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2022届高考生物一轮复习 课后限时集训15 孟德尔的豌豆杂交实验(一)(含解析)新人教版.doc

上传人:高**** 文档编号:418452 上传时间:2024-05-27 格式:DOC 页数:7 大小:270.50KB
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资源描述

1、孟德尔的豌豆杂交实验(一)(建议用时:40分钟)1(2020湖南师大附中检测)下列有关一对相对性状的豌豆杂交实验的叙述中,错误的是()A豌豆在自然状态下一般是纯合子,可使杂交实验结果更可靠B进行人工杂交时,必须在豌豆花未成熟前除尽母本的雄蕊C在统计时,F2的数量越多,理论上其性状分离比越接近31D孟德尔提出杂合子测交后代性状分离比为11的假说,并通过实际种植来演绎D孟德尔在一对相对性状的杂交实验中提出的假说是:(1)生物的性状是由细胞中的遗传因子决定的;(2)体细胞中的遗传因子成对存在,配子中的遗传因子成单存在;(3)受精时雌雄配子随机结合。根据上述假说,预期杂合子测交后代分离比为11(演绎推

2、理),并通过种植进行测交实验验证,故D错误。2具有相对性状的两纯合亲本进行杂交,F1形成配子时控制相对性状的基因彼此分离必须满足的条件是()A控制相对性状的基因位于常染色体上BF1的雌雄配子随机结合C控制相对性状的基因位于同源染色体上D用统计学的方法对F2进行分析C控制相对性状的基因位于同源染色体上,可以是常染色体,也可以是性染色体,A错误;F1的雌雄配子随机结合发生在配子形成之后,是F2实现31分离比的条件,B错误;控制相对性状的基因即等位基因位于同源染色体相同的位置上,C正确;用统计学的方法对F2进行分析,是F2实现31分离比的条件,D错误。3在性状分离比的模拟实验中,甲、乙容器分别代表某

3、动物的雌、雄生殖器官,小球的颜色和字母表示雌、雄配子的种类,每个容器中均有12个小球。则下列装置正确的是()D性状分离是指杂种后代中出现不同于亲本性状的现象。实验中甲、乙容器分别代表某动物的雌、雄生殖器官,根据题意母本应能产生A和a两种卵细胞,比例为11,而父本能产生A和a两种精子,比例也为11。因此两个容器中均应放入A和a两种小球,并且比例均为11,只有D符合题意。4某二倍体植物中,抗病和感病这对相对性状由一对等位基因控制,要确定这对性状的显隐性关系,应该选用的杂交组合是()A抗病株感病株B抗病纯合体感病纯合体C抗病株抗病株,或感病株感病株D抗病纯合体抗病纯合体,或感病纯合体感病纯合体B根据

4、概念可知,一对相对性状的纯合亲本杂交,后代表现的性状为显性性状。5(2020福州检测)水稻的非糯性(W)对糯性(w)为显性,非糯性品系所含淀粉遇碘呈蓝色,糯性品系所含淀粉遇碘呈红色。将W基因用红色荧光标记,w基因用蓝色荧光标记。下面对纯种非糯性与糯性水稻杂交的子代的叙述错误的是(不考虑基因突变)()A观察F1未成熟花粉时,发现2个红色荧光点和2个蓝色荧光点分别移向两极,是分离定律的直观证据B观察F1未成熟花粉时,发现1个红色荧光点和1个蓝色荧光点分别移向两极,说明形成该细胞时发生过染色体片段交换C选择F1成熟花粉用碘液染色,理论上蓝色花粉和红色花粉的比例为11D选择F2所有植株成熟花粉用碘液染

5、色,理论上蓝色花粉和红色花粉的比例为31D选择F2所有植株成熟花粉用碘液染色,理论上蓝色花粉和红色花粉的比例为11。6(2020云南师大检测)兔的相对性状白毛和黑毛分别由基因A、a控制,白毛为显性。将杂合白毛个体杂交得F1,F1中白毛个体随机交配得F2。下列叙述正确的是()AF1中无性状分离BF2中黑毛个体占1/4CF2中纯合子与杂合子之比是45D将F2中黑毛个体与白毛个体杂交,可推断白毛个体的基因组成D杂合白毛个体的基因型是(Aa),杂合白毛个体(Aa)杂交得F1,F1中白毛黑毛31,F1中白毛个体的基因型为1/3AA、2/3Aa,F1中A基因的频率是2/3,a基因的频率是1/3,F1中白毛

6、个体随机交配得F2中AA占4/9,Aa占4/9,aa占1/9,F2中黑毛个体占1/9,F2中纯合子与杂合子之比是54。F2中黑毛个体的基因型是aa,F2中白毛个体的基因型是AA或Aa,因此F2中黑毛个体与白毛个体杂交,可推断白毛个体的基因组成。7已知某种植物果皮的有毛和无毛由常染色体上的一对等位基因(D、d)控制,让多个果皮有毛的亲本自交,F1的表现型及比例为有毛无毛71(不考虑基因突变、染色体变异和致死情况)。下列有关分析不合理的是()A该植物果皮的有毛对无毛为显性B亲本的基因型有DD、Dd两种,且比例为11CF1中d基因的频率为1/4DF1果皮有毛植株中DDDd41D让多个果皮有毛的亲本自

7、交,F1的表现型及比例为有毛无毛71,后代出现了无毛,说明有毛对无毛为显性,A正确;Dd自交后代无毛的比例为1/4,而后代无毛的比例为1/8,说明亲本DDDd11,B正确;子一代DDDddd521,则d的基因频率1/22/81/81/4,C正确;F1果皮有毛植株中DDDd52,D错误。8蜜蜂中蜂王由受精卵发育而来,雄蜂由卵细胞直接发育而来。蜜蜂褐色眼对黄绿色眼为显性性状。杂合子的蜂王与正常褐色眼的雄蜂交配,其子代不同性别的眼色表现为()A雌蜂均为黄绿色眼B雌蜂中褐色眼黄绿色眼11C雄蜂均为褐色眼 D雄蜂中褐色眼黄绿色眼11D设蜜蜂的眼色遗传由基因A、a控制,根据题意,杂合子蜂王的基因型为Aa,

8、其能产生A和a两种卵细胞,比例为11,正常褐色眼的雄蜂的基因型为A,其只能产生一种精子A,两者交配,其子代中雌蜂的基因型有AA和Aa,都是褐色眼;雄蜂的基因型有A和a,表现为褐色眼和黄绿色眼,比例为11,D正确。9(2020东城区期末)枫糖尿病是一种单基因遗传病,患者氨基酸代谢异常,出现一系列神经系统损害的症状。如图是某患者家系中部分成员的该基因带谱,以下推断不正确的是()A该病为常染色体隐性遗传病B2号携带该致病基因C3号为杂合子的概率是2/3D1号和2号再生患此病孩子的概率为1/4C根据“无中生有为隐性”可判断该病为隐性遗传病,根据基因带谱,1号和4号有相同的条带,说明1号也含有致病基因,

9、故该病为常染色体隐性遗传病,A正确;根据A项分析可知该病为常染色体隐性遗传病,4号个体的致病基因有一个来自2号,故2号一定携带该致病基因,B正确;根据基因带谱可知3号没有致病基因,故为杂合子的概率是0,C错误;根据A项分析,该病为常染色体隐性遗传,所以1号和2号的基因型均为Aa,再生患此病孩子的概率为1/4,D正确。10(2020安徽毛坦厂中学检测)某研究小组按照孟德尔杂交实验的程序,做了如下两组实验:第一组:用纯种的灰身果蝇(BB)与黑身果蝇(bb)杂交,得到F1,让F1自由交配后,将F2中的所有黑身果蝇除去,使F2中的所有灰身果蝇再自由交配,产生F3。第二组:用纯种的高茎豌豆(DD)与矮茎

10、豌豆(dd)杂交,得到F1,让F1自交后,将F2中的所有矮茎豌豆除去,使F2中的所有高茎豌豆再自交,产生F3。回答下列问题:(1)第一组实验中F2中黑身果蝇所占的比例是_;第二组实验中,F2的显性性状中,杂合体的高茎豌豆所占的比例是_。(2)第一组实验中F3的性状表现及比例为_;第二组实验中F3的性状表现及比例为_。(3)请画出第二组实验从P到F3的遗传图解。解析(1)第一组实验中用纯种的灰身果蝇(BB)与黑身果蝇(bb)杂交,得到F1基因型为Bb,让F1自由交配后,F2中黑身果蝇bb所占的比例是1/4;同理,第二组实验中,用纯种的高茎豌豆(DD)与矮茎豌豆(dd)杂交,得到F1基因型为Dd,

11、让F1自交后F2的基因型及比例为DDDddd121,因此F2的显性性状中,杂合体的高茎豌豆所占的比例是2/3。(2)第一组实验中的F2的基因型及比例为BBBbbb121,去除F2中所有黑身果蝇,则剩余果蝇中,BB占1/3、Bb占2/3,则B的基因频率为2/3、b的基因频率为1/3。让F2灰身果蝇自由交配,F3中BB所占的比例为2/32/34/9、Bb占22/31/34/9、bb占1/31/31/9,所以F3中灰身与黑身果蝇的比例是81。第二组实验中的F2基因型及比例为DDDddd121,将F2中的所有矮茎豌豆除去,则剩余高茎豌豆中,DD占1/3、Dd占2/3。让F2中的所有高茎豌豆再自交,F3

12、中高茎豌豆所占的比例为1/32/33/45/6,矮茎豌豆所占的比例为2/31/41/6。因此,F3的性状表现及比例为高茎豌豆矮茎豌豆51。(3)第二组实验中亲本基因型为DDdd,子一代基因型为Dd,子一代自交的后代基因型及比例为DDDddd121,表现型及比例为高茎矮茎31。答案(1)1/42/3(2)灰身果蝇黑身果蝇81高茎豌豆矮茎豌豆51(3)11(2020湖北名校联盟联考)老鼠的毛色有棕色和灰色之分,受一对等位基因(D、d)控制,该对基因的表达受性别影响。认真分析以下两组杂交实验并回答问题:实验一:棕色雌鼠棕色雄鼠,F1表现为棕色雌鼠棕色雄鼠灰色雄鼠431。实验二:棕色雌鼠灰色雄鼠,F1

13、雌雄鼠均表现为棕色。(1)基因型为_的个体只在雄性个体中表现相应性状。(2)实验一中亲代棕色雌鼠的基因型为_,如果实验一中的F1个体随机交配,后代中灰色鼠所占比例为_。(3)如果实验二的F1中偶然出现一只灰色雄鼠,若要通过一代杂交实验来判断是基因突变(只考虑等位基因中一个基因发生突变)的直接结果还是只是环境影响的结果(从以上实验中选择亲本),则:该实验的思路是_。预期实验结果和结论:如果后代棕色雌鼠棕色雄鼠灰色雄鼠_,则只是环境影响的结果;如果后代棕色雌鼠棕色雄鼠灰色雄鼠_,则是基因突变的结果。解析(1)根据实验一:棕色雌鼠棕色雄鼠,F1表现为棕色雌鼠棕色雄鼠灰色雄鼠431,亲本都有棕色,但雄

14、性后代有灰色,可推知灰色为隐性性状,显性性状为棕色;并且雄性个体的表现型出现31的性状分离,因此实验一中棕色雌鼠和棕色雄鼠基因型为Dd和Dd,由此可进一步推测:雄性个体中基因型为DD或Dd为棕色,dd为灰色,而雌性不管哪种基因型均表现为棕色,即基因型为dd的个体只在雄性个体中表现出相应性状。(2)根据(1)实验一中亲代棕色雌鼠的基因型为Dd;由分析可知,实验一中的子代雌雄个体的基因型均为1/4DD、1/2Dd、1/4dd,该群体随机交配,后代仍然只有雄鼠会出现灰色,因此灰色鼠的比例1/41/21/8。(3)要判断该小鼠是基因突变还是环境条件改变的结果,应该让该灰色雄鼠与多只杂合棕色雌鼠(实验一

15、亲本中棕色雌鼠或实验二F1中棕色雌鼠)杂交,观察后代出现的性状和比例。如果后代表现型及比例为棕色雌鼠棕色雄鼠灰色雄鼠431,则是环境影响的结果。如果后代表现型及比例为棕色雌鼠棕色雄鼠灰色雄鼠211,则是基因突变的结果。答案(1)dd(2)Dd1/8(3)让该灰色雄鼠与多只杂合棕色雌鼠(实验一亲本中棕色雌鼠或实验二F1中棕色雌鼠)杂交,观察后代出现的性状和比例43121112(2020株洲市高三质检)玉米是雌雄同株植物,顶端开雄花,叶腋开雌花,既能同株传粉,又能异株传粉,是遗传学理想材料。子粒颜色受到一对等位基因的控制,黄色(A)对白色(a)为显性。现将杂合的黄色玉米植株与白色玉米植株间行种植,

16、则黄色玉米植株所结种子中白色所占的比例为()A1/4B3/8C3/16D1/2B杂合的黄色玉米植株(Aa)与白色玉米植株(aa)间行种植,玉米既可以自交,也可以杂交, 求黄色玉米植株所结种子,因此包含1/2Aa自交,1/2Aa与aa杂交。1/2Aa自交,子代白色aa为1/8,1/2Aa与aa杂交,子代白色aa为1/4,则黄色玉米植株所结种子中白色所占的比例为1/81/43/8,B正确。13(2020福州检测)多组黄色小鼠(AvyAvy)与黑色小鼠(aa)杂交,F1中小鼠表现出不同的体色,是介于黄色和黑色之间的一些过渡类型。经研究,不同体色小鼠的Avy基因中碱基序列相同,但某些核苷酸有不同程度的

17、甲基化现象。甲基化程度越高,Avy基因的表达受到的抑制越明显。有关推测错误的是()AAvy和a基因存在可杂交序列B不同体色的F1小鼠基因型不同CAvy和a基因的遗传行为遵循孟德尔分离定律D基因的甲基化程度越高,F1小鼠体色就越偏黑B不同体色的F1小鼠表现出不同的体色,是由于不同体色小鼠的Avy基因中碱基序列相同,但某些核苷酸有不同程度的甲基化现象。因此不同体色的F1小鼠的基因型相同。14(2020龙岩市高三模拟)如图为某种单基因常染色体隐性遗传病的系谱图。假定图中3、4个体生出一个患该遗传病子代的概率是1/8,那么得出此概率值需要的限定条件是()A3、4必须为杂合子B1、2和3必须为杂合子C2

18、必须为纯合子,2必须为杂合子D1或2必须为纯合子,4必须为杂合子D若相关基因用A、a表示,依题意可知患病个体的基因型为aa;由于3、4个体均不患病,且后代个体是患者的概率为1/21/41/8,所以4个体必须为Aa(杂合子),3为Aa的概率应是1/2;推导得知1或2必须有一方为纯合子。15(2020深圳高级中学检测)某二倍体植物具有开红花和开白花之分,某实验小组以这种植物为实验材料进行杂交实验,结果如下表:父本母本子一代第1组一株开白花一株开白花开红花、开白花(数量未统计)第2组一株开红花一株开红花305开红花、98开白花实验小组对该性状的遗传提出两种假说。(1)假说一:植物的花色由三个等位基因

19、(A、a1和a2)控制,a1和a2同时存在时,表现为开白花,其他情况均为开红花,A相对于 a1和a2为显性。如果该假说成立,第1组中子代性状分离比红花白花为_;则第2组中双亲的基因型为_。(2)假说二:植物的花色由三个等位基因(A、A、a)控制,其中A决定开红花,A和a都决定开白花,三个基因的显隐关系A相对于A、a为显性,A相对于a为显性,则第2组的双亲基因型分别是_。(3)为进一步探究两种假说的合理性,第2组同学将F1中的开白花植株自交得F2,并统计F2中花色和数量。若F2中_,则支持假说一。若F2中_,则支持假说二。(4)该植物开红花与开白花性状的遗传遵循_定律。解析(1)根据假说一:植物

20、的花色由三个等位基因(A、a1和a2)控制,a1和a2同时存在时,表现为开白花,其他情况均为开红花,A相对于 a1和a2为显性。第一组亲本都开白花,基因型为a1a2,子代的基因型为a1a12a1a2a2a2,第二组中双亲的基因型为Aa1和Aa2 。(2)根据假说二:植物的花色由三个等位基因(A、A、a)控制,其中A决定开红花,A和a都决定开白花,三个基因的显隐关系为A相对于A、a为显性,A相对于a为显性,第二组双亲的基因型应为Aa和Aa。(3)若假说一成立,第2组F1的基因型为a1a2,F1自交,F2的表现型为开红花与开白花之比为11;若假说二成立,第2组F1的基因型为aa,F1自交,F2的表现型为全开白花。(4)植物开红花与开白花性状的遗传受一对复等位基因控制,因此遵循基因的分离定律。答案(1)11Aa1和Aa2(2)Aa和Aa(3)开红花与开白花之比为11全为开白花(4)基因分离

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