1、梅州市2013届高三总复习质检试卷（二）物 理一、单项选择题：本大题共4小题，每小题4分。共16分。在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得4分，选错或不答的得0分。13.下列说法中正确的是A.物体的温度越高，分子的平均动能越大B.布朗运动是用显微镜观察到的分子的运动C.气体从外界吸收热量，其内能一定增加D.气体对外界做功，其内能一定减少考点：分子动理论；改变内能的两种方式答案：AKS5U解析：温度是分子平均动能的唯一标志，温度升高，分子的平均动能越大，A正确；布朗运动是固体小颗粒的无规则运动，B错误；做功和热传递都能改变内能，CD错误。14.一定质量的理想气体由状态A经过
2、如图所示过程变到状态B，在此过程中气体的密度A.一直变大B.一直变小C.先变小后变大D.先变大后变小考点：理想气体的状态方程答案：BKS5U解析：一定质量的理想气体由状态A变化到状态B所经历的过程在pT图上得到的过程曲线。由图像可知，当压强变小、温度升高两个因素同时存在时，体积只能变大。质量一定的理想气体在体积变大时密度变小。所以选项B正确。15.如图所示，足够长的光滑金属导轨固定在竖直平面内，匀强磁场垂直导轨所在的平面里。金属棒AC与导轨垂直且接触良好。现将导轨接上电阻R，导轨和金属棒的电阻忽略不计，则金属棒AC由静止释放后A.电流方向沿棒由C指向AB.金属棒所受安培力的最大值与其重力大小相
3、等C.在金属棒加速下落的过程中，金属棒减少的重力势能全部转化为在电阻上产生的热量D.金属棒达到稳定速度后的下落过程中，金属棒的机械能守恒考点：右手定则；电磁感应；能量守恒答案：BKS5U解析：由右手定则得，.电流方向沿棒由A指向C，A错误；牛顿第二定律可知，速度增加，加速度减少，安培力增加，最终二力平衡，B正确；能量分析为重力势能转化为金属棒的动能和电阻R上的内能，CD错误。16.如图所示，在圆柱体上放一小物块P，圆柱体绕水平轴O缓慢转动，从A转至B的过程中，物体与圆柱体保持相对静止，则物块P受到的力先变小后变大的是A.重力B.支持力C.摩擦力D.合外力考点：受力分析；共点力平衡；摩擦力；弹力
4、答案：CKS5U解析：缓慢转动物体与圆柱体保持相对静止，合力始终为零，不变；重力不变；静摩擦力先减少后增加，弹力先增加后减少。二、双项选择题：本大题共5小题，每小题6分，共30分。在每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全部选对得6分，只选1个且正确的得3分，有选错或不答的得0分。17.某电场的电场线分布如图所示，下列说法正确的是A.a点的电势高于b的电势B.c点的电场强度小于d点的电场强度C.若将一正电荷由b点移到a点，电场力做正功D.正电荷在a点的电势能大于在b点的电势能考点：电场线的分布及其性质，电场力做功和电势能的关系答案：BCKS5U解析：电场线的疏密代表场强的大小，d点场
5、强大于c点的，方向可看出电势降低，电势b大于a；A错误B正确；正电荷沿电场线移动电场力做正功，电势能减少，C正确；D错误。18.关于天然放射现象，下列说法中正确的是A.射线不带电，它是频率很高的电磁波B.核裂变与核聚变都伴有质量亏损C.某原子核经过一次衰变和两次衰变后，核内中子数不变D.采用物理或化学方法可以有效地改变放射性元素的半衰期考点：衰变；核聚变；核裂变答案：ABKS5U解析：射线不带电，它是一种光子，光也是一种电磁波，A正确；核裂变与核聚变都产生能量，必然有质量亏损，B正确；天然放射现象对应和反应方程，质量数守恒，但中子数可以变化，C错误；半衰期是元素特有的，采用物理或化学方法不可以
6、有效地改变放射性元素的半衰期。19.一矩形线圈，绕垂直于匀强磁场并位于线圈平面内的固定轴转动，线圈中的感应电动势e随时间t的变化如图所示。下面说法中正确的是A.t1时刻通过线圈的电流最大B. t1时刻通过线圈的磁通量最大C. t2时刻穿过线圈的磁通量变化率最大D. 每当电动势e变换方向时，通过线圈的磁通量最小考点：正弦交流电；e-t图像答案：BCKS5U解析：由e-t图像得出，t1时刻电动势e=0，线圈在中性面，磁通量最大，电流为0，电流变向，A错误；B正确；D错误；t2时刻电动势e最大，法拉第电磁感应定律得穿过线圈的磁通量变化率最大，C正确。20.已知天宫一号绕地球做圆周运动的半径为r，周期
7、为T，万有引力常量为G，由此可求出A.天宫一号的线速度 B.天宫一号所需向心力C.地球的质量 D.地球表面的重力加速度考点：万有引力的应用；万有引力与重力的关系答案：ACKS5U解析：万有引力提供向心力有，可求速度，A正确；质量m未知，向心力不可求B错误；，可求地球质量M，C正确；地球表面的重力加速度，而地球半径未知，g不可求。21.如图所示，起重机将货物沿竖直方向以速度V1匀速吊起，同时又沿横梁以速度V2水平匀速向右运动，关于货物的运动下列表述正确的是A.货物的实际运动速度为V1+V2B.货物的实际运动速度为C.货物相对地面做曲线运动D.货物相对地面做直线运动考点：运动的合成与分解答案：BD
8、KS5U解析：两个相互垂直的匀速直线运动合成一定是匀速直线运动，速度满足勾股定律。BD正确。三、非选择题：本大题共3小题，共54分。按题目要求作答。解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。34.(18分)（1）某同学安装如图甲的实验装置，验证机械能守恒定律。如图乙是该实验得到的一条点迹清晰的纸带，现要取A、B两点来验证实验，已知电火花打点计时器每隔0.02S打一个点。请回答下列问题：电火花打点计时器的工作电压是_；根据纸带可以判断，实验时纸带的_端是和重物相连接（选填“左”或“右”）；若X2=4.80cm，则在纸
9、带上打下计数点B时的速度VB=_m/s（计算结果保留三位有效数字）；若X1数据也已测出，则实验还需测出的物理量为_。考点：验证机械能守恒定律实验答案：220V 左 1.20 AB之间的距离或hABKS5U解析：电火花打点计时器的工作电压就是220V；自由落体的速度增加，重物相连接纸带速度小的一端，为左端；由题意可知,方程还需要知道AB之间的距离hAB（2）用如图甲所示电路，测定一节干电池的电动势和内阻。电池的内阻较小，为了防止在调节滑动变阻器时造成短路，电路中用一个定值电阻Ro起保护作用。除电池、电流表（量程00.6A）、电压表（量程03V）、开关和导线外，可供使用的实验器材还有：a.定值电阻
10、（阻值2；额定功率5W）；b.定值电阻（阻值10；额定功率10W）；c.滑动变阻器（阻值范围015；额定电流2A）；d.滑动变阻器（阻值范围0100；额定电流1A）；为了准确地完成实验，Ro应选择_的定值电阻，R应选择阻值范围是_的滑动变阻器。图乙所示的U-I图上是由实验测得的7组数据标出的点，请你完成图线，并由图线求出E=_V，r=_按照此电路进行实验，电动势的测量存在系统误差，造成该实验系统误差的主要原因是_。考点：测电池的电动势和内阻实验答案：2； 015 图线如图所示；1.50（1.481.52）； 0.58（0.560.0.6）电压表的分流KS5U解析：由于电源是一节干电池（15V）
11、，所选量程为3V的电压表；估算电流时，考虑到干电池的内阻一般几左右，加上保护电阻，最大电流在05A左右，所以选量程为06A的电流表；由于电池内阻很小，所以保护电阻不宜太大，否则会使得电流表、电压表取值范围小，造成的误差大，Ro=2；滑动变阻器的最大阻值一般比电池内阻大几倍就好了，取010能很好地控制电路中的电流和电压，若取0100会出现开始几乎不变最后突然变化的现象，R阻值范围015；画出U-I的直线，纵轴的截距为电动势E=1.49V；斜率的绝对值为内阻，；电压表测得电源电动势没问题，电流表测得不是干路电流，所以造成该实验系统误差的主要原因是电压表的分流。35.（18分）如图所示，相距为d的平
12、行金属板M、N间存在匀强电场和垂直纸面向里、磁感应强度为Bo的匀强磁场；在xoy直角坐标平面内，第一象限有沿y轴负方向场强为E的匀强电场，第四象限有垂直坐标平面向里、磁感应强度为B的匀强磁场。一质量为m、电量为q的正离子（不计重力）以初速度Vo沿平行于金属板方向射入两板间并做匀速直线运动。从P点垂直y轴进入第一象限，经过x轴上的A点射出电场，进入磁场。已知离子过A点时的速度方向与x轴成45o角。求：（1）金属板M、N间的电压U；（2）离子运动到A点时速度V的大小和由P点运动到A点所需时间t；（3）离子第一次离开第四象限磁场区域的位置C（图中未画出）与坐标原点的距离OC。考点：速度选择器；带电粒
13、子在复合场中的运动答案：；KS5U解析：解：（1）设平行金属板M、N间匀强电场的场强为Eo，则有：-2分因为离子在金属板方向射入两板间并做匀速直线运动有： -1分解得：金属板M、N间的电压-2分（2）在第一象限的电场中离子做平抛运动，有：-1分故离子运动到A点时的速度：-1分-1分-1分-1分解得离子在电场E中运动到A点所需时间：-2分（3）在磁场洛伦兹力提供向心力有：-1分得-1分由几何知识可得-1分又-1分因此离子第一次离开第四象限磁场区域的位置C与坐标原点的距离：-2分36.（18分）如图所示，固定在地面上的光滑轨道AB、CD，均是半径为R的圆弧。一质量为m、上表面长也为R的小车静止在光
14、滑水平面EF上，小车上表面与轨道AB、CD的末端B、C相切。一质量为m的物体（大小不计）从轨道AB的A点由静止下滑，由末端B滑上小车，小车在摩擦力的作用下向右运动。当小车右端与壁CF接触前的瞬间，物体m恰好滑动到小车右端相对于小车静止，同时小车与CF相碰后立即停止运动但不粘连，物体则继续滑上轨道CD。求：（1）物体滑上轨道CD前的瞬间时速率；（2）水平面EF的长度；（3）当物体再从轨道CD滑下并滑上小车后，如果小车与壁BE相碰后速度也立即变为零，最后物体m停在小车上的Q点，则Q点距小车右端多远？考点：机械能守恒定律；动能定理；系统动量守恒答案：；（1）设物体从A滑至B时速率为Vo，根据机械能守
15、恒定律有：-2分-1分物体与小车相互作用过程中，系统动量守恒，设共同速度为V1，有：-2分解得物体滑上轨道CD前的瞬间时速率：-1分（2）设二者之间的摩擦力为f，根据动能定理有，对物体有：-1分对小车有：-1分（或对系统根据能量守恒定律有：）得-1分-2分（3）设物体从CD滑下后与小车达到相对静止，共同速度为V2，相对小车滑行的距离为S1，小车停后物体做匀减速运动，相对小车滑行距离为S2，根据动量守恒和能量守恒有：-1分-1分对物体根据动能定理有：-1分解得-1分-1分则Q点距小车右端距离：-2分参考答案131415161718192021ABBCBCABBCACBD34.（1）220V 左
16、1.20 AB之间的距离或hAB(2) 2； 015 图线如图所示；1.50（1.481.52）； 0.50（0.480.52）电压表的分流35.（1）设平行金属板M、N间匀强电场的场强为Eo，则有： 因为离子在金属板方向射入两板间并做匀速直线运动有： 解得：金属板M、N间的电压（2）在第一象限的电场中离子做平抛运动，有：故离子运动到A点时的速度：又解得离子在电场E中运动到A点所需时间：（3）在磁场洛伦兹力提供向心力有：得由几何知识可得 又因此离子第一次离开第四象限磁场区域的位置C与坐标原点的距离：36.（1）设物体从A滑至B时速率为Vo，根据机械能守恒定律有：物体与小车相互作用过程中，系统动量守恒，设共同速度为V1，有：解得物体滑上轨道CD前的瞬间时速率：（2）设二者之间的摩擦力为f，根据动能定理有，对物体有：对小车有：（或对系统根据能量守恒定律有：）得（3）设物体从CD滑下后与小车达到相对静止，共同速度为V2，相对小车滑行的距离为S1，小车停后物体做匀减速运动，相对小车滑行距离为S2，根据动量守恒和能量守恒有：对物体根据动能定理有：解得则Q点距小车右端距离：
