点的振动方程为y=Asint=Asint故在最后T时间内质点运动的路程是Asin (T)=A所以总的路程是24A+A=m。 16.(i) 0.2(ii)m【解析】(i)设物块A从圆弧轨道顶端滑到底端时的速度为v0，由动能定理可得mgh=m解得v0=2 m/s物块A滑上小车B后，系统动量守恒，设它们相对静止时的速度为v，则mv0=(m+M)v解得v=0.5 m/s由功能关系可得m(m+M)v2+mgl解得=0.2(ii)物块A滑上小车B后，小车B做匀加速运动，小车B的加速度为a=m/s2它们相对静止时，小车运动的位移为xB=m。 17.32【解析】由光的折射定律n=可分别得出na=，nb=，所以nanb=；真空中的波长0=n，所以，所求条纹间距之比。 18.nLiHHev【解析】根据质量数守恒和电荷数守恒，可写出核反应方程为LiHHe。根据动量守恒mv0=-3mv+4mv，可得中子的初速度为v0=v；氚核和粒子的总动能E1=(v)2+v2=mv2，释放的核能E=E1-mmv2，质量亏损m=。
