1、2014-2015学年广东省揭阳市惠来一中高一（上）期末物理试卷一、单项选择题（本题共7小题，每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的，每小题2分共14分）1下列说法不正确的是（）A 加速度表示增加的速度B 加速度表示速度变化的快慢C 物体具有向南的加速度，而速度的方向可以向北D 物体运动时的加速度为零，而速度可以不为零2如图所示是物体做直线运动的vt图象，由图象可得到的正确结果是（）A t=1s时物体的加速度大小为1.0m/s2B 第3s内物体的位移为1.5mC t=5s时物体的加速度大小为0.75m/s2D 物体在加速过程的位移比减速过程的位移大3用牛顿第三定律判断下列说法正确的是
2、（）A 轮船的螺旋桨旋转时，向后推水，水同时给螺旋桨一个反作用力，推动轮船前进B 发射火箭时，燃料点燃后喷出的气体给空气一个作用力，推动火箭前进C 马拉车前进，只有马对车的拉力大于车对马的拉力时，车才能前进D 一个作用力和它的反作用力的合力为零4某物体做自由落体运动，从起点起向下将其分成三段，使物体通过三段位移的时间比为1：2：3，则此三段位移之比应是（）A 1：1：1B 1：3：5C 1：4：9D 1：8：275飞机着陆后在跑道上滑行时做匀减速直线运动已知其初速度是60m/s，加速度大小是6m/s2，则飞机着陆后12s内的位移大小是（）A 288 mB 300 mC 600 mD 360 m
3、6如图所示，a，b，c三根绳子完全相同，其中b绳水平，c绳下挂一重物若使重物加重，则这三根绳子中最先断的是（）A a绳B b绳C c绳D 无法确定7物体受到下列几组共点力的作用，其中一定能使物体产生加速度的共点力是（）A 1N、3N、5NB 2N、4N、5NC 3N、4N、5ND 4N、4N、8N二、双选题（每小题有两个选项正确，每小题4分，共计32分只选1个且正确的得2分，多选、错选或不答的得0分）8下列运动物体可以视为质点的是（）A 裁判眼中的体操运动员（正在进行体操比赛）B 火车从上海开往北京，在计算其行车的时间时C 火车通过某一路标，计算所用的时间时D 绕太阳公转的地球，研究其公转时9
4、一个物体做匀加速直线运动，在t秒内经过的位移是s，它的初速度为v0，t秒末的速度为vt，则物体在这段时间内的平均速度为（）A B C D 10一物体做匀变速直线运动，某时刻速度大小为4m/s，1s后速度的大小变为10m/s，在这1s内该物体的（）A 位移的大小可能小于4mB 位移的大小可能大于10mC 加速度的大小可能小于4m/s2D 加速度的大小可能大于10m/s211如图所示，物体A、B、C叠放在水平桌面上，水平力F作用于C物体上，使A、B、C以共同速度v向右匀速运动，且三者相对静止，那么关于摩擦力的说法，正确的是（）A C不受摩擦力作用B B不受摩擦力作用C A受摩擦力的合力为零D 以A
5、、B、C为整体，整体受到的摩擦力为零12在升降机的天花板上，用轻弹簧悬挂一个小球，升降机静止时，弹簧的伸长量为4cm，升降机运行时，弹簧的伸长量为3cm，则升降机的运动情况是（）A 以a=g的加速度加速下降B 以a=g的加速度加速下降C 以a=g的加速度减速上升D 以a=g的加速度减速上升13一物体放置在倾角为的斜面上，斜面固定于加速上升的电梯中，加速度为a，如图所示在物体始终相对于斜面静止的条件下，下列说法中正确的是（）A 当一定时，a越大，斜面对物体的正压力越小B 当一定时，a越大，斜面对物体的摩擦力越大C 当a一定时，越大，斜面对物体的正压力越小D 当a一定时，越大，斜面对物体的摩擦力越
6、小14在水平力F作用下，重力为G的物体沿墙壁匀速下滑，如图所示物体与墙之间的动摩擦因数为，则物体所受的摩擦力大小为（）A FB F+GC GD 15如图所示，悬挂于小车里的小球偏离竖直方向角，则小车可能的运动情况是（）A 向右减速运动B 向右加速运动C 向左减速运动D 向左加速运动三、实验题（每小题6分，共计18分）16如图所示，是某同学在做“研究匀变速直线运动”的实验中得到的纸带（其中电源频率为50Hz），在纸带上选取了A、B、C、D、E、F、G等7个计数点，每相邻两个计数点之间还有4个点没画出来，其相邻点间距离如图所示则打点计时器从打下A点到打下B点所用的时间是 s；打点计时器从打下A点到
7、打下C点的时间内，小车的平均速度是m/s；打点计时器打下B点时，小车的瞬时速度是m/s；小车运动的加速度是m/s2（加速度保留两位有效数字）17如图（a）所示的实验装置验证牛顿第二定律完成平衡摩擦力的相关内容：（）若拉小车的细线与木板不平行，则应该调节直到细线与木板平行为止取下砂桶，把木板不带滑轮的一端垫高，接通打点计时器电源， （选填“静止释放”或“轻推“）小车，让小车拖着纸带运动（）如果打出的纸带如图（b）所示，则应 （选填“增大”或“减小”）木扳的倾角反复调节，直到纸带上打出的点迹，平衡摩擦力才完成某同学实验进得到如图（C）所示的aF图象，则该同学验证的是：在条件下成正比18图甲是“验证
8、力的平行四边形定则”的实验装置请完成实验操作与记录：将弹簧测力计A挂于固定点P，下端用细线ac挂一重物G，如图甲虚线所示，记录：测力计A 的读数F0用弹簧测力计B的挂钩拉另一细线的b端，该细线的另一端系在细线ac上的O点处，手持测力计B保持水平方向缓慢向左拉，到达如图所示位置，记录：O点的位置、测力计A的读数、测力计B的读数和细线Oc的方向某同学已作出FA、FB和合力实验值F的图示，请在图乙中作出合力理论值F的图示，比较F和F的大小和方向，可以得出结论：互成角度的时遵循平行四边形定则四、计算题（每小题12分，共计36分）19甲车以10m/s的速度在平直的公路上匀速行驶，乙车以4m/s的速度与甲
9、车同向做匀速直线运动，甲车经过乙车旁边开始以0.5m/s2的加速度刹车，从甲车刹车开始计时，求：（1）乙车在追上甲车前，两车相距最大的距离（2）乙车追上甲车所用的时间20如图所示，质量M=2kg的木块A套在水平杆上，并用轻绳将木块A与质量m=kg的小球相连今用跟水平方向成=30角的力F=10N，拉着球带动木块一起向右匀速运动，运动中M、m相对位置保持不变，取g=10m/s2求：（1）运动过程中轻绳与水平方向夹角；（2）木块与水平杆间的动摩擦因数21如图所示，质量M=8kg的小车放在水平光滑的平面上，在小车左端加一水平推力F=8N，当小车向右运动的速度达到1.5m/s时，在小车前端轻轻地放上一个
10、大小不计，质量为m=2kg的小物块，物块与小车间的动摩擦因数为0.2，小车足够长求：（1）小物块刚放上小车时，小物块及小车的加速度各为多大？（2）经多长时间两者达到相同的速度？（3）从小物块放上小车开始，经过t=1.5s小物块通过的位移大小为多少？（取g=10m/s2）2014-2015学年广东省揭阳市惠来一中高一（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（本题共7小题，每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的，每小题2分共14分）1下列说法不正确的是（）A 加速度表示增加的速度B 加速度表示速度变化的快慢C 物体具有向南的加速度，而速度的方向可以向北D 物体运动时的加速度为零
11、，而速度可以不为零考点：加速度专题：直线运动规律专题分析：加速度是表示速度变化快慢的物理量，与物体有没有速度没有直接的关系解答：解：A、加速度是表示速度变化快慢的物理量，所以A错误，B正确C、物体具有向南的加速度，而速度的方向可以向北，所以C正确D、运动时的加速度为零，而速度可以不为零，比如：匀速直线运动，所以D正确本题选择错误的，故选：A点评：加速度等于速度变化量与所用时间的比值，表示的是速度变化的快慢2如图所示是物体做直线运动的vt图象，由图象可得到的正确结果是（）A t=1s时物体的加速度大小为1.0m/s2B 第3s内物体的位移为1.5mC t=5s时物体的加速度大小为0.75m/s2
12、D 物体在加速过程的位移比减速过程的位移大考点：匀变速直线运动的图像专题：运动学中的图像专题分析：根据速度时间图象的物理意义：“斜率”表示加速度，“面积”表示位移分析解答：解：A、t=1s时物体的加速度大小a=1.5m/s2，故A错误B、第3s内物体的位移x=vt=31m=3m故B错误C、t=5s时物体的加速度a=0.75m/s2，加速度大小为0.75m/s2，故C正确D、物体在加速过程的位移x1=3m，物体在减速过程的位移x2=6m故D错误故选C点评：对于物体的速度图象往往从数学角度理解其物理意义：斜率”表示加速度，“面积”表示位移3用牛顿第三定律判断下列说法正确的是（）A 轮船的螺旋桨旋转
13、时，向后推水，水同时给螺旋桨一个反作用力，推动轮船前进B 发射火箭时，燃料点燃后喷出的气体给空气一个作用力，推动火箭前进C 马拉车前进，只有马对车的拉力大于车对马的拉力时，车才能前进D 一个作用力和它的反作用力的合力为零考点：牛顿第三定律分析：牛顿第三定律的内容主要有：两个物体之间的作用力和反作用力，总是同时在同一条直线上，大小相等，方向相反 即 F1=F2力的作用是相互的同时出现，同时消失相互作用力一定是相同性质的力作用力和反作用力作用在两个物体上，产生的作用不能相互抵消 作用力也可以叫做反作用力，只是选择的参照物不同 作用力和反作用力因为作用点不在同一个物体上，所以不能求合力解答：解：A、
14、轮船的螺旋桨旋转时，向后推水，水同时给螺旋桨一个向前的反作用力，轮船前进，故A正确；B、发射火箭时，火箭向后喷射燃气，燃气对火箭有向前的反作用力，故火箭前进，故B错误；C、马拉车前进，不管车如何运动，马拉车的力与车拉马的力总是等值、反向、共线，故C错误；D、作用力和反作用力因为作用点不在同一个物体上，所以不能求合力，故D错误；故选A点评：本题关键是要明确作用力与反作用力规律的适用范围，牛顿第三定律与物体加速、减速还是匀速无关4某物体做自由落体运动，从起点起向下将其分成三段，使物体通过三段位移的时间比为1：2：3，则此三段位移之比应是（）A 1：1：1B 1：3：5C 1：4：9D 1：8：27
15、考点：自由落体运动专题：自由落体运动专题分析：自由落体运动是初速度为零，加速度为g的匀加速直线运动，根据位移时间关系公式列式求解即可解答：解：某物体做自由落体运动，从起点起向下将其分成三段，使物体通过三段位移的时间比为1：2：3；若都从起点算起，物体通过从起点算起的三段位移的时间之比为1：（1+2）：（1+2+3）=1：3：6；根据位移时间关系公式h=，有：h1：h2：h3=12：32：62=1：9：36，故题中三段位移之比为：x1：x2：x3=h1：（h2h1）：（h3h2）=1：8：27故选：D点评：本题关键明确自由落体运动是初速度为零、加速度为g的匀加速直线运动；然后根据位移时间关系公式
16、列式求解5飞机着陆后在跑道上滑行时做匀减速直线运动已知其初速度是60m/s，加速度大小是6m/s2，则飞机着陆后12s内的位移大小是（）A 288 mB 300 mC 600 mD 360 m考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系专题：直线运动规律专题分析：飞机做匀减速，当求12s内的位移时，必须选根据加速度与初速度由速度与时间的关系来确定，飞机停止的时间，若停止时间在12s内，则以停止时间来确定位移大小，若停止时间大于在12s，则由位移与时间关系来计算在12s内位移大小解答：解：依题意，飞机作匀减速直线运动，v0=60m/s，a=6.0m/s2，t=12s由速度公式：v=v0+at 得飞机实
17、际运动时间t停=s=10s12s所以飞机着陆后12s内的位移x=v0t+at2=6010m+（6.0）102m=300m故选：B点评：由于减速，所以加速度应该是负值，同时注意求出停止时间，可能飞机在12s内已经停止，所以剩余时间内飞机的位移为零，则在12s内位移与时间的公式就不适用6如图所示，a，b，c三根绳子完全相同，其中b绳水平，c绳下挂一重物若使重物加重，则这三根绳子中最先断的是（）A a绳B b绳C c绳D 无法确定考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用专题：共点力作用下物体平衡专题分析：使重物加重，这三根绳子先断必是那根受力最大的，应用平衡条件判断那根绳子受力最大就可以
18、判断出那根绳子先断解答：解：对节点o受力分析并合成如图：假设：oa方向与竖直方向的夹角为则：T1=mgT2=；T3=mgtan所以：T2最大，即oa先断故选：A点评：判断绳子先断后断其实就是分析那根绳子上的力是最大的，应用平衡条件进行力的合成与分解来判断即可7物体受到下列几组共点力的作用，其中一定能使物体产生加速度的共点力是（）A 1N、3N、5NB 2N、4N、5NC 3N、4N、5ND 4N、4N、8N考点：力的合成；牛顿第二定律分析：当三个力的合力为零，不产生加速度根据三个力中任意两个力的合力范围，分析三个力能否平衡，判断它们的合力能否为零，判断能否产生加速度解答：解：A、1N，3N，5
19、N三个力中1N与3N的合力范围为2N4N，不可以与5N的力平衡，合力不可以为零，所以一定产生加速度故A正确B、2N，4N，5N三个力中2N与4N的合力范围为2N6N，5N在这个范围内，三个力可以平衡，合力可以等于零，所以不一定产生加速度故B错误C、3N，4N，5N三个力中3N与4N的合力范围为1N7N，5N在这个范围内，三个力可能 平衡，合力可以等于零，所以不一定产生加速度故C错误D、4N，4N，8N三个力中4N与4N的合力范围为08N，8N在这个范围内，三个力可以平衡，合力可以等于零，所以不一定产生加速度故D错误故选：A点评：当三个力合力一定不等于零时，才一定使质点产生加速度根据两个力的合力
20、范围与第三个力的关系，判断三个力合力能否为零，是常见的问题，要熟练掌握二、双选题（每小题有两个选项正确，每小题4分，共计32分只选1个且正确的得2分，多选、错选或不答的得0分）8下列运动物体可以视为质点的是（）A 裁判眼中的体操运动员（正在进行体操比赛）B 火车从上海开往北京，在计算其行车的时间时C 火车通过某一路标，计算所用的时间时D 绕太阳公转的地球，研究其公转时考点：质点的认识专题：直线运动规律专题分析：当物体的形状和大小在所研究的物体中能忽略，则物体可以看成质点解答：解：A、正在比赛的体操运动员，运动员的形状和大小不能忽略，不能看成质点故A错误B、研究火车从上海开往北京的时间，火车的长
21、度可以忽略，可以看成质点故B正确C、研究火车通过一路标的时间，则火车的长度不能忽略，不能看成质点故C错误D、研究地球绕太阳公转，地球的大小远小于公转半径，则地球可以看成质点故D正确故选：BD点评：研究一个物体能否看成质点，关键看物体的形状和大小在所研究的问题中能否忽略9一个物体做匀加速直线运动，在t秒内经过的位移是s，它的初速度为v0，t秒末的速度为vt，则物体在这段时间内的平均速度为（）A B C D 考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；平均速度专题：直线运动规律专题分析：物体在某段时间内的平均速度等于位移与时间的比值，根据匀变速直线运动的公式可推导出平均速度的推论表达式解答：解：根据平
22、均速度的定义式知：又s=，所以=，vt=v0+at故=故AD正确，BC错误；故选：AD点评：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的公式，并能灵活运用10一物体做匀变速直线运动，某时刻速度大小为4m/s，1s后速度的大小变为10m/s，在这1s内该物体的（）A 位移的大小可能小于4mB 位移的大小可能大于10mC 加速度的大小可能小于4m/s2D 加速度的大小可能大于10m/s2考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；加速度专题：直线运动规律专题分析：物体做匀变速直线运动，根据平均速度公式求解位移，根据加速度的定义公式求解加速度解答：解：（1）若初、末速度同向时：= m/s=7 m/ss= t=7
23、m；a= m/s2=6 m/s2（2）若初、末速反向时：= m/s=3 m/ss= t=3 ma= m/s2=14 m/s2因此可得出AD正确，BC错误；故选：AD点评：本题关键是明确物体的运动性质，注意物体的初末速度可能同向，也可能反向，要分情况讨论11如图所示，物体A、B、C叠放在水平桌面上，水平力F作用于C物体上，使A、B、C以共同速度v向右匀速运动，且三者相对静止，那么关于摩擦力的说法，正确的是（）A C不受摩擦力作用B B不受摩擦力作用C A受摩擦力的合力为零D 以A、B、C为整体，整体受到的摩擦力为零考点：静摩擦力和最大静摩擦力专题：摩擦力专题分析：B随A一起匀速运动，合力为零，B
24、不受摩擦力以C为研究对象，所受的摩擦力与拉力F平衡以A为研究对象，A受到C的摩擦力和地面的摩擦力解答：解：A、以C为研究对象，水平受到拉力F与静摩擦力，两力平衡，则C受到的摩擦力方向水平左故A错误 B、以B为研究对象，B随A一起匀速运动，合力为零，B不受摩擦力，否则B受力不平衡，不会做匀速运动故B正确 C、以A为研究对象，分析可知，A匀速运动，受力平衡，水平方向受到摩擦力作用，合力为0故C正确 D、以整体为研究对象，合力为零，可知地面对A摩擦力与拉力平衡故D错误故选BC点评：本题涉及多个物体平衡，关键要灵活选择研究对象，整体法与隔离法可交叉使用12在升降机的天花板上，用轻弹簧悬挂一个小球，升降
25、机静止时，弹簧的伸长量为4cm，升降机运行时，弹簧的伸长量为3cm，则升降机的运动情况是（）A 以a=g的加速度加速下降B 以a=g的加速度加速下降C 以a=g的加速度减速上升D 以a=g的加速度减速上升考点：牛顿运动定律的应用-超重和失重专题：牛顿运动定律综合专题分析：以小球为研究对象，分析受力情况：重力和弹簧的弹力静止时，两力平衡当弹簧伸长减小时，弹力减小，小球所受合力方向向下，根据牛顿第二定律求解加速度，分析运动情况解答：解：设小球的质量为m，弹簧的劲度系数为k静止时，mg=kx1当弹簧伸长减小时，弹力减小，小球所受合力方向竖直向下，小球的加速度竖直向下根据牛顿第二定律得：mgkx2=m
26、a，x2=x1代入解得 a=2.5m/s2，方向竖直向下，则升降机可能以2.5m/s2的加速度减速上升，也可能以2.5m/s2的加速度加速下降故选AC点评：本题应用牛顿定律分析失重现象对于超重和失重现象的判断，关键抓住加速度方向：加速度向上时，产生超重现象；相反，产生失重现象13一物体放置在倾角为的斜面上，斜面固定于加速上升的电梯中，加速度为a，如图所示在物体始终相对于斜面静止的条件下，下列说法中正确的是（）A 当一定时，a越大，斜面对物体的正压力越小B 当一定时，a越大，斜面对物体的摩擦力越大C 当a一定时，越大，斜面对物体的正压力越小D 当a一定时，越大，斜面对物体的摩擦力越小考点：牛顿第
27、二定律；力的合成与分解的运用专题：压轴题；牛顿运动定律综合专题分析：对物体进行正确受力分析，然后根据其运动状态列方程：水平方向合外力为零，竖直方向合外力提供加速度然后根据方程进行有关方面的讨论，在讨论时注意兼顾水平和竖直两个方向，否容易出错解答：解：物体受力如图，正交分解有：水平方向：FNsin=fcos 竖直方向：FNcos+fsinmg=ma 故有：当一定时，a越大，斜面对物体的摩擦力、支持力都越大，故A错误，B正确；当a一定时，越大，cos越小，sin越大，要使两个方程成立，必须有斜面对物体的正压力减小，斜面对物体的摩擦力增大，故C正确，D错误故选BC点评：对于这类动态变化问题，要正确对
28、其进行受力分析，然后根据状态列出方程进行有关讨论，不能凭感觉进行，否则极易出错14在水平力F作用下，重力为G的物体沿墙壁匀速下滑，如图所示物体与墙之间的动摩擦因数为，则物体所受的摩擦力大小为（）A FB F+GC GD 考点：摩擦力的判断与计算专题：摩擦力专题分析：物体在墙面上匀速下滑，则受到滑动摩擦力，由滑动摩擦力公式可求出；同时物体匀速运动，则受力平衡，由平衡关系也可求得摩擦力解答：解：物体向下滑动，故物体受到向下的滑动摩擦力为F；因物体匀速下滑，则物体受力平衡，竖直方向受重力与摩擦力，二力大小相等，故摩擦力也等于G；故选：AC点评：本题容易出错的地方是学生只想到用滑动摩擦力公式而忽略了共
29、点力的平衡条件15如图所示，悬挂于小车里的小球偏离竖直方向角，则小车可能的运动情况是（）A 向右减速运动B 向右加速运动C 向左减速运动D 向左加速运动考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用专题：牛顿运动定律综合专题分析：车和球一起运动，它们由共同的加速度，对小球受力分析，可以求得小球的加速度的大小，即为小车的加速度的大小，从而可以判断小车可能的运动情况解答：解：对小球受力分析，受重力和斜向右上方平行绳子的拉力；速度水平，小球做直线运动，合力与速度共线，故合力水平；故合力水平向右，加速度也水平向右，所以小车可能是向右加速，也可能是向左减速故选：BC点评：对于多个物体的受力分析通常采用的方法就
30、是整体法和隔离法，通过整体法求得加速度，再利用隔离法求物体之间的力的大小三、实验题（每小题6分，共计18分）16如图所示，是某同学在做“研究匀变速直线运动”的实验中得到的纸带（其中电源频率为50Hz），在纸带上选取了A、B、C、D、E、F、G等7个计数点，每相邻两个计数点之间还有4个点没画出来，其相邻点间距离如图所示则打点计时器从打下A点到打下B点所用的时间是0.1 s；打点计时器从打下A点到打下C点的时间内，小车的平均速度是0.4m/s；打点计时器打下B点时，小车的瞬时速度是0.4m/s；小车运动的加速度是0.80m/s2（加速度保留两位有效数字）考点：探究小车速度随时间变化的规律专题：实验
31、题分析：根据匀变速直线运动的推论公式x=aT2可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上B点时小车的瞬时速度大小解答：解：每相邻两个计数点之间还有4个点没画出来，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s，则打点计时器从打下A点到打下B点所用的时间是0.1s，打点计时器从打下A点到打下C点的时间内，小车的平均速度=0.4m/s；根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上B点时小车的瞬时速度大小vB=0.40m/s由于每相邻两个计数点间还有4个点没有画出，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s，设A到B之间的距
32、离为x1，以后各段分别为x2、x3、x4、x5、x6，根据匀变速直线运动的推论公式x=aT2可以求出加速度的大小，得：x4x1=3a1T2x5x2=3a2T2 x6x3=3a3T2为了更加准确的求解加速度，我们对三个加速度取平均值得：a=（a1+a2+a3）代入数据得：a=m/s2=0.80m/s2故答案为：0.1；0.4；0.4；0.80点评：要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用17如图（a）所示的实验装置验证牛顿第二定律完成平衡摩擦力的相关内容：（）若拉小车的细线与木板不平行，则应该调节定滑轮直到细线与木板平行为止取下砂桶，把木板不带
33、滑轮的一端垫高，接通打点计时器电源，轻推 （选填“静止释放”或“轻推“）小车，让小车拖着纸带运动（）如果打出的纸带如图（b）所示，则应减小 （选填“增大”或“减小”）木扳的倾角反复调节，直到纸带上打出的点迹间隔均匀，平衡摩擦力才完成某同学实验进得到如图（C）所示的aF图象，则该同学验证的是：在小车的质量m条件下加速度a与合力F成正比考点：验证牛顿第二运动定律专题：实验题；牛顿运动定律综合专题分析：1探究加速度与力、质量关系实验，小车受到的合力等于砂与砂桶的重力，实验前需要平衡摩擦力；平衡摩擦力时木板倾角要适当，使小车沿斜面重力的分类等于摩擦力，斜面倾角不要过大，否则会导致过平衡摩擦力，时小车受
34、到的合力大于砂与砂桶的重力，aF图象在纵轴上有截距2根据图象的意义，说明a一F的关系；在小车质量远大于小桶及砝码质量的情况下，可以近似认为小车受到的合力等于小桶与砝码的重力，如果小车质量没有远大于小桶与砝码的质量，小车受到的合力明显小于小桶与砝码的重力，如果仍然认为小车受到的合力等于小桶与砝码的重力，则加速度与力不成正比，aF图象不是直线，而是一条曲线解答：解：（1）若拉小车的细线与木板不平行，则应该调节定滑轮，使得绳子与木板平行；平衡摩擦力时，取下砂桶，把木板不带滑轮的一端垫高，接通打点计时器电源，轻推小车，若小车拖着纸带做匀速直线运动，则摩擦力得到平衡从纸带上看出，相等时间内位移越来越大，
35、知小车做加速运动，需减小木板的倾角，直至小车做匀速直线运动，当纸带上打出的点迹间隔均匀，说明小车做匀速直线运动（2）该实验中使用了控制变量法，使用在探究a与F的关系时，质量保持不变，即小车的重力一定；由图（c）所示的aF图象可知，小车的加速度与所受拉力成正比故答案为：（1）定滑轮，轻推；减小，间距均匀，（2）小车的质量一定，加速度a与合力F点评：本题考查了实验注意事项，实验前要平衡摩擦力，不平衡摩擦力或平衡摩擦力不足，以及过平衡摩擦力都是错误的18图甲是“验证力的平行四边形定则”的实验装置请完成实验操作与记录：将弹簧测力计A挂于固定点P，下端用细线ac挂一重物G，如图甲虚线所示，记录：测力计A
36、 的读数F0用弹簧测力计B的挂钩拉另一细线的b端，该细线的另一端系在细线ac上的O点处，手持测力计B保持水平方向缓慢向左拉，到达如图所示位置，记录：O点的位置、测力计A的读数、测力计B的读数细绳Oa的方向、细绳Ob的方向和细线Oc的方向某同学已作出FA、FB和合力实验值F的图示，请在图乙中作出合力理论值F的图示，比较F和F的大小和方向，可以得出结论：互成角度的两个力合成时遵循平行四边形定则考点：验证力的平行四边形定则专题：实验题；带电粒子在磁场中的运动专题分析：明确该实验的实验原理，了解具体实验步骤以及具体的操作，尤其注意在记录力时不但要记录大小还要记录方向根据平行四边形定则作出合力F的理论值
37、，从而得出实验的结论解答：解：明确该实验的实验原理，了解具体实验步骤以及具体的操作，尤其注意在记录力时不但要记录大小还要记录方向，因此该实验中需要记录的除O点位置、测力计A的读数、测力计B的读数之外，还应当记录：、细线Oa的方向、细线Ob的方向如图所示通过实验可知，以FA、FB组成平行四边形的对交线与合力F基本等大反向，因此可以得出 结论：两个力（或两个共点力）的合成时遵循平行四边形定则故答案为：细线Oa的方向、细线Ob的方向，如图F所示两个力的合成点评：在“验证力的平行四边形定则”实验中，我们要知道分力和合力的效果是等同的，这要求同学们对于基础知识要熟练掌握并能正确应用，加强对基础实验理解四
38、、计算题（每小题12分，共计36分）19甲车以10m/s的速度在平直的公路上匀速行驶，乙车以4m/s的速度与甲车同向做匀速直线运动，甲车经过乙车旁边开始以0.5m/s2的加速度刹车，从甲车刹车开始计时，求：（1）乙车在追上甲车前，两车相距最大的距离（2）乙车追上甲车所用的时间考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系专题：直线运动规律专题分析：（1）当两车速度相等时，相距最远，结合速度时间公式求出速度相等所需的时间，结合位移公式求出两车相距的最大距离（2）抓住位移相等，结合位移公式求出追及的时间注意甲车速度减为零后不再运动解答：解：（1）设甲车的其起始速度为v1，乙车的起始速度为v2，在乙车追上甲
39、车之前，当两车速度相等时两车间的距离最大，设此时经历的时间为t1，则由v1=v2+at1得，t1=12s，此时甲车的位移m=84mx1=10120.5122=84m乙车的位移x2=v2t1=412m=48m所以两车间的最大距离x=x2x1=8448m=36m（2）设经过时间t乙车追上甲车，此时两车的位移相同，则由代入数据解得t=24s甲车刹车到停止所需的时间所以乙车在甲车停止运动后才追上甲车，应根据，代入数据得，解得t=25s答：（1）乙车在追上甲车前，两车相距最大的距离为36m（2）乙车追上甲车所用的时间为25s点评：解决本题的关键知道两车速度相等时，相距最远，以及注意本题考查了运动学中刹车
40、问题，甲车速度减为零后不再运动20如图所示，质量M=2kg的木块A套在水平杆上，并用轻绳将木块A与质量m=kg的小球相连今用跟水平方向成=30角的力F=10N，拉着球带动木块一起向右匀速运动，运动中M、m相对位置保持不变，取g=10m/s2求：（1）运动过程中轻绳与水平方向夹角；（2）木块与水平杆间的动摩擦因数考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用专题：共点力作用下物体平衡专题分析：（1）以小球为研究对象，分析受力，作出力图，根据平衡条件求解轻绳与水平方向夹角；（2）以木块和小球组成的整体为研究对象，分析受力情况，由平衡条件和摩擦力公式求解木块与水平杆间的动摩擦因数解答：解：（1
41、）设细绳对B的拉力为T以小球为研究对象，分析受力，作出力图如图1，由平衡条件可得： Fcos30=Tcos Fsin30+Tsin=mg 代入解得，T=10，tan=，即=30（2）以木块和小球组成的整体为研究对象，分析受力情况，如图2再平衡条件得 Fcos30=f N+Fsin30=（M+m）g又f=N得到，=代入解得，=答：（1）运动过程中轻绳与水平方向夹角=30；（2）木块与水平杆间的动摩擦因数=点评：本题涉及两个物体的平衡问题，研究对象的选择要灵活，此题采用隔离法与整体相结合的方法，也可以就采用隔离法研究21如图所示，质量M=8kg的小车放在水平光滑的平面上，在小车左端加一水平推力F=
42、8N，当小车向右运动的速度达到1.5m/s时，在小车前端轻轻地放上一个大小不计，质量为m=2kg的小物块，物块与小车间的动摩擦因数为0.2，小车足够长求：（1）小物块刚放上小车时，小物块及小车的加速度各为多大？（2）经多长时间两者达到相同的速度？（3）从小物块放上小车开始，经过t=1.5s小物块通过的位移大小为多少？（取g=10m/s2）考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系专题：压轴题；牛顿运动定律综合专题分析：（1）对车和物体受力分析，由牛顿第二定律可以求得加速度的大小；（2）车和物体都做加速运动，由速度公式可以求得两者达到相同速度时的时间；
43、（3）分析物体和车的运动的过程可以知道，车的运动可以分为两个过程，利用位移公式分别求得两个过程的位移，即可求得总位移的大小解答：解：（1）对小车和物体受力分析，由牛顿第二定律可得，物块的加速度：am=g=2m/s2小车的加速度：=0.5 m/s2 （2）由：amt=0+aMt得：t=1s所以速度相同时用的时间为1s（3）在开始1s内小物块的位移：最大速度：=at=2m/s 在接下来的0.5s物块与小车相对静止，一起做加速运动，加速度：a=0.8m/s2这0.5s内的位移：S2=Vt+at2=1.1m所以通过的总位移s=s1+s2=2.1m点评：本题考查了牛顿第二定律和匀变速直线运动的规律，对物体受力分析，确定物体的运动的状态，在根据匀变速直线运动的规律来求解即可
