1、高考资源网（） 您身边的高考专家第4节万有引力与航天一、开普勒行星运动定律1开普勒第一定律所有行星绕太阳运动的轨道都是椭圆，太阳处在椭圆的一个焦点上。2开普勒第二定律对任意一个行星来说，它与太阳的连线在相等的时间内扫过相等的面积。3开普勒第三定律所有行星的轨道的半长轴的三次方跟它的公转周期的二次方的比值都相等，表达式：k。二、万有引力定律1内容(1)自然界中任何两个物体都相互吸引。(2)引力的方向在它们的连线上。(3)引力的大小与物体的质量m1和m2的乘积成正比、与它们之间距离r的二次方成反比。2表达式FG，其中G为引力常量，G6.671011 Nm2/kg2，由卡文迪许扭秤实验测定。3适用条
2、件(1)两个质点之间的相互作用。(2)对质量分布均匀的球体，r为两球心间的距离。三、宇宙速度1三种宇宙速度比较宇宙速度数值(km/s)意义第一宇宙速度7.9地球卫星最小发射速度(环绕速度)第二宇宙速度11.2物体挣脱地球引力束缚的最小发射速度(脱离速度)第三宇宙速度16.7物体挣脱太阳引力束缚的最小发射速度(逃逸速度)2第一宇宙速度的计算方法(1)由Gm得v。(2)由mgm得v。1思考辨析(正确的画“”，错误的画“”)(1)地面上的物体所受地球的引力方向一定指向地心。()(2)两物体间的距离趋近于零时，万有引力趋近于无穷大。()(3)开普勒第三定律k中k值与中心天体质量无关。()(4)第一宇宙
3、速度与地球的质量有关。()(5)地球同步卫星的运行速度大于第一宇宙速度。()2(教科版必修2P44T2改编)火星和木星沿各自的椭圆轨道绕太阳运行，根据开普勒行星运动定律可知()A太阳位于木星运行轨道的中心B火星和木星绕太阳运行速度的大小始终相等C火星与木星公转周期之比的平方等于它们轨道半长轴之比的立方D相同时间内，火星与太阳连线扫过的面积等于木星与太阳连线扫过的面积C太阳位于木星运行轨道的一个焦点上，A错误；不同的行星对应不同的运行轨道，运行速度大小也不相同，B错误；同一行星与太阳连线在相等时间内扫过的面积才能相同，D错误；由开普勒第三定律得，故，C正确。3(人教版必修2P43T2改编)若地球
4、表面处的重力加速度为g，而物体在距地面3R(R为地球半径)处，由于地球作用而产生的加速度为g，则为()A1 B C D答案D4(人教版必修2P48T3改编)若取地球的第一宇宙速度为8 km/s，某行星的质量是地球质量的6倍，半径是地球半径的1.5倍，这颗行星的“第一宇宙速度”约为()A2 km/sB4 km/sC16 km/sD32 km/s答案C 开普勒定律的应用依题组训练1关于行星运动的规律，下列说法符合史实的是()A开普勒在牛顿定律的基础上，导出了行星运动的规律B开普勒在天文观测数据的基础上，总结出了行星运动的规律C开普勒总结出了行星运动的规律，找出了行星按照这些规律运动的原因D开普勒总
5、结出了行星运动的规律，发现了万有引力定律B开普勒在前人观测数据的基础上，总结出了行星运动的规律，与牛顿定律无联系，选项A错误，选项B正确；开普勒总结出了行星运动的规律，但没有找出行星按照这些规律运动的原因，选项C错误；牛顿发现了万有引力定律，选项D错误。2(多选)(2019抚州七校联考)2018年7月是精彩天象集中上演的月份，“水星东大距”“火星冲日”“月全食”等天象先后扮靓夜空，可谓精彩纷呈。发生于北京时间7月28日凌晨的“月全食”，相对于2018年1月31日发生的“月全食”来说，7月的全食阶段持续时间更长。已知月球绕地球的运动轨道可看成椭圆，地球始终在该椭圆轨道的一个焦点上，则相对于1月的
6、月球而言，7月的月球()A绕地球运动的线速度更大B距离地球更近C绕地球运动的线速度更小D距离地球更远CD地球绕着太阳公转，月球又绕着地球公转，发生月食的条件是地球处于月球和太阳中间，挡住了太阳光，月全食持续的时间长短和太阳、地球、月球三者的位置关系密切相关，7月这次月全食的时间比较长是由于月球和地球的距离比较远。根据开普勒第二定律可知此时月球绕地球运动的线速度更小，故A、B错误，C、D正确。3如图为人造地球卫星的轨道示意图，LEO是近地轨道，MEO是中地球轨道，GEO是地球同步轨道，GTO是地球同步转移轨道。已知地球的半径R6 400 km，该图中MEO卫星的周期约为(图中数据为卫星近地点、远
7、地点离地面的高度)()A3 h B8 h C15 h D20 hA根据题图中MEO卫星距离地面高度为4 200 km，可知轨道半径约为R110 600 km，同步轨道上GEO卫星距离地面高度为36 000 km，可知轨道半径约为R242 400 km，为MEO卫星轨道半径的4倍，即R24R1。地球同步卫星的周期为T224 h，运用开普勒第三定律，解得T13 h，选项A正确。应用开普勒行星运动定律的三点注意(1)行星绕太阳的运动通常按圆轨道处理。(2)开普勒行星运动定律也适用于其他天体，例如月球、卫星绕地球的运动。(3)开普勒第三定律k中，k值只与中心天体的质量有关，不同的中心天体k值不同。 万
8、有引力定律的理解及应用讲典例示法1万有引力与重力的关系地球对物体的万有引力F表现为两个效果：一是重力mg，二是提供物体随地球自转的向心力F向，如图所示。(1)在赤道上：Gmg1m2R。(2)在两极上：Gmg2。2星体表面上的重力加速度(1)在地球表面附近的重力加速度g(不考虑地球自转)：mgG，得g。(2)在地球上空距离地心rRh处的重力加速度为g，mg，得g。3估算天体质量和密度的两种方法(1)“g、R”法：已知天体表面的重力加速度g和天体半径R。由Gmg，得天体质量M。天体密度。(2)“T、r”法：测出卫星绕中心天体做匀速圆周运动的半径r和周期T。由Gmr，得M。若已知天体的半径R，则天体
9、的密度。典例示法(多选)(2019湖南地质中学三模)若宇航员在月球表面附近高h处以初速度v0水平抛出一个小球，测出小球的水平射程为L。已知月球半径为R，引力常量为G。则下列说法正确的是()A月球表面的重力加速度g月B月球的平均密度C月球的第一宇宙速度vD月球的质量m月关键信息：“水平抛出一个小球，测出水平射程”，可获得月球表面的重力加速度。解析设月球表面的重力加速度为g月，小球在月球表面做平抛运动，根据平抛知识可知在水平方向上Lv0t，在竖直方向上hg月t2，解得g月，故A错误；在月球表面mg月，解得m月，则月球密度为，故B正确，D错误；月球的第一宇宙速度v，故C正确。答案BC估算天体质量和密
10、度的“四点”注意(1)利用万有引力提供天体圆周运动的向心力估算天体质量时，估算的只是中心天体的质量，而非环绕天体的质量。(2)区别天体半径R和卫星轨道半径r，只有在天体表面附近的卫星，才有rR；计算天体密度时，VR3中的“R”只能是中心天体的半径。(3)天体质量估算中常有隐含条件，如地球的自转周期为24 h，公转周期为365天等。(4)注意黄金代换式GMgR2的应用。跟进训练1.(多选)如图所示，三颗质量均为m的地球同步卫星等间隔分布在半径为r的圆轨道上。设地球质量为M，半径为R。下列说法正确的是()A地球对一颗卫星的引力大小为B一颗卫星对地球的引力大小为C两颗卫星之间的引力大小为D三颗卫星对
11、地球引力的合力大小为BC由万有引力定律知A项错误，B项正确；因三颗卫星连线构成等边三角形，圆轨道半径为r，由数学知识易知任意两颗卫星间距d2rcos 30r，由万有引力定律知C项正确；因三颗卫星对地球的引力大小相等且互成120，故三颗卫星对地球引力的合力为0，则D项错误。2若地球半径为R，把地球看作质量分布均匀的球体。“蛟龙”号下潜深度为d，“天宫一号”轨道距离地面高度为h，“蛟龙”号所在处与“天宫一号”所在处的重力加速度之比为()ABC DC设地球的密度为，则在地球表面，重力和地球的万有引力大小相等，有：gG，由于地球的质量为：MR3，所以重力加速度的表达式可写成：gGR。根据题意有，质量分
12、布均匀的球壳对壳内物体的引力为零，故在深度为d的地球内部，受到地球的万有引力即为半径等于(Rd)的球体在其表面产生的万有引力，故“蛟龙”号的重力加速度gG(Rd)，所以有。根据万有引力提供向心力Gma，“天宫一号”所在处的重力加速度为a，所以，故C正确，A、B、D错误。3(2019合肥一中等六校联考)科学家计划在2025年将首批宇航员送往火星进行考察。假设在火星两极宇航员用弹簧测力计测得一质量为m的物体的重力为F1，在火星赤道上宇航员用同一把弹簧测力计测得该物体的重力为F2。通过天文观测测得火星的自转角速度为，已知引力常量为G，将火星看成是质量分布均匀的球体，则火星的密度和半径分别为()A，B
13、，C，D，A在两极万有引力等于重力，GF1；在赤道上万有引力提供重力及向心力，GF2m2R，联立解得R；由GF1，且MR3，解得，故A正确。 宇宙速度及卫星运行参量的分析计算讲典例示法1宇宙速度与运动轨迹的关系(1)v发7.9 km/s时，卫星绕地球做匀速圆周运动。(2)7.9 km/sv发11.2 km/s，卫星绕地球运动的轨迹为椭圆。(3)11.2 km/sv发abacCa、b、c做匀速圆周运动的周期关系为TcTbTaD在b、c中，b的速度大思路点拨：解此题抓住以下两个环节(1)赤道上的物体与同步卫星具有相同的角速度(周期)；(2)赤道上物体与卫星比较物理量时，要借助同步卫星过渡。解析b为
14、沿地球表面附近做匀速圆周运动的人造卫星，根据万有引力定律有Gm，解得v，代入数据得v7.9 km/s，故A错误；地球赤道上的物体与同步卫星具有相同的角速度，所以ac，根据ar2知，c的向心加速度大于a的向心加速度，根据a得b的向心加速度大于c的向心加速度，即abacaa，故B错误；卫星c为同步卫星，所以TaTc，根据T2得c的周期大于b的周期，即TaTcTb，故C错误；在b、c中，根据v，可知b的速度比c的速度大，故D正确。答案D研究卫星运行熟悉“三星一物”(1)同步卫星的周期、轨道平面、高度、线速度的大小、角速度、绕行方向均是固定不变的，常用于无线电通信，故又称通信卫星。(2)极地卫星运行时
15、每圈都经过南北两极，由于地球自转，极地卫星可以实现全球覆盖。(3)近地卫星是在地球表面附近环绕地球做匀速圆周运动的卫星，其运行的轨道半径可近似认为等于地球的半径，其运行线速度约为7.9 km/s。(4)赤道上的物体随地球自转而做匀速圆周运动，由万有引力和地面支持力的合力充当向心力(或者说由万有引力的分力充当向心力)，它的运动规律不同于卫星，但它的周期、角速度与同步卫星相等。跟进训练宇宙速度的理解1(多选)据悉，我国的火星探测已引起各国的关注，我国将于近几年进行第一次火星探测，向火星发射轨道探测器和火星巡视器。已知火星的质量约为地球质量的，火星的半径约为地球半径的。下列关于火星探测器的说法中正确
16、的是()A发射速度只要大于第一宇宙速度即可B发射速度只有达到第三宇宙速度才可以C发射速度应大于第二宇宙速度且小于第三宇宙速度D火星探测器环绕火星运行的最大速度约为地球的第一宇宙速度的CD要将火星探测器发射到火星上去，必须脱离地球引力，即发射速度要大于第二宇宙速度，火星探测器仍在太阳系内运转，因此从地球上发射时，发射速度要小于第三宇宙速度，选项A、B错误，C正确；由第一宇宙速度的概念，得Gm，得v1，故火星探测器环绕火星运行的最大速度与地球的第一宇宙速度的比值约为，选项D正确。卫星的运行问题2.(2019重庆一中月考)如图所示，卫星A、B绕地球做匀速圆周运动，用T、a、v、S分别表示卫星的周期、
17、加速度、速度、与地心连线在单位时间内扫过的面积。下列关系式正确的是()ATATB BaAaB CvAvB DSASBA根据万有引力提供向心力可得ma，可知线速度为v，周期为T，加速度为a，A的轨道半径较大，则vATB，aAv1，在B点加速，则v3vB，又因v1v3，故有vAv1v3vB。(2)加速度：因为在A点，卫星只受到万有引力作用，故不论从轨道还是轨道上经过A点，卫星的加速度都相同，同理，经过B点加速度也相同。(3)周期：设卫星在、轨道上运行的周期分别为T1、T2、T3，轨道半径分别为r1、r2(半长轴)、r3，由开普勒第三定律k可知T1T2T3。典例示法2017年1月18日，世界首颗量子
18、科学实验卫星“墨子号”在圆满完成4个月的在轨测试任务后，正式交付用户单位使用。如图为“墨子号”变轨示意图，轨道A与轨道B相切于P点，轨道B与轨道C相切于Q点，以下说法正确的是()A“墨子号”在轨道B上由P向Q运动的过程中速率越来越大B“墨子号”在轨道C上经过Q点的速率大于在轨道A上经过P点的速率C“墨子号”在轨道B上经过P时的向心加速度大于在轨道A上经过P点时的向心加速度D“墨子号”在轨道B上经过Q点时受到的地球的引力小于经过P点时受到的地球的引力解析“墨子号”在轨道B上由P向Q运动的过程中，逐渐远离地心，速率越来越小，选项A错误；“墨子号”在A、C轨道上运行时，轨道半径不同，根据Gm可得v，
19、轨道半径越大，线速度越小，选项B错误；“墨子号”在A、B两轨道上经过P点时，离地心的距离相等，受地球的引力相等，所以加速度是相等的，选项C错误；“墨子号”在轨道B上经过Q点比经过P点时离地心的距离要远些，受地球的引力要小些，选项D正确。答案D航天器变轨问题的“三点”注意(1)航天器变轨时半径的变化，根据万有引力和所需向心力的大小关系判断；稳定在新圆轨道上的运行速度变化由v判断。(2)同一航天器在一个确定的圆(椭圆)轨道上运行时机械能守恒，在不同轨道上运行时机械能不同，轨道半径越大，机械能越大。(3)航天器经过不同轨道的相交点时，加速度相等，外轨道的速度大于内轨道的速度。跟进训练1(2019临沂
20、2月检测)2019年春节期间，中国科幻电影里程碑的作品流浪地球热播。影片中为了让地球逃离太阳系，人们在地球上建造特大功率发动机，使地球完成一系列变轨操作，其逃离过程如图所示，地球在椭圆轨道上运行到远日点B变轨，进入圆形轨道。在圆形轨道上运行到B点时再次加速变轨，从而最终摆脱太阳束缚。对于该过程，下列说法正确的是()A沿轨道运动至B点时，需向前喷气减速才能进入轨道B沿轨道运行的周期小于沿轨道运行的周期C沿轨道运行时，在A点的加速度小于在B点的加速度D在轨道上由A点运行到B点的过程，速度逐渐增大B沿轨道运动至B点时，需向后喷气加速才能进入轨道，故选项A错误；因在轨道的半长轴小于轨道的运动半径，根据
21、开普勒第三定律可知，沿轨道运行的周期小于沿轨道运行的周期，故选项B正确；由Gma可得a，则沿轨道运行时，在A点的加速度大于在B点的加速度，故选项C错误；根据开普勒第二定律可知，在轨道上由A点运行到B点的过程，速度逐渐减小，选项D错误。2(多选)如图是“嫦娥三号”飞行轨道示意图，在地月转移段，若不计其他星体的影响，关闭发动机后，下列说法正确的是()A“嫦娥三号”飞行速度一定越来越小B“嫦娥三号”的动能可能增大C“嫦娥三号”的动能和引力势能之和一定不变D“嫦娥三号”的动能和引力势能之和可能增大AC在地月转移段“嫦娥三号”所受地球和月球的引力之和指向地球，关闭发动机后，“嫦娥三号”向月球飞行，要克服
22、引力做功，动能一定减小，速度一定减小，选项A正确，B错误。关闭发动机后，只有万有引力做功，“嫦娥三号”的动能和引力势能之和一定不变，选项C正确，D错误。1双星模型(1)定义：绕公共圆心转动的两个星体组成的系统，我们称之为双星系统，如图所示。(2)特点：各自所需的向心力由彼此间的万有引力提供，即m1r1，m2r2。两颗星的周期及角速度都相同，即T1T2，12。两颗星的半径与它们之间的距离关系为：r1r2L。两颗星到圆心的距离r1、r2与星体质量成反比，即。双星的运动周期T2。双星的总质量m1m2。示例1双星系统中两个星球A、B的质量都是m，A、B相距L，它们正围绕两者连线上某一点做匀速圆周运动。
23、实际观测该系统的周期T要小于按照力学理论计算出的周期理论值T0，且k(k1)，于是有人猜测这可能是受到了一颗未发现的星球C的影响，并认为C位于双星A、B的连线正中间，相对A、B静止，求：(1)两个星球A、B组成的双星系统周期理论值T0；(2)星球C的质量。解析(1)两星球的角速度相同，根据万有引力充当向心力知：mr1mr2可得：r1r2两星绕连线的中点转动，则有：m解得1所以T02。(2)由于C的存在，双星的向心力由两个力的合力提供，则GmLTkT0联立式解得M。答案(1)2(2)2多星模型(1)定义：所研究星体的万有引力的合力提供做圆周运动的向心力，除中央星体外，各星体的角速度或周期相同。(
24、2)三星模型：三颗星体位于同一直线上，两颗质量相等的环绕星围绕中央星在同一半径为R的圆形轨道上运行(如图甲所示)。三颗质量均为m的星体位于等边三角形的三个顶点上(如图乙所示)。甲乙丙丁(3)四星模型：其中一种是四颗质量相等的星体位于正方形的四个顶点上，沿着外接于正方形的圆形轨道做匀速圆周运动(如图丙所示)。另一种是三颗质量相等的星体始终位于正三角形的三个顶点上，另一颗位于中心O，外围三颗星绕O做匀速圆周运动(如图丁所示)。示例2(多选)宇宙间存在一些离其他恒星较远的三星系统，其中有一种三星系统如图所示，三颗质量均为m的星位于等边三角形的三个顶点，三角形边长为R，忽略其他星体对它们的引力作用，三
25、星在同一平面内绕三角形中心O做匀速圆周运动，引力常量为G，则()A每颗星做圆周运动的线速度为B每颗星做圆周运动的角速度为C每颗星做圆周运动的周期为2D每颗星做圆周运动的加速度与三星的质量无关ABC每颗星受到的合力为F2Gsin 60G，轨道半径为rR，由向心力公式Fmamm2rm，解得a，v，T2，显然加速度a与m有关，选项A、B、C正确，D错误。解决双星、多星问题的关键点(1)双星或多星的特点、规律，确定系统的中心以及运动的轨道半径。(2)星体的向心力由其他天体的万有引力的合力提供。(3)星体的角速度相等。(4)星体的轨道半径不是天体间的距离。要利用几何知识，寻找两者之间的关系，正确计算万有
26、引力和向心力。即时训练1.(2019云南昆明一中月考)如图所示，A、B两颗恒星分别绕它们连线上某一点做匀速圆周运动，我们通常称之为“双星系统”，A的质量为B的2倍，忽略其他星球对二者的引力，下列说法正确的是()A恒星A的向心加速度是B的一半B恒星A的线速度是B的2倍C恒星A的公转周期是B的一半D恒星A的动能是B的2倍AA、B之间的引力提供各自的向心力，由牛顿第二定律可知，A、B的向心力相等，角速度和周期相等，则有2MrAMrB，解得恒星A与恒星B的轨道半径之比为rArB12，由vr，a2r，TATB，可得A正确，B、C错误；由动能Ekmv2可得，故D错误。2(多选)宇宙中存在一些质量相等且离其
27、他恒星较远的四颗星组成的四星系统，通常可忽略其他星体对它们的引力作用。设四星系统中每颗星的质量均为m，半径均为R，四颗星稳定分布在边长为a的正方形的四个顶点上。已知引力常量为G。关于宇宙四星系统，下列说法正确的是()A四颗星围绕正方形对角线的交点做匀速圆周运动B四颗星的轨道半径均为C四颗星表面的重力加速度均为D四颗星的周期均为2aACD其中一颗星在其他三颗星的万有引力作用下，合力方向指向对角线的交点，围绕正方形对角线的交点做匀速圆周运动，由几何知识可得轨道半径均为a，故A正确，B错误；在每颗星表面，根据万有引力近似等于重力，可得Gmg，解得g，故C正确；由万有引力定律和向心力公式得m，解得T2a，故D正确。高考资源网版权所有，侵权必究！
