1、2014-2015学年江西省宜春市丰城中学高二（下）第二次月考化学试卷一、选择题（本大题共16小题，每小题3分，每小题只有一个选项符合题意）1（3分）（2014秋广陵区校级期中）下列各组有机物只用一种试剂无法鉴别的是（）A乙醇、甲苯、硝基苯B苯、甲苯、环己烷C苯、苯酚、己烯D甲酸、乙醛、乙酸考点：有机物的鉴别分析：A利用水可鉴别；B三种物质均不溶于水，且密度均比水小；C利用溴水可鉴别；D利用氢氧化铜悬浊液可鉴别解答：解：A乙醇与水混溶，甲苯与水混合分层后有机层在上层，硝基苯与水混合后有机层在下层，现象不同，可鉴别，故A不选；B苯、甲苯、环己烷均不溶于水，且密度均比水小，性质相似，一种试剂不能鉴
2、别，故B选；C与溴水反应生成白色沉淀的为苯酚，使溴水褪色的为己烯，与溴水混合分层的为苯，故C不选；D甲酸、乙醛、乙酸分别与氢氧化铜悬浊液反应的现象为：砖红色沉淀和蓝色溶液、砖红色沉淀、蓝色溶液，现象不同，可鉴别，故D不选；故选B点评：本题考查有机物的鉴别，为高频考点，把握物质的性质及性质差异为解答的关键，注意常见有机物的性质及特征反应即可解答，明确现象明显鉴别物质，题目难度不大2（3分）（2014春丰城市校级月考）常见的有机反应类型有：取代反应加成反应消去反应酯化反应加聚反应缩聚反应还原反应，其中可能在有机物分子中重新生成羟基的反应类型有（）ABCD考点：有机化学反应的综合应用；烃的衍生物官能
3、团分析：有机反应中常见引入羟基的反应类型有：取代反应、加成反应、氧化反应、还原反应等，根据该反应特点判断在有机物分子中重新生成羟基的反应类型解答：解：取代反应可以引入羟基，如卤代烃水解，故正确；加成反应可以引入羟基，如烯烃与水的加成反应，故正确；消去反应不可以引入羟基，可以消除羟基，故错误；酯化反应不能引入羟基，可以消除羟基，故错误；加聚反应不能引入羟基，故错误；缩聚反应不能引入羟基，可以消除羟基，故错误；还原反应可以引入羟基，如醛、酮与氢气的加成反应，故正确；所以正确，故选C点评：本题考查有机反应类型的判断，题目难度不大，掌握常见有机反应类型与官能团的引入与消除反应的特点为解答关键，试题侧重
4、基础知识的考查，培养了学生的灵活应用能力3（3分）（2013春东湖区校级期中）下面有机物的同系物中，完全燃烧产生的水和二氧化碳的物质的量之比恒定的：（）（a）饱和一元醇，（b）饱和一元醛，（c）饱和一元羧酸，（d）饱和一元醇和饱和一元羧酸生成的酯，（e）乙炔的同系物，（f）苯的同系物A（b）（c）B（a）（d）C（b）（c）（d）D（b）（c）（d）（e）（f）考点：有机物实验式和分子式的确定专题：有机物分子组成通式的应用规律分析：各类有机物完全燃烧生成的水和二氧化碳的物质的量之比恒定说明有机物组成通式中H、C原子数目之比为定值，与C原子数目无关，据此解答（注意有机物完全燃烧生成的水和二氧化碳
5、的物质的量之比为a：b，则有机物分子中H、C原子个数之比为2a：b，氧原子要结合摩尔质量确定）解答：解：（a）饱和一元醇组成通式为CnH2n+2O，分子中H、C原子数目之比为（2n+2）：n，不是定值，与n值有关，故（a）不符合；（b）饱和一元醛组成通式为CnH2nO，分子中H、C原子数目之比为2n：n=2：1，是定值，与n值无关，故（b）符合；（c）饱和一元羧酸组成通式为CnH2nO2，分子中H、C原子数目之比为2n：n=2：1，是定值，与n值无关，故（c）符合；（d）饱和一元醇与饱和一元酸生成的酯组成通式为CnH2nO2，分子中H、C原子数目之比为2n：n=2：1，是定值，与n值无关，故（
6、d）符合；（e）乙炔的同系物组成通式为CnH2n2，分子中H、C原子数目之比为（2nn）：n，不是定值，与n值有关，故（e）不符合；（f）苯的同系物组成通式为CnH2n6，分子中H、C原子数目之比为（2n6）：n，不是定值，与n值有关，故（f）不符合；所以（b）（c）（d）符合故选C点评：本题考查有机物组成的判断、计算等，比较基础，判断符合条件的有机物的组成特点是关键4（3分）（2011秋温州期末）邻甲基苯甲酸（）有多种同分异构体，其中属于酯类的含有苯环的同分异构体有（）A6种B2种C4种D5种考点：同分异构现象和同分异构体专题：同系物和同分异构体分析：据有机物属于酯类，且分子结构中有苯环，则
7、应含有COO官能团，则取代基分别为CH3和OOCH或OOCCH3或COOCH3或CH2OOCH，有2个取代基时，有邻、间、对三不同结构解答：解：由题目要求可知该有机物的同分异构体中应具有CH3C6H4OOCH（C6H4为苯环）的结构，应有邻、间、对三种同分异构体或C6H5OOCCH3或C6H5COOCH3或C6H5CH2OOCH共6种，故选A点评：本题考查限制条件下同分异构体的书写，掌握有机物的官能团和结构为解答该题的关键，难度中等5（3分）（2014春丰城市校级月考）相对分子质量为128的有机物A完全燃烧后只生成二氧化碳和水，若A含有一个六元碳环且能与NaHCO3溶液反应生成二氧化碳，则其环
8、上的一溴代物有（）A5种B4种C3种D2种考点：有机化合物的异构现象分析：含有一个六元碳环且能与NaHCO3溶液反应生成二氧化碳，则A中含有COOH，有机物A完全燃烧后只生成二氧化碳和水，说明没有碳氢氧以外的元素，A的相对分子质量为128的，A含有一个六碳环，6个碳原子式量为72，COOH的式量为45，故分子含有1个COOH，利用残余法可知，剩余基团或原子的总式量为1287245=11，故还原11个H原子，A的结构简式为，据此分析解答：解：A含有一个六元碳环且能与NaHCO3溶液反应生成二氧化碳，则A中含有COOH，有机物A完全燃烧后只生成二氧化碳和水，说明没有碳氢氧以外的元素，A的相对分子质
9、量为128的，A含有一个六碳环，6个碳原子式量为72，COOH的式量为45，故分子含有1个COOH，利用残余法可知，剩余基团或原子的总式量为1287245=11，故还原11个H原子，A的结构简式为，环上的取代物，除了COOH的邻、间、对位置外，羧基连接的碳也还有氢原子，可以取代，故其环上的一溴代物有4种，故选B点评：本题考查同分异构体、有机物的推断等，注意残余法确定有机物的结构是解题的关键6（3分）（2011春绍兴校级期末）甲苯（C7H8）和甘油（C3H8O3）组成的混合物中，若碳元素的质量分数为60%，那么可以推断氢元素的质量分数约为（）A5%B8.7%C17.4%D无法计算考点：元素质量分
10、数的计算专题：有机物分子组成通式的应用规律分析：甲苯（C7H8）和甘油（C3H8O3）的相对分子质量相等，分子中H原子个数相等，则H的质量分数相同，两物质以任意比混合H的质量分数不变解答：解：甲苯（C7H8）和甘油（C3H8O3）的相对分子质量为92，1个分子中H原子个数相等，所以两者H的质量分数为100%=8.7%，两物质混合后H的质量分数不变，所以混合物中H的质量分数为8.7%故选B点评：关键在于确定甲苯（C7H8）和甘油（C3H8O3）所含H的质量分数相同，属于巧解巧算，重在考查学生的分析思维能力7（3分）（2014春丰城市校级月考）下列关于芳香族化合物说法正确的是（）A1 molA能与
11、4 mol Ag（NH3）2OH溶液发生银镜反应B核磁共振氢谱图显示有三个吸收峰C不能与FeCl3溶液发生显色反应D1 mol A能与2 mol NaHCO3完全反应放出CO2考点：有机物的结构和性质分析：该物质中含有醛基、酚羟基和苯环，具有醛、酚和苯的性质，能发生氧化反应、还原反应、加成反应、取代反应、显色反应等，据此分析解答解答：解：A该分子中含有两个醛基，所以1 molA能与4 mol Ag（NH3）2OH溶液发生银镜反应，故A正确；B该分子中含有4种氢原子，所以核磁共振氢谱有4个吸收峰，故B错误；C含有酚羟基，所以能与氯化铁溶液发生显色反应，故C错误；D不含羧基，所以不能和碳酸氢钠反应
12、，故D错误；故选A点评：本题考查有机物结构和性质，为高频考点，把握官能团及其性质关系是解本题关键，侧重考查酚、醛的性质，注意酚羟基和碳酸钠反应但和碳酸氢钠不反应，为易错点8（3分）（2014春丰城市校级月考）已知某有机物结构简式如图：1mol该有机物与足量NaOH溶液共热，充分反应最多可消耗a mol NaOH，则a值是（）A6 molB7 molC8 molD9 mol考点：有机物的结构和性质分析：由结构简式可知，分子中含COOH、COOC、Cl、Br均与NaOH反应，且COOC、Cl、Br水解生成的酚OH也与NaOH反应，以此来解答解答：解：由结构简式可知，分子中含COOH、COOC、Cl
13、、Br均与NaOH反应，且COOC、Cl、Br水解生成的酚OH也与NaOH反应，且均为1：1反应，CH2Br中Br水解生成醇，则1mol该有机物与足量的氢氧化钠溶液混合并共热，充分反应后最多可消耗氢氧化钠的物质的量为8mol，故选C点评：本题考查有机物的结构和性质，为高频考点，注意把握有机物的官能团的性质为解答该类题目的关键，侧重常见有机物水解反应的考查，注意酚的性质，题目难度不大9（3分）（2014春丰城市校级月考）膳食纤维具有突出的保键功能，是人体的“第七营养素”木质素是一种非糖类膳食纤维，其单体之一是芥子醇，结构简式如图所示下列有关芥子醇的说法正确的是（）A芥子醇能发生的反应类型有氧化、
14、取代、水解、加聚B芥子醇的分子式是C11H14O4，属于芳香烃C芥子醇分子中所有碳原子可能在同一平面D芥子醇能与3mol溴水反应考点：有机物的结构和性质分析：该物质中含有酚羟基、醚键、苯环、碳碳双键和醇羟基，具有酚、醚、苯、烯烃及醇的性质，能发生取代反应、氧化反应、加成反应、加聚反应、酯化反应等，据此分析解答解答：解：A不含酯基或卤原子，所以不能发生水解反应，故A错误；B除了含有C、H元素外还含有O元素，所以属于烃的含氧衍生物，而不属于烃，故B错误；C分子中含有苯环、乙烯等基础分子的共面结构，单键可以旋转，所有碳原子可能在同一平面，故C正确；D只有碳碳双键能和溴发生反应，所以1mol芥子醇最多
15、能与1mol溴反应，故D错误；故选C点评：本题考查有机物结构和性质，为高频考点，侧重考查酚、烯烃性质，把握官能团及其性质关系是解本题关键，易错选项是C10（3分）（2015春大庆校级期中）在有机物分子中，若某个碳原子连接4个不同的原子或原子团，则这种碳原子称为“手性碳原子”，凡有一个手性碳原子的物质一定具有光学活性已知某有机物结构如下：具有光学活性，当它发生下列反应后生成的有机物仍然一定具有光学活性的是（）A与甲酸发生酯化反应B与NaOH溶液共热C与氧气发生催化氧化D在催化剂存在下与H2作用考点：有机物的结构和性质分析：根据题意知，手性碳原子连接4个不同的原子或原子团，如果反应后的生成物的碳原
16、子上连接4个不同的原子或原子团，则其生成物就含有手性碳原子，据此分析解答解答：解：A与甲酸发生酯化反应，C原子仍连接4个不同的原子或原子团，具有光学活性，故A正确；B与NaOH溶液共热发生水解，反应后生成的物质中C原子上连接两个相同的CH2OH原子团，不具有光学活性，故B错误；C铜作催化剂的条件下被氧气氧化，CH2OH生成CHO，有2个相同的原子团，不具有光学活性，故C错误；D在催化剂存在下与H2作用，CHO生成CH2OH，反应后生成的物质中C原子上连接两个相同的CH2OH原子团，不具有光学活性，故D错误故选A点评：本题考查了手性碳原子的判断，明确“手性碳原子连接4个不同的原子或原子团”是解本
17、题的关键，根据有机物的结构来分析解答即可，难度不大11（3分）（2014春丰城市校级月考）某羧酸酯A，其分子式为C6H12O2，实验表明酯A和氢氧化钠溶液共热生成B和C，B和盐酸反应生成有机物D，C在铜催化加热条件下氧化为E，其中D、E均能发生银镜反应由此判断酯A的可能的结构简式有（）A6种B4种C3种D2种考点：有机化合物的异构现象分析：某羧酸衍生物A，其分子式为C6H12O2，所以A是酯，且只含一个酯基；根据A和氢氧化钠溶液共热生成B和C，B和盐酸反应生成有机物D，所以D是羧酸，C是醇；因为C在铜催化和加热的条件下氧化为E，其中D、E都能发生银镜反应，所以D是甲酸，E为醛，故C醇的羟基连在
18、甲基上，据此分析A的结构解答：解：某羧酸衍生物A，其分子式为C6H12O2，所以A是酯，且只含一个酯基；根据A和氢氧化钠溶液共热生成B和C，B和盐酸反应生成有机物D，所以D是羧酸，C是醇；因为C在铜催化和加热的条件下氧化为E，其中D、E都能发生银镜反应，以D是甲酸，E为醛，故C醇的羟基连在甲基上，由于D为甲酸，则该有机物为甲酸与戊醇生成的甲酸戊酯，其戊醇分子中的羟基连接的碳原子至少含有2个H，戊醇可以看做羟基取代了戊烷分子中的H原子形成的，戊烷的同分异构体有正戊烷、异戊烷和，羟基取代正戊烷的末端C上的H形成的1戊醇符合条件；异戊烷分子中含有2种甲基，符合条件的完成有2种；新戊烷分子中含有1个甲
19、基，符合条件的完成有1种，所以满足条件的戊醇总共有4种，故A的结构简式有4种，故选B点评：本题考查了同分异构体的书写，题目难度的，明确物质官能团能发生的化学反应是解本题的关键，注意掌握同分异构体的概念及书写原则12（3分）（2014春丰城市校级月考）琥珀酸二乙酯的键线式结构如图所示；下列关于它的说法错误的是（）A该物质的化学式为C8H14O4B该物质不溶于水C琥珀酸是丁二酸D琥珀酸二乙酯与NaOH溶液反应，1 mol该物质可以得到2 mol乙醇和1 mol琥珀酸考点：有机物的结构和性质分析：该物质中含有酯基，具有酯的性质，能发生水解反应、取代反应，据此分析解答解答：解：A根据结构简式知，该物质
20、的化学式为C8H14O4，故A正确；B该物质中不含亲水基，所以不溶于水，故B正确；C该物质是由CH3CH2OH和HOOCCH2CH2COOH发生酯化反应得到的，所以琥珀酸是丁二酸，故C正确；D琥珀酸二乙酯与NaOH溶液反应，该物质中含有两个酯基，所以1 mol该物质可以得到2 mol乙醇和1 mol琥珀钠，故D错误；故选D点评：本题考查有机物结构和性质，为高频考点，侧重考查酯的性质，注意该物质在碱性条件下水解生成醇和羧酸钠而不是醇和羧酸，易错选项是D13（3分）（2014春丰城市校级月考）聚乙炔导电聚合物的合成使高分子材料进入了“合成金属”和塑料电子学时代以下是我国化学家近年来合成的聚乙炔衍生
21、物分子M的结构式及M在稀硫酸作用下的水解过程示意图；下列有关说法中错误的是（）AM和A均能使酸性KMnO4溶液和溴水褪色BB（C3H6O3）能发生消去反应和酯化反应C1mol M与足量热的烧碱溶液反应，最多可消耗2n mol NaOHDA、B、C各1mol分别与足量金属钠反应，放出气体的物质的量之比为1：2：2考点：有机物的结构和性质分析：M中含COOC，水解得到A为，C为HOCH2CH2OH，B为，结合COOH、OH、C=C的性质来解答解答：解：M中含COOC，水解得到A为，C为HOCH2CH2OH，B为，AM、A中均含碳碳双键，则均能使酸性高锰酸钾溶液和溴水褪色，故A正确；BB中含OH、C
22、OOH，OH可发生消去反应，OH、COOH可发生酯化反应，故B正确；C.1molM中含2nmolCOOC，则1molM与热的烧碱溶液反应，可消耗2n mol的NaOH，故C正确；D由2COOH2OHH2可知，A、B、C各1mol分别与金属钠反应，放出的气体的物质的量之比为n：2：2，故D错误；故选D点评：本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握官能团与性质的关系为解答的关键，侧重烯烃、酯、醇、羧酸性质的考查，注意A、M均为高分子化合物，题目难度不大14（3分）（2014春丰城市校级月考）下列关于18O示踪原子的踪迹判断错误的是（）A2KMnO4+5H218O2+3H2SO4K2SO4+2M
23、nSO4+518O2+8H2OBCH3COOH+H18OC2H5CH3CO18OC2H5+H2OCCH3CH218OH+CuOCH3CHO+Cu+H218ODC6H518OH+NaOHC6H518ONa+H2O考点：有机化学反应的综合应用分析：A、高锰酸钾为氧化剂，双氧水为还原剂，据此判断；B、酯化反应中酸断羟基，醇断H；C、乙醇氧化生成乙醛中，为去H氧化；D、苯酚与氢氧化钠反应为取代反应，Na取代H的位置生成苯酚钠解答：解：A、高锰酸钾为氧化剂，双氧水为还原剂，双氧水被氧化生成氧气，即2KMnO4+5H218O2+3H2SO4K2SO4+2MnSO4+518O2+8H2O，故A正确；B、酯化
24、反应中酸断羟基，醇断H，即醇中的O在酯中，故B正确；C、乙醇氧化生成乙醛中，为去H氧化，即失踪O原子在醛中，故C错误；D、苯酚与氢氧化钠反应为取代反应，Na取代H的位置生成苯酚钠，示踪O原子在苯酚钠中，故D正确，故选C点评：本题主要考查的是常见有机物的性质和常见有机反应原理的判断，有一定难度，注意乙醇的氧化反应原理是难点15（3分）（2014春丰城市校级月考）叶蝉散（isoprocard）对水稻叶蝉和飞虱具有较强的防杀作用，防效迅速，但残效不长工业上用邻异丙基苯酚合成叶蝉散的过程如下：下列有关说法正确的是（）A叶蝉散的分子式是C11H16NO2B邻异丙基苯酚与FeCl3溶液反应生成蓝色沉淀C叶
25、蝉散在强酸、强碱性环境中能稳定存在D可用FeCl3溶液检验叶蝉散中是否含邻异丙基苯酚考点：有机物的结构和性质分析：A根据结构简式确定分子式；B该物质中含有酚羟基，所以能和氯化铁溶液发生显色反应；C酯基、肽键在酸性或碱性条件下都能发生水解；D邻异丙基苯酚中含有酚羟基，叶蝉散中不含酚羟基，所以二者分别和氯化铁溶液混合现象不同解答：解：A根据结构简式确定分子式为C11H15NO2，故A错误；B该物质中含有酚羟基，所以能和氯化铁溶液发生显色反应而使溶液呈紫色，故B错误；C酯基、肽键在酸性或碱性条件下都能发生水解，所以叶蝉散在强酸、强碱性环境中不能稳定存在，会发生水解反应，故C错误；D邻异丙基苯酚中含有
26、酚羟基，叶蝉散中不含酚羟基，所以二者分别和氯化铁溶液混合现象不同，前者发生显色反应，后者不反应，则可以用氯化铁溶液鉴别二者，故D正确；故选D点评：本题考查有机物结构和性质，为高频考点，明确官能团及其性质关系即可解答，侧重考查酚、酯基、肽键的性质，易错点是分子式的确定16（3分）（2014春丰城市校级月考）有机物A是一种常用的内服止痛解热药1mol A 水解得到1mol B 和1mol 醋酸A溶液具有酸性，不能使FeCl3溶液显色A的相对分子质量不超过200B分子中碳元素和氢元素总的质量分数为0.652A、B都是有碳、氢、氧三种元素组成的芳香族化合物则下列推断中，正确的是（）AA的分子式是C7H
27、6O3B1个B分子中应当有2个氧原子CA、B的相对分子质量之差为42DB能与NaOH溶液、FeCl3溶液、溴水等物质反应，不能使KMnO4褪色考点：有关有机物分子式确定的计算专题：有机物分子组成通式的应用规律分析：A、B的相对分子质量都不超过200，完全燃烧都只生成CO2和H2O且B分子碳和氢元素总的质量百分含量为0.652，根据B+CH3COOHA+H2O判断，假设A的相对分子质量为200，则B的最大相对分子质量为158，含氧34.8%，则氧原子个数为：3，即B分子中含有3个O原子；A、B都是芳香族化合物，B中碳原子数为7，1mol A水解得到1molB和1mol醋酸，A溶液具有酸性，不能使
28、FeCl3溶液显色，A中含苯环、羧基、酯基，则A为苯甲酸苯酚乙酸酯，其结构可能为（有邻、间、对三种可能），则A的分子式为C9H8O4，B为羟基苯甲酸，存在邻、间、对三种同分异构体，以此对各选项进行判断解答：解：A、B的相对分子质量都不超过200，完全燃烧都只生成CO2和H2O且B分子碳和氢元素总的质量百分含量为0.652，根据B+CH3COOHA+H2O判断，假设A的相对分子质量为200，则B的最大相对分子质量为158，含氧34.8%，则氧原子个数为：3，即B分子中含有3个O原子；A、B都是芳香族化合物，B中碳原子数为7，1mol A水解得到1molB和1mol醋酸，A溶液具有酸性，不能使Fe
29、Cl3溶液显色，A中含苯环、羧基、酯基，则A为苯甲酸苯酚乙酸酯，其结构可能为（有邻、间、对三种可能），则A的分子式为C9H8O4，B为羟基苯甲酸，存在邻、间、对三种同分异构体，三种可能的结构简式为、，A根据以上分析可知，A的分子式为C9H8O4，故A错误；B有机物B中含有2个氧原子，故B错误；CA的分子式为C9H8O4，B的分子式为C7H6O3，二者相差C2H2O，相差42，故C正确；DB为羟基苯甲酸，能与NaOH溶液、FeCl3溶液、溴水等物质反应，也能够使KMnO4褪色，故D错误；故选C点评：本题考查了有机物结构与性质、有机物分子式、结构简式的确定，题目难度中等，掌握常见有机物结构与性质为
30、解答本题的关键，试题有利于培养学生的分析、理解能力及灵活应用所学知识的能力二、综合题（4大题，共52分）17（9分）（2014春丰城市校级月考）化合物甲与 发生酯化反应的产物A是一种食用香料；11.6g甲完全燃烧可产生0.6mo1CO2和0.6mo 1H2O相同条件下，甲蒸气对氧气的相对密度为1.8125，甲分子为链状结构且不含甲基回答下列问题：（1）甲中的结构简式为CH2=CHCH2OH；（2）甲中含有的官能团名称为碳碳双键、羟基；（3）甲与生成A的化学方程式为 考点：有机物的推断；有机物分子中的官能团及其结构分析：由题意可知，甲中含有羟基，甲蒸气对氢气的相对密度是29，相同条件下的气体密度
31、之比等于其相对分子质量之比，所以甲的相对分子质量为58，根据n=计算11.6g甲的物质的量，根据质量守恒计算参加反应的氧气的质量，根据原子守恒计算甲分子中C、H原子数目，判断甲是否含有氧元素，比较计算甲分子中氧原子数目，据此确定甲的分子式，结合甲的结构特点确定其结构简式，以此来解答解答：解：（1）由题意可知，甲中含有羟基，甲蒸气对氢气的相对密度是29，相同条件下的气体密度之比等于其相对分子质量之比，所以甲的相对分子质量为58，11.6g甲的物质的量=0.2mol，质量守恒可知，参加反应的氧气的质量=0.6mol44g/mol+0.6mol18g/mol11.6g=25.6g，氧气物质的量=0.
32、8mol，根据氧原子守恒，可知11.6g甲中n（O）=0.6mol2+0.6mol0.8mol2=0.2mol，根据原子守恒可知，甲分子中N（C）=3、N（H）=6、N（O）=1，故甲的分子式为C3H6O，（1）甲分子中不含甲基，且为链状结构，其结构简式是CH2=CHCH2OH，故答案为：CH2=CHCH2OH；（2）甲的结构简式为CH2CHCH2OH，含有的官能团为碳碳双键、羟基，故答案为：碳碳双键、羟基；（3）甲与生成A的化学方程式为，故答案为：点评：本题考查有机物的推断，为高频考点，需要学生对给予的信息进行利用，较好的考查学生的阅读能力、自学能力，题目难度中等，答题时注意把握题给信息，注
33、意养成仔细审题的良好习惯18（12分）（2014春丰城市校级月考）已知：双键在链端的烯烃发生硼氢化氧化反应，生成的醇羟基在链端：RCH=CH2RCH2CH2OH化合物M是一种香料，可用如下路线合成：已知：原料C4H10结构中含三个甲基，E为CH3CHO，N为最简单的芳香醛回答下列问题：（1）原料C4H10的名称是2甲基丙烷（用系统命名法）；（2）F与新制Cu（OH）2反应的化学方程式；（3）写出N、M的结构简式、考点：有机物的推断分析：由CD发生的反应结合信息可知，C存在C=CH2结构，则原料为CH3CH（CH3）CH3，A、B为CH3CCl（CH3）CH3或CH3CH（CH3）CH2Cl，A
34、C发生在NaOH/醇溶液中并加热的消去反应，C为CH3C（CH3）=CH2，D为CH3CH（CH3）CH2OH；E分子中有两种氢原子，F为芳香化合物，结合信息可知，E为HCHO，由F的结构可知，F为，FG发生氧化反应，G为苯丙烯酸，D与G发生酯化反应生成M，则M为，然后结合有机物的结构和性质来解答解答：解：由CD发生的反应结合信息可知，C存在C=CH2结构，则原料为CH3CH（CH3）CH3，A、B为CH3CCl（CH3）CH3或CH3CH（CH3）CH2Cl，AC发生在NaOH/醇溶液中并加热的消去反应，C为CH3C（CH3）=CH2，D为CH3CH（CH3）CH2OH；E分子中有两种氢原子
35、，F为芳香化合物，结合信息可知，E为HCHO，由F的结构可知，F为，FG发生氧化反应，G为苯丙烯酸，D与G发生酯化反应生成M，则M为，（1）原料C4H10为CH3CH（CH3）CH3，名称是2甲基丙烷，故答案为：2甲基丙烷；（2）F与新制Cu（OH）2反应的化学方程式为，故答案为：；（3）通过以上分析知，N、M的结构简式分别为、，故答案为：；点评：本题考查有机物的合成，明确合成路线中碳链骨架的变化，发生的化学反应推出各物质是解答本题的关键，题目难度中等19（14分）（2014春丰城市校级月考）A分子式为C9H10O3，所含COOH和CH2CH2OH二个基团处于苯环的邻位上，各物质间的相互关系如
36、下图又已知：ROH+HXRX+H2O；E为高分子化合物，分子式为（C9H8O2）n； I是含有一个六元杂环的芳香酯；反应的条件为NaOH醇溶液加热A回答下列问题：（1）写出H的分子式C18H16O6；I的结构简式； （2）写出反应的化学方程式；（3）写出反应的化学方程式考点：有机物的推断分析：A分子式为C9H10O3，所含COOH和CH2CH2OH二个基团处于苯环的邻位上，A的结构简式为；I是含有一个六元杂环的芳香酯，则A发生酯化反应生成I，I结构简式为；A和HBr发生取代反应生成B，B能和氢氧化钠的醇溶液发生消去反应，则B结构简式为，C为，C酸化得到D，A发生消去反应生成D，D结构简式为，E
37、为高分子化合物，分子式为（C9H8O2）n，则D发生加聚反应生成E，E为；A先发生中和反应然后发生氧化反应生成F，F为，F发生氧化反应生成G，G为，A和G发生酯化反应生成H，H结构简式为，据此分析解答解答：解：A分子式为C9H10O3，所含COOH和CH2CH2OH二个基团处于苯环的邻位上，A的结构简式为；I是含有一个六元杂环的芳香酯，则A发生酯化反应生成I，I结构简式为；A和HBr发生取代反应生成B，B能和氢氧化钠的醇溶液发生消去反应，则B结构简式为，C为，C酸化得到D，A发生消去反应生成D，D结构简式为，E为高分子化合物，分子式为（C9H8O2）n，则D发生加聚反应生成E，E为；A先发生中
38、和反应然后发生氧化反应生成F，F为，F发生氧化反应生成G，G为，A和G发生酯化反应生成H，H结构简式为，（1）H为，分子式为C18H16O6，I结构简式为，故答案为：C18H16O6；（2）反应的化学方程式为，故答案为：；（3）反应的化学方程式为，故答案为：点评：本题考查有机物推断，为高频考查，侧重考查学生分析推断能力，正确推断各物质结构简式是解本题关键，注意结合反应条件、题给信息解答，注意有机物的成键和断键方式，题目难度不大20（17分）（2014春丰城市校级月考）现有一种有机物A，分子式为C4H6O6对于A的结构与性质实验结论如下：i：A的分子中有两个羧基；ii：A的核磁共振氢谱表明其有三
39、种不同化学环境的氢，且峰面积比为1：1：1；下图是利用烃B（1，3丁二烯）和烃I合成有机物A和一种高分子新材料R的转化关系图，已知烃I的相对分子质量为28，且F的相对分子质量比E多28已知：同一个碳原子上连有多个羟基的结构极不稳定，不予考虑请分析并按要求回答下列问题：（1）写出A对应的结构简式：；（2）写出对应反应的化学方程式：EG：；F+KR：nHOCH2CH2OH+n+（2n1）H2O；（3）有机物E的同分异构体M满足下列三个条件：1mol有机物与银氨溶液充分反应生成2mol Ag1mol有机物与足量NaHCO3溶液反应产生1mol CO21mol有机物与足量金属Na反应产生1mol H2
40、请判断M的结构可能有4种，任写一种M的结构简式或或或考点：有机物的推断分析：A的分子式为C4H6O6，A的分子中有两个羧基，不饱和度为=2，A含有3种不同的氢原子且数目之比为1：1：1，结合A的分子式可推知A的结构简式为；G酸化得到A，则G为NH4OOCCH（OH）CH（OH）COONH4，E发生银镜反应生成G，则E为，D发生氧化反应生成E，C发生水解反应生成D，所以D结构简式为HOCH2CH（OH）CH（OH）CH2OH，B的结构为CH2=CHCH=CH2，B的加成产物C为BrCH2CHBrCHBrCH2Br；烃I的相对分子质量为28，说明I为CH2=CH2，加成产物J为BrCH2CH2Br
41、，J的水解产物为K为HOCH2CH2OH；E遇强氧化剂时，醛基和羟基均被氧化，故F为，F与K发生缩聚反应生成R，R为，据此分析解答解答：解：A的分子式为C4H6O6，A的分子中有两个羧基，不饱和度为=2，A含有3种不同的氢原子且数目之比为1：1：1，结合A的分子式可推知A的结构简式为；G酸化得到A，则G为NH4OOCCH（OH）CH（OH）COONH4，E发生银镜反应生成G，则E为，D发生氧化反应生成E，C发生水解反应生成D，所以D结构简式为HOCH2CH（OH）CH（OH）CH2OH，B的结构为CH2=CHCH=CH2，B的加成产物C为BrCH2CHBrCHBrCH2Br；烃I的相对分子质量
42、为28，说明I为CH2=CH2，加成产物J为BrCH2CH2Br，J的水解产物为K为HOCH2CH2OH；E遇强氧化剂时，醛基和羟基均被氧化，故F为，F与K发生缩聚反应生成R，R为，（1）通过以上分析知，A为，故答案为：；（2）E发生银镜反应生成G，反应方程式为，F和K发生缩聚反应生成R，反应方程式为nHOCH2CH2OH+n+（2n1）H2O，故答案为：；nHOCH2CH2OH+n+（2n1）H2O；（3）有机物E（）的同分异构体M满足下列三个条件：1mol有机物与银氨溶液充分反应生成2mol Ag，含有1个醛基；1mol有机物与足量NaHCO3溶液反应产生1mol CO2，含有1个羧基；1mol有机物与足量金属Na反应产生1mol H2，结合可知，还含有1个羟基；M的结构可能有：或或或，故答案为：4；或或或点评：本题考查有机物推断，为高频考点，侧重考查学生分析推断及获取信息、利用信息解答问题能力，根据A的结构简式采用正逆结合的方法结合反应条件进行推断，正确推断物质结构简式是解本题关键，难点是同分异构体种类判断，题目难度中等
