1、山东省日照市莒县2019-2020学年高二数学下学期期中过程性测试试题(含解析)一单项选择题1. 下列求导运算正确的是( )A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】利用导数运算法则求出正确的结果即可判断.【详解】A.,故错误;B.,正确;C.,故错误;D.,故错误.故选:B.【点睛】本题考查导数的运算,属于基础题.2. 公园有个门,从一个门进,另一个门出,则不同的走法的种数为( )A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】分两步完成,第一步先选进门的方法有4种,再选出门的方法有3种,最后相乘.【详解】解:分两步完成,第一步:从4个门中选择一个门进有4种方法,第二步:从余下的3
2、个门中选一个出有3种方法,根据分步计数乘法原理,共有故选:C【点睛】考查分步计数乘法原理,基础题.3. 生物实验室有5只兔子,其中只有3只测量过某项指标,若从这5只兔子中随机取出3只,则恰有2只测量过该指标的概率为A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】本题首先用列举法写出所有基本事件,从中确定符合条件的基本事件数,应用古典概率的计算公式求解【详解】设其中做过测试的3只兔子为,剩余的2只为,则从这5只中任取3只的所有取法有,共10种其中恰有2只做过测试的取法有共6种,所以恰有2只做过测试的概率为,选B【点睛】本题主要考查古典概率的求解,题目较易,注重了基础知识、基本计算能力的考查应用
3、列举法写出所有基本事件过程中易于出现遗漏或重复,将兔子标注字母,利用“树图法”,可最大限度的避免出错4. 3名男生3名女生排成一排,男生必须相邻,女生也必须相邻的排法种数为( )A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】男生捆绑在一起为一个人,女生捆绑在一起作为一个人,两人排列,它们之间也排列然后由乘法原理可得【详解】根据题意男生一起有排法,女生一起有排法,一共有种排法,故选:C.【点睛】本题考查排列的应用,相邻问题应用捆绑法求解5. 甲、乙两人参加“社会主义价值观”知识竞赛,甲、乙两人的能荣获一等奖的概率分别为和,甲、乙两人是否获得一等奖相互独立,则这两个人中恰有一人获得一等奖的概率
4、为( )A. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】利用相互独立事件概率计算公式,计算出所求概率.【详解】设甲、乙获一等奖的概率分别是,不获一等奖的概率是,则这两人中恰有一人获奖的事件的概率为:.故选:D【点睛】本小题主要考查相互独立事件概率计算,属于基础题.6. 已知盒中装有3个红球、2个白球、5个黑球,它们大小形状完全相同,现需一个红球,甲每次从中任取一个不放回,在他第一次拿到白球的条件下,第二次拿到红球的概率( )A. B. C. D. 【答案】B【解析】事件A:“第一次拿到白球”,B:“第二拿到红球”,则P(A),P(AB),故P(B|A).7. 函数的单调递增区间是( )A.
5、B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】求导分析导函数大于0的区间即可.【详解】易得,当时解得.故函数的单调递增区间是.故选:D【点睛】本题主要考查了求导分析函数单调区间的方法,属于基础题.8. 点P是曲线x2y2ln=0上任意一点,则点P到直线4x+4y+1=0的最小距离是( )A. (1-ln2)B. (+ln2)C. (1+ln2)D. (1+ln2)【答案】C【解析】【分析】先求导数,根据导数几何意义得切点坐标,再根据点到直线距离公式得结果.【详解】即,又4x+4y+1=0即为令得与直线4x+4y+1=0平行的切线的切点为点P到直线4x+4y+1=0的最小距离是.故选:C【点睛】本
6、题考查导数几何意义、点到直线距离公式,考查基本分析求解能力,属基础题.二多项选择题9. 已知函数的导函数的图象如图所示,则下列判断正确的是( )A. 函数在区间内单调递增B. 当时,函数取得极小值C. 函数在区间内单调递增D. 当时,函数有极小值【答案】BC【解析】【分析】利用的区间是增区间,使的区间是减区间,导数等于零的值是极值,先增后减是极大值,先减后增是极小值分别对选项进行逐一判定.【详解】对于A,函数在区间内有增有减,故A不正确;对于B,当时,函数取得极小值,故B正确;对于C,当时,恒有,则函数在区间上单调递增,故C正确;对于D,当时,故D不正确.故选:BC【点睛】本题考查了通过导函数
7、图象判定原函数的单调性,以及极值问题,属于易错题10. 已知二项式的展开式中第2项与第3项的二项式系数之比是,则下列说法正确的是( )A. 所有项的系数之和为B. 所有项的系数之和为C. 含的项的系数为D. 含的项的系数为【答案】AC【解析】【分析】先根据二项展开式的通项公式,根据题中条件,得到,求出,令代入原式,即可得出所有项的系数;进而可得出指定项的系数.【详解】二项式展开式通项为:,因为展开式中第2项与第3项的二项式系数之比是,所以,解得;则该二项式为,令,则所有项的系数之和为,故A正确,B错误;则展开式的通项公式为,令,则,因此含的项的系数为,故C正确,D错误.故选:AC.【点睛】本题
8、主要考查求二项展开式的系数和,以及指定项的系数,熟记二项式定理即可,属于常考题型.11. 甲乙两类水果的质量(单位:)分别服从正态分布,其正态分布的密度曲线如图所示,则下列说法正确的是( )A. 甲类水果的平均质量B. 甲类水果的质量比乙类水果的质量更集中于平均值左右C. 甲类水果的平均质量比乙类水果的平均质量小D. 乙类水果的质量服从的正态分布的参数【答案】ABC【解析】【分析】根据正态密度曲线的性质即可得出结论【详解】由图象可知甲图象关于直线对称,乙图象关于直线对称,所以,故A正确;C正确;因为甲图象比乙图象更“高瘦”,所以甲类水果的质量比乙类水果的质量更集中于平均值左右,故B正确;因为乙
9、图象的最大值为1.99,即,故D错误.故选:ABC【点睛】本题考查了正态密度曲线的性质,属于基础题12. 下列不等式正确的有( )A. B. C. D. 【答案】ACD【解析】【分析】先构造函数,则,根据导数的方法判定其单调性,再逐项判断,即可得出结果.【详解】构造函数,则,当时,则单调递增;当时,则单调递减;所以当时,取得最大值.A选项,由可得,故A正确;B选项,由,可得,故B错误;由可推导出,即,即,则,显然成立,故C正确;D选项,由的最大值为,故D正确.故选:ACD.【点睛】本题主要考查由函数单调性比较大小,考查导数的方法判定函数单调性,属于常考题型.三填空题13. 已知随机变量服从二项
10、分布,则_,_.【答案】 (1). 9 (2). 6【解析】【分析】由二项分布的期望公式求出,再由数据变换间的关系求得新期望和方差【详解】随机变量服从二项分布,则故答案为9;6【点睛】本题考查在二项分布期望与方差公式,考查数据线性变换后期望与方差间的关系,属于基础题14. 函数的极大值为_.【答案】【解析】【分析】求函数导数,解得的根,判断导函数在两侧区间的符号,即可求解.【详解】,由解得,或时,当时,是极大值点,函数极大值为,故答案为:【点睛】本题主要考查了基本初等函数的求导公式,二次函数的图象,以及函数极大值点的定义及其求法,属于中档题.15. 易经是中国传统文化中的精髓,下图是易经八卦图
11、(含乾、坤、巽、震、坎、离、艮、兑八卦),每卦有三根线组成(“”表示一根阳线,“”表示一根阴线),从八卦中任取两卦,这两卦的六根线中恰有三根阳线和三根阴线的概率_【答案】【解析】【分析】由图可得:三根都是阳线的有一卦,三根都是阴线的有一卦,两根阳线一根阴线的有三卦,两根阴线一根阳线的有三卦,利用组合数可得基本事件总数,分类利用计算原理求得符合要求的基本事件个数为10个,问题得解.【详解】从八卦中任取两卦,共有种取法若两卦的六根线中恰有三根阳线和三根阴线,可按取得卦的阳、阴线的根数分类计算;当有一卦阳、阴线的根数为3、0时,另一卦阳、阴线的根数为0、3,共有种取法.当有一卦阳、阴线的根数为2、1
12、时,另一卦阳、阴线的根数为1、2,共有种取法.所以两卦的六根线中恰有三根阳线和三根阴线的取法有种.则从八卦中任取两卦,这两卦的六根线中恰有三根阳线和三根阴线的概率为【点睛】本题主要考查了组合计数及分类思想,考查古典概型概率计算公式,属于中档题16. 已知函数,若的解集为,且中恰有两个整数,则实数的取值范围为_.【答案】【解析】【分析】由题得,构造函数,利用导数讨论的变化情况,再结合图象列出不等式即可求解.【详解】令,得,令,则,令,解得,令,解得,故在上单调递减,在上单调递增.当时,作出及函数的大致图象如图所示.的解集为,且在上恰有两个整数解,由图可知,这两个整数解为1和2,从而有,解得.【点
13、睛】本题考查利用导数解决不等式问题,属于较难题.四解答题17. 已知二项式的展开式中第五项为常数项.(1)求展开式中二项式系数最大的项;(2)求展开式中有理项的系数和.【答案】(1);(2)121【解析】【分析】(1),为常数项,所以,可求出的值,进而求得二项式系数最大的项;(2)由题意为有理项,直接计算即可.【详解】(1),为常数项,二项式系数最大的项为第3项和第4项.,.(2)由题意为有理项,有理项系数和为.【点睛】本题考查了二项式的展开式,需熟记二项式展开式的通项,属于基础题.18. 已知函数.(1)求曲线在点处的切线方程;(2)求函数在区间上的最大值和最小值.【答案】(1);(2)最大
14、值为,最小值为.【解析】【分析】(1)根据曲线在点处的切线方程的斜率为即可求解;(2)讨论的正负来判断的单调性,进而得到最值.【详解】(1)因为,所以.又因为,所以曲线在点处的切线方程为.(2)设,则,当时,所以在区间上单调递减,所以对任意有,即,所以函数在区间上单调递减,因此在区间上的最大值为,最小值为.【点睛】本题主要考查导数在研究函数中的应用,利用单调性求最值.19. 男运动员6名,女运动员4名,其中男女队长各1名.现选派5人外出参加比赛,在下列情形中各有多少种选派方法?(1)男运动员3名,女运动员2名;(2)队长中至少有1人参加;(3)既要有队长,又要有女运动员.【答案】(1)(种);
15、(2)(种);(3)(种).【解析】【分析】(1)本题是一个分步计数问题,首先选3名男运动员,有种选法再选2名女运动员,有种选法利用乘法原理得到结果;(2)只有男队长的选法为种,只有女队长的选法为种,男、女队长都入选的选法为种,把所有的结果数相加;(3)当有女队长时,其他人选法任意,共有种选法不选女队长时,必选男队长,共有种选法其中不含女运动员的选法有种,得到结果.【详解】(1)分两步完成:第一步,选3名男运动员,有种选法;第二步,选2名女运动员,有种选法.由分步乘法计数原理可得,共有(种)选法.(2)方法一(直接法)可分类求解:“只有男队长”的选法种数为;“只有女队长”的选法种数为;“男女队
16、长都入选”的选法种数为,所以共有(种)选法.方法二(间接法)从10人中任选5人有种选法,其中不选队长的方法有种.所以“至少有1名队长”的选法有(种).(3)当有女队长时,其他人任意选,共有种选法;当不选女队长时,必选男队长,共有种选法,其中不含女运动员的选法有种,所以不选女队长时的选法共有种.所以既要有队长又要有女运动员的选法共有(种).【点睛】本题主要考查了分步乘法计数原理,考查分类加法计数原理,在比较复杂的题目中,会同时出现分类和分步,本题是一个比较综合的题目,属于中档题.20. 已知是一个极值点.(1)求函数的单调递减区间;(2)设函数,若函数在区间内单调递增,求的取值范围.【答案】(1
17、);(2).【解析】【分析】(1)求出导函数,由求得,并检验,然后由确定减区间;(2)同样求出,然后由在上恒成立得的范围【详解】(1)的定义域为,.因为是的一个极值点,所以,即.解得,经检验,适合题意,所以因为,解,得.所以函数的单调递减区间为.(2),.因为函数在上单调递增,所以在上恒成立,即在上恒成立,所以在上恒成立,所以.因为在上,所以.【点睛】本题考查由导数研究函数的极值、单调性,考查由单调性确定参数范围,解题关键是的转化,单调性转化为不等式恒成立,再转化为求函数最值本题旨在考查学生的逻辑推理能力,运算求解能力,转化与化归能力21. 为加快推进我区城乡绿化步伐,植树节之际,决定组织开展
18、职工义务植树活动,某单位一办公室现安排4个人去参加植树活动,该活动有甲乙两个地点可供选择.约定:每个人通过掷一枚质地均匀的骰子决定自己去哪个地点植树,掷出点数为1或2的人去甲地,掷出点数大于2的人去乙地.(1)求这4个人中恰有2人去甲地的概率;(2)求这4个人中去甲地的人数大于去乙地的人数的概率;(3)用分别表示这4个人中去甲乙两地的人数,记,求随机变量的分布列与数学期望.【答案】(1);(2);(3)分布列答案见解析,数学期望:.【解析】【分析】(1)参加甲游戏的概率P=,设这4个人中恰有k人去参加甲游戏为事件Ak(k0,1,2,3,4),可求这4个人中恰有2个人去参加甲游戏的概率,计算即可
19、得出结果; (2)由(1)可知求;(3)的所有可能取值为0,2,4,写出其对应的概率和分布列.【详解】依题意知,这4个人中每个人去甲地的概率为,去乙地的概率为.设“这4个人中恰有i人去甲地”为事件,则.(1)这4个人中恰有2人去甲地的概率为(2)设“这4个人中去甲地的人数大于去乙地的人数”为事件B,则,由于与互斥,故.所以这4个人中去甲地的人数大于去乙地的人数的概率为.(3)的所有可能的取值为,由于与互斥,与互斥,故,.所以的分布列为:024P故.【点睛】本小题主要考查古典概型及其概率计算公式、互斥事件、事件的相互独立性、离散型随机变量的分布列与数学期望等基础知识,考查运用概率知识解决简单实际
20、问题的能力.应用性问题是高考命题的一个重要考点,近年来都通过概率问题来考查,且常考常新,对于此类考题,要注意认真审题,对二项分布的正确判读是解题的关键,属于一般难度题型.22. 已知函数().()设为函数的导函数,求函数的单调区间;()若函数在上有最大值,求实数的取值范围.【答案】()在上单调递增,在上单调递减;().【解析】【分析】()对函数求导,分,两种情况分析导函数正负;()借助()中单调性结论,分类讨论,当时,利用放缩,分析即得解.【详解】()令,;1当时,在上递增,无减区间2当时,令,令所以,在上单调递增,在上单调递减;()由()可知,当时,在(0,+)上递增,在上递增,无最大值,不合题意;1当时,在上递减,在上递减,无最大值,不合题意;2当时,由()可知在上单调递增,在上单调递减;设,则;令在上单调递减,在单调递增;,即由此,当时,即所以,当时,.取,则,且.又因为,所以由零点存在性定理,存在,使得;当时,即;当时,即;所以,在上单调递增,在上单调递减,在上有最大值.综上,【点睛】本题考查了函数与导数综合,考查了学生综合分析,转化划归,数学运算,分类讨论的能力,属于较难题.