1、四川省眉山中学2017届高三5月月考物理试题二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第1418题只有一项符合题目要求，第1921题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1. 关于近代物理，下列说法错误的是A. 轻核聚变反应方程中，X表示电子B. 卢瑟福基于粒子散射实验的事实提出了原子的“核式结构模型”C. 分别用红光和紫光照射金属钾表面均有光电子逸出，紫光照射时，逸出的光电子的最大初动能较大D. 基态的一个氢原子吸收一个光子跃迁到n = 3激发态后，可能发射2种频率的光子【答案】A【解析】轻核聚变反应方程中，X的质量数为：m=2+3-
2、4=1，电荷数：z=1+1-2=0，可知X表示中子故A错误；卢瑟福的粒子散射实验揭示了原子具有核式结构故B正确；分别用红光和紫光照射金属钾表面均有光电子逸出，由于紫色光的频率大，由：Ekm=h-W0可知，紫光照射时，逸出的光电子的最大初动能较大故C正确；基态的一个氢原子吸收一个光子跃迁到n=3激发态后，当该原子向地能级跃迁时，可能的途径是：n=3n=1n=1，所以可能发射2种频率的光子故D正确此题选择错误的选项，故选A. 2. 卫星发射进入预定轨道往往需要进行多次轨道调整，如图所示，某次发射任务中先将卫星送至近地轨道，然后再控制卫星进入椭圆轨道，最后进入预定圆形轨道运动。图中O点为地心，A点是
3、近地圆轨道1和椭圆轨道的交点，B点是远地圆2轨道与椭圆轨道的交点，远地点B离地面高度为6R(R为地球半径)。设卫星在近地圆轨道运动的周期为T，下列说法正确的是A. 卫星在近地圆轨道1与远地圆轨道运动2的速度之比为B. 控制卫星从图中低轨道进入椭圆轨道需要使卫星减速C. 卫星从A点经4T的时间刚好能到达B点D. 卫星在近地圆轨道1通过A点的加速度小于在椭圆轨道通过A点时的加速度【答案】C【解析】近地轨道1的半径为R，远地轨道2的半径为7R，则根据，卫星在近地圆轨道1与远地圆轨道运动2的速度之比为，选项A错误；控制卫星从图中低轨道进入椭圆轨道时需做离心运动，可知需要的向心力增大，所以需要加速才能实
4、现故B错误；卫星在椭圆轨道上的半长轴：;由开普勒第三定律，可知：,所以：T椭圆=8T；卫星在椭圆轨道上运动时，由近地点到远地点的过程恰好等于椭圆的运动的半个周期，所以：, 故C正确根据可知，卫星在近地圆轨道1通过A点的加速度等于在椭圆轨道通过A点时的加速度，选项D错误；故选C.3. 如图所示，n匝矩形闭合导线框ABCD处于磁感应强度大小为B的水平匀强磁场中，线框面积为S，电阻不计。线框绕垂直于磁场的轴OO以角速度匀速转动，并与理想变压器原线圈相连，变压器副线圈接入一只额定电压为U的灯泡，灯泡正常发光。从线圈通过中性面开始计时，下列说法正确的是A. 图示位置穿过线框的磁通量变化率最大B. 灯泡中
5、的电流方向每秒改变2次C. 线框中产生感应电动势的表达式为D. 变压器原、副线圈匝数之比为【答案】C【解析】图示位置穿过线框的磁通量最大，但是磁通量的变化率为零，选项A错误；交流电的周期为，一个周期内电流方向改变两次，则灯泡中的电流方向每秒改变 次，选项B错误；交流电的电动势最大值：Em=nBS，则线框中产生感应电动势的表达式为enBSsint,选项C正确；交流电的有效值为 ,则 ,选项D错误；故选C.点睛：此题关键是掌握交流电的瞬时值、最大值及有效值的意义，知道它们之间的关系；掌握住理想变压器的电压、电流及功率之间的关系，本题即可得到解决。4. 如图所示，半圆形框架竖直放置在粗糙的水平地面上
6、，光滑的小球P在水平外力F的作用下处于静止状态，P与圆心O的连线与水平面的夹角为，将力F在竖直面内沿顺时针方向缓慢地转过90，框架与小球始终保持静止状态。在此过程中下列说法正确的是A. 框架对小球的支持力先减小后增大B. 拉力F的最小值为mgsin C. 框架对地面的压力先增大后减小D. 地面对框架的摩擦力始终在减小【答案】D【解析】以小球为研究对象，分析受力情况，作出受力示意力图，如图所示根据几何关系可知，用F顺时针转动至竖直向上之前，支持力逐渐减小，F先减小后增大，当F的方向沿圆的切线方向向上时，F最小，此时：F=mgcos故A错误，B错误；以框架与小球组成的整体为研究对象，整体受到重力、
7、地面的支持力、地面的摩擦力以及力F的作用；由图可知，F在顺时针方向转动的过程中，F沿竖直方向的分力逐渐增大，所以地面对框架的支持力始终在减小故C错误；以框架与小球组成的整体为研究对象，整体受到重力、地面的支持力、地面的摩擦力以及力F的作用；由图可知，F在顺时针方向转动的过程中，F沿水平方向的分力逐渐减小，所以地面对框架的摩擦力始终在减小故D正确；故选D.点睛：本题考查共点力平衡条件的应用，主要应用用隔离法研究动态平衡问题，分析受力，作出力图是关键，同时注意图形的正确应用，能直接根据图形的变化分析各力的变化情况5. 如图所示，在竖直平面内有一固定的半圆槽，半圆直径AG水平，B、C、D、E、F点将
8、半圆周六等分。现将5个质量不同的小球1、2、3、4、5（均可视为质点）分别从A点开始向右做平抛运动，分别落到B、C、D、E、F点上，则下列说法正确的是 A. 球5到达F点时，速度的反方向延长线必过圆心B. 球3做平抛运动全过程速度变化最大C. 球5做平抛运动的时间最长D. 各球到达圆周时球3的重力功率最大【答案】B【解析】物体做平抛运动，任意一点速度的反向延长线交水平位移于中点，故球5到达F点时，速度的反方向延长线一定不过圆心，故A错误；小球在竖直方向做自由落体运动，速度的变化量只在竖直方向，故竖直位移越大速度变化量越大，故B正确；根据h=gt2可知，球3运动时间最长，故C错误；球的重力功率P
9、=mgv，由于球的质量不确定，故无法判断功率的大小，故D错误；故选B.6. 如图所示，在两个点电荷Q1、Q2产生的电场中，实线为其电场线分布，虚线为电子（不计重力）从A点运动到B点的运动轨迹，则下列判断正确的是A. 电子经过A点的加速度比经过B点的加速度大B. Q1的电荷量小于Q2的电荷量C. 电子在A点的电势能大于在B点的电势能D. 两个点电荷连线中点O的场强为零【答案】AB【解析】A点的电场线较B点密集，则电子在A点受到的电场力较大，故电子经过A点的加速度比经过B点的加速度大，选项A正确；由电场线的分布可知，Q1的电荷量小于Q2的电荷量，选项B正确；由电子的运动轨迹可知，电子所受的电场力指
10、向轨迹的凹向，可知电子由A到B，电场力对电子做负功，电势能增加，选项C错误；由电场线分布可知，Q2Q1，故在两个点电荷连线中点O的场强不为零，选项D错误；故选AB.7. 如图所示，在长方形abcd区域内，存在方向垂直于纸面向里的匀强磁场，ab ：ad=46：45。一重核静止于O点，某次发生衰变，形成如图示轨迹（重力不计），生成的粒子1与粒子2刚好没有穿出长方形边界。则下列说法正确的是 A. 粒子1是粒子，在磁场中顺时针方向旋转B. 粒子2是粒子，在磁场中逆时针方向旋转C. 粒子1与粒子2的电量之比为1：45D. 粒子1与粒子2的绕行方向相同【答案】BD【解析】粒子反冲过程满足动量守恒定律，则：
11、m1v1=m2v2；由可知，则2是粒子，根据左手定则可知，2在磁场中逆时针方向旋转，1在磁场中逆时针方向旋转，故选项BD正确，A错误；由几何关系可知r2:r1=45:1，则q2:q1=1:45，选项C错误；故选BD.8. 如图所示，O1、O2为两个固定的光滑滑轮，处于相同高度，滑块m套在光滑水平直杆上，通过轻质细线与物体M相连，O1B与水平杆垂直。现用 外力将物块拉至水平杆的A处并保持静止，物体M处于竖直静止状态，撤去外力后，m在水平直杆上运动，C点为运动的最远点；M在竖直方向运动，b为其中点，a、c为其运动的最高与最低点且高度差为h。关于m、M的运动过程描述正确的是（ ）A. 滑块m从A到B
12、作匀加速运动，从B到C作匀减速运动B. 当m在B点速度最大时，M在b点获得最大速度C. 当滑块m运动到B处时，物体M刚好运动到c点D. 滑块m的最大速度为【答案】CD.三、非选择题： (一)必考题9. 为探究力对同一个原来静止的物体所做的功与物体获得的速度的关系，可通过如图所示的实验装置进行：在木板上钉两个铁钉，将并接在一起的相同的橡皮筋的两端固定在铁钉的顶端，橡皮筋的中央都挂在小车前端上方的小挂钩上，通过拉动小车使橡皮筋伸长，由静止释放小车，橡皮筋对小车做功，再利用打点计时器和小车后端拖动的纸带记录小车的运动情况。现有主要的探究步骤如下：a保持小车由静止释放的位置相同，通过改变并接在一起的相
13、同橡皮筋的条数，使橡皮筋对小车做的功分别为W、2W、3W；b由打点计时器打出的若干条纸带分别求出小车各次运动的最大速度v1、v2、v3；c做出W-v图象；d分析W-v图象。如果W-v图象是一条直线，表明Wv；如果不是直线，可考虑是否存在Wv2、Wv3、W 等关系。（1）在实验中，除了图中已有的实验器材以及交流电源、导线、开关以外，还需要哪种测量工具？答：_。（2）对于该实验，下列操作中属于实验要求的是_。A.小车每次都应从静止开始释放B.实验中应将平板倾斜适当角度以平衡摩擦力C.应在纸带上选取点迹间隔均匀的部分计算小车的最大速度vD.必须测量出小车的质量（3）如图给出了某次在正确操作情况下打出
14、的纸带，从中截取了测量物体最大速度所用的一段纸带，测得O点到A、B、C、D、E各点的距离分别为(OA=5.75cm，OB=7.22cm，OC=8.78cm，OD=10.40cm，OE=12.02cm.已知相邻两点打点时间间隔为0.02s，打C点时小车的速度最大，则小车获得的最大速度m=_m/s.(要求保留2位有效数字)【答案】 (1). 刻度尺 (2). ABC (3). 0.80 【解析】（1）探究橡皮筋做功与小车的动能变化的关系，则小车的速度是由纸带的点来求出因此必须要有毫米刻度尺；（2）小车获得的动能应该等于橡皮筋对其做的功，所以小车必须从同一位置由静止弹出，故A正确；为了保证小车的动能
15、都是橡皮筋做功的结果，必须平衡摩擦力，长木板要适当的倾斜，故B正确；实验中我们要知道小车获得的最大速度，即橡皮筋把功做完，所以应该对应纸带上点迹均匀匀速运动的部分计算速度，故C正确；本实验不需要测量小车的质量，故D错误故选ABC.（3）从纸带上我们可判断出打C点时，小车具有最大的速度，vC可由B到D的平均速度求出：即： 10. 为测定电源的电动势和定值电阻Rx的阻值，实验室提供了如下器材： A.电源(电动势约为9 V，内阻不计) B.电压表(视为理想电压表，量程03 V) C.电阻箱R(0999.9 ) D.定值电阻R0=10E.被测电阻Rx F.开关、导线若干 (1)用欧姆表(1 )测定定值
16、电阻Rx，欧姆表的指针如图所示，则Rx_； (2)为达到测定的目的，某同学设计了如图所示两种电路，并选择图_（填“甲”或“乙”），应用所测得的数据，绘出R图象是一条直线，测得直线的斜率k，纵坐标的截距为b（如图示）。则电源的电动势E_，电阻Rx_。【答案】 (1). 3 (2). 乙 (3). 9.0 (4). 2.0【解析】（1）由图示表盘及指针位置可知，此被测电阻的阻值约为31=3；（2）由闭合电路欧姆定律可得，如果采用图甲只能画出图象，而根据图乙可得：，化简可得：；由函数知识可知：图象的斜率，故；图象与纵坐标的交点 解得： ；点睛：本题考查测量电动势和内电阻的实验，要注意明确实验原理，知
17、道本实验中采用电压表与定值电阻并联的方式来求解电流，然后再根据闭合电路欧姆定律分析求解即可11. 如图所示，两条足够长的固定光滑平行金属导轨的倾角 = 30，间距L = 0.2m，电阻不计；矩形区域MNPQ内存在着方向垂直导轨平面向上、磁感应强度大小B = 1T的匀强磁场，PM边的长度x1 = 0.7m；将两根用长x2 = 0.2m的绝缘轻杆垂直固定的金属棒ab、ef放在导轨上，两棒质量均为m = 0.02kg，长度均为L，电阻均为R = 0.2。棒从MN上方某处由静止释放后沿导轨下滑，棒ab刚进入MN处时恰好做匀速运动。两棒始终与导轨垂直且接触良好，取g = 10 m/s2。求：（1）棒ab
18、刚进入MN处时的速度大小1；（2）棒ab在磁场中的运动时间t。【答案】（1）（2）【解析】（1）棒ab刚进入MN处时，受力平衡对整体有 2mgsin = BI1d 棒ab切割磁感线产生的感应电动势E=BLv1根据闭合电路欧姆定律有 解得：。（2）在磁场中，棒ab先做匀速运动，后做匀加速直线运动匀速运动的时间解得t1 =0. 1 s匀加速直线运动的时间设为t2，有：解得t2 = 0.2s（另一解不合题意舍去）运动的总时间为：。12. 一传送带装置示意图如图，其中传送带经过AB区域时是水平的，经过BC区域时变为圆弧形（圆弧由光滑模板形成，未画出），经过CD区域时是倾斜的，AB和CD都与BC相切。现
19、将大量的质量均为m的小货箱一个一个在A处放到传送带上，放置时初速为零，经传送带运送到D处，D和A的高度差为h。稳定工作时传送带速度不变，当前一个货箱相对于传送带静止时马上放第二个，每个小货箱相对传送带运动的时间均为t0，CD段上各箱等距排列，相邻两箱的距离为L。每个箱子在A处投放后，在到达B之前已经相对于传送带静止，且以后也不再滑动（忽略经BC段时的微小滑动）。已知在一段相当长的时间内，共运送小货箱的数目为N。这装置由电动机带动，传送带与轮子间无相对滑动，不计轮轴处的摩擦。求：(1)传送带稳定工作时的速度0；(2)此过程中电动机提供的电功W。【答案】【解析】以地面为参考系（下同），设传送带的运
20、动速度为v0，在水平段运输的过程中，小货箱先在滑动摩擦力作用下做匀加速运动，设这段路程为s1，加速度为a，则对小箱有 v0=at0 在这段时间内，传送带运动的路程为 由以上可得 用f表示小箱与传送带之间的滑动摩擦力，则传送带对小箱做功为 传送带克服小箱对它的摩擦力做功 两者之差就是克服摩擦力做功发出的热量 可见，在小箱加速运动过程中，小箱获得的动能与发热量相等。在运载N个小箱的过程中，电动机输出的电功用于增加小箱的动能、势能以及克服摩擦力发热，即 已知相邻两小箱的距离为L，所以 联解得 33【物理选修3-3】13. 质量一定的某种物质，在压强不变的条件下，由固态到气态变化过程中温度T随加热时间
21、t变化关系如图所示，单位时间所吸收的热量可看做不变，气态可看成理想气体。下列说法正确的是_A. 该物质是晶体B. 该物质分子平均动能随着时间的增加而增大C. 在t1t2时间内，该物质分子势能随着时间的增加而增大D. 在t2t3时间内，该物质的内能随着时间的增加而增大E. 在t2t3时间内，气体膨胀对外做功，分子势能增大【答案】BDE【解析】固态到气态的中间过程，即在t1t2时间内，物质吸热，但温度不变，此过程中分子的平均动能不变，分子势能增加，可知该物质为晶体，选项AC正确，B错误；在t2t3时间内，物质处于气态，分子势能为零，则随着物质的吸热，该物质的内能随着时间的增加而增大，选项D正确，E
22、错误；故选ACD.点睛：该题不但考察了物质物态的变化，还考察了物质在物态变化的过程中能量的变化解答该题要求我们要熟练的掌握在物态变化的过程中能量是如何变化的，尤其是在液化过程中，温度虽然不变，但是内能却在增加14. 如图所示，封闭有一定质量理想气体的长气缸固定在水平桌面上，开口向右，活塞的横截面积为S。活塞与质量为m的物块用跨过定滑轮上的轻绳连接，滑轮两侧的轻绳分别处于水平和竖直状态，劲度系数为k的竖直轻弹簧下端固定，上端与物块连接。开始时，活塞与气缸底部的间距为L，绝对温度为T1，弹簧处于拉伸状态且弹力大小F1 = mg。已知大气压p0 =（n 2，g为重力加速度大小）。不计一切摩擦，弹簧始
23、终处于弹性限度内。求：（i）若对被封闭气体缓慢加热直至弹簧弹力大小为零，求此时被封闭气体的绝对温度T2；（ii）当被封闭气体的绝对温度为T2时，立即撤去弹簧且不再对被封闭气体加热，经过一段较长时间后，被封闭气体的绝对温度又降回到T1，求此时活塞与气缸底部的间距L。【答案】（i）（ii） 【解析】（i）开始时，弹簧的伸长长度 对活塞受力平衡，有：p1S = p0S F1 mg 其中F1 = mg 被封闭气体的绝对温度为T2时，对活塞受力平衡，有p2S = p0S mg根据理想气体的状态方程有： 解得 （ii）被封闭气体作等压变化，根据盖-吕萨克定律有： 解得 34【物理选修3-4】15. 下列选
24、项与多普勒效应有关的是 A. 科学家用激光测量月球与地球间的距离B. 医生利用超声波探测病人血管中血液的流速C. 技术人员用超声波探测金属、陶瓷、混凝土中是否有气泡D. 交通警察向车辆发射超声波并通过测量反射波的频率确定车辆行进的速度E. 科学家通过比较星球与地球上同种元素发出光的频率来计算星球远离地球的速度【答案】BDE【解析】试题分析：多普勒效应是利用发射波与接受波间的波长变化（或者频率变化）来判断相对运动的情况科学家用激光测量月球与地球间的距离是利用光速快，并且光束集中，故A错误；医生利用超声波探测病人血管中血液的流速利用声波的多普勒效应，故B正确；技术人员用超声波探测金属、陶瓷、混凝土
25、中是否有气泡是利用穿透能力强，故C错误；交通警察向车辆发射超声波并通过测量反射波的频率确定车辆行进的速度是利用超声波的多普勒效应，故D正确；科学家通过比较星球与地球上同种元素发出光的频率来计算星球远离地球的速度，是光的多普勒效应，故E正确；16. 如图所示，某种透明介质的截面图由直角三角形AOC和圆心为O、半径为R的四分之一圆弧BC组成，其中A = 60。一束单色光从D点垂直AB面射入透明介质中，射到圆弧BC上时恰好发生全反射。已知D点与O点之间的距离为，光在真空中的传播速度为c。求：（i）单色光在介质中的传播速度；（ii）单色光第一次射出介质时折射角。【答案】（i） （ii） = 45【解析】（i）设介质的临界角为1，则 解得1 = 45，n = 折射率与速度的关系有 解得 （ii）EF与AB平行3 = 90 EFC = 90 A = 30 根据折射定律有 解得 = 45
