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山东省日照市2021届高三数学下学期5月校际联合考试试题.doc

上传人:高**** 文档编号:327095 上传时间:2024-05-27 格式:DOC 页数:11 大小:1.14MB
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资源描述

1、山东省日照市2021届高三数学下学期5月校际联合考试试题20215考生注意:1答题前,考生务必将自己的姓名、考生号等填写在答题卡和试卷指定位置上2回答选择题时,选出每小题答案后,用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案标号,回答非选择题时,将答案写在答题卡上写在本试卷上无效3考试结束,将试题卷和答题卡一并交回一、选择题(本题共8小题,每小题5分,共40分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的)1设集合,则( )ABCD2若复数z满足,则的实部与虚部之和为( )AB1CD33若为第二象限角,则( )ABCD4尽管目前人类还无法准确预报地震,但科

2、学家通过研究已经对地震有所了解,例如,地震释放出的能量(单位:焦耳)与地震里震级之的关系据此推断2008年5月12日我国四川省汶川地区发生里氏8.0级地震所释放的能量是2020年9月30日台湾省宜兰县海域发生里氏5.0级地震所释放的能量的( )倍AB4.5C450D5展开式中的系数为( )A80BC400D6已知函数是定义在上的偶函数,当时,则,的大小关系为( )ABCD7已知是抛物线:的焦点,是抛物线的准线,点()连接交抛物线于点,则的面积为( )A6B3CD8在棱长为的正方体中,球同时与以为公共顶点的三个面相切,球同时与以为公共顶点的三个面相切,且两球相切于点,若球,的半径分别为,则( )

3、ABC这两个球的体积之和的最小值是D这两个球的表面积之和的最小值是二、选择题(本题共4小题,每小题5分,共20分,在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求,全部选对的得5分,有选错的得0分,部分选对的得3分)9已知,是两条不重合的直线,是两个不重合的平面,则( )A若,则B若,则C若,则D若,则10我国天文学和数学著作周髀算经中记载:一年有二十四个节气,每个节气的晷长损益相同(晷是按照日影测定时刻的仪器,晷长即为所测量影子的长度),二十四节气及晷长变化如图所示,相邻两个节气晷长减少或增加的量相同,周而复始,已知每年冬至的晷长为一丈三尺五寸,夏至的晷长为一尺五寸(一丈等于十尺,一尺等于十寸),则

4、下列说法正确的是( )A小寒比大寒的晷长长一尺B春分和秋分两个节气的晷长相同C小雪的晷长为一丈五寸D立春的晷长比立秋的晷长长11若函数(,)的部分图像如图所示,则下列叙述正确的是( )A是函数图像的一个对称中心B两数的图像关于直线对称C函数在区间上单调递增D函数的图像可由的图像向左平移个单位得到12已知双曲线(,),是其左、右顶点,是其左、右焦点,是双曲线上异于,的任意一点,下列结论正确的是( )AB直线,的斜率之积等于定值C使得为等腰三角形的点有且仅有8个D的面积为三、填空题:本大题共4小题,每小题5分,共20分13已知函数,则_14已知点在直线上,当,时,的最小值为_15已知定义在上函数(

5、)振幅为2,满足,且则上零点个数最少为_16牛顿迭代法又称牛顿-拉夫逊方法,它是牛顿在17世纪提出的一种在实数集上近似求解方程根的一种方法,具体步骤如下:设是函数的一个零点,任意选取作为的初始近似值,过点作曲线的切线,设与轴交点的横坐标为,并称为的1次近似值;过点作曲线的切线,设与轴交点的横坐标为,称为的2次近似值,过点()作曲线的切线,记与轴交点的横坐标为,并称为的次近似值,设()的零点为,取,则的2次近似值为_:设(),数列的前项积为,若任意(),恒成立,则整数的最小值为_四、解答题:共70分解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤17(10分)向量,已知函数,(1)求函数的最小正周期和单调

6、递减区间;(2)的内角,的对边分别为,其中,若锐角满足,且,求的值18(12分)青少年身体健康事关国家民族的未来,某校为了增强学生体质,在课后延时服务中增设800米跑活动,据统计,该校800米跑优秀率为3%为试验某种训练方式,校方决定,从800米跑未达优秀的学生中选取10人进行训练,试验方案为:若这10人中至少有2人达到优秀,则认为该训练方式有效;否则,则认为该训练方式无效(1)如果训练结束后有5人800米跑达到优秀,校方欲从参加该次试验的10人中随机选2人了解训练的情况,记抽到800米跑达到优秀的人数为,求的分布列及数学期望;(2)如果该训练方式将该校800米跑优秀率提高到了50%,求通过试

7、验该训练方式被认定无效的概率,并根据的值解释该试验方案的合理性(参考结论:通常认为发生概率小于5%的事件可视为小概率事件)19(12分)已知数列中,且是2与()的等差中项(1)求数列的前项和;(2)设,判断数列是否存在最大项和最小项?若存在求出,不存在说明理由20(12分)如图,在多面体中,四边形是矩形,为等腰直角三角形,且,(1)求证:平面平面;(2)线段上存在点,使得二面角的大小为,试确定点的位置并证明21(12分)已知椭圆()经过点,且离心率为:的任意一切线与椭圆交于,两点(1)求椭圆的方程;(2)是否存在,使得,若存在,求的面积的范围;不存在,请说明理由22(12分)已知函数(1)若讨

8、论的单调性;(2)当时,讨论函数的极值点个数高三校际联考考试数学试题答案一、选择题:本大题共8小题,每小题5分,共40分在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的1-4ABBD5-8CDDC二、选择题:本大题共4小题,每小题5分,共20分在每小题给出的四个选项中,有多项符合题目要求的,全部选对得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分9AC10ABD11AD12ABC三、填空题:本大题共4小题,每小题5分,共20分131416151616;2四、解答题:共70分解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤17解:(1)所以的最小正周期为,由,得,得的单调递减区间是();(2)由,又为锐角,所

9、以,由正弦定理可得,则18(12分)解:(1)的所有可能取值为0,1,2,的分布列如下:012(2)该训练方式无效的情况有:10中1人800米跑达到优秀、10中0人800米跑达到优秀,所以故可认为该训练方式无效事件是小概率事件,从而认为该训练方式有效,故该试验方案合理19解析:(1),由已知得,即,故是以为首项,公差为2的等差数列所以数列为,所以(2)数列为所以数列为递增数列,前5项为负数,第6项开始为正数,又,所以当时,且数列递减,故数列不存在最小项又数列中只有有限项正项,所以数列中存在最大项,20(1)证明:由已知,等腰直角三角形中,得,又,所以,又,可得平面,又平面,所以平面平面(2)点

10、为线段的中点,使得二面角为大小为,以为原点,为轴,为轴,过作平面的垂线为轴,建立空间直角坐标系,则,易得,设,由,即,得设平面的一个法向量为,则,即,不妨设,取平面的一个法向量为因为二面角的大小为于是解得或(舍去)所以当点为线段的中点时,二面角的大小为21解:(1)因为椭圆()的离心率,且过点所以解得所以椭圆的方程为(2)假设存在:满足题意,切线方程的斜率存在时,设切线方程:与椭圆方程联立,消去得,(*)设,由题意知,(*)有两解所以,即对(*)应用根与系数的关系可得,所以因为,所以,即化简得,且,到直线的距离所以,又满足题意所以存在圆的方程为:的面积,又因为()时当且仅当即时取等号又因为,所以,所以()时,斜率不存在时,直线与椭圆交于两点或两点易知在圆的方程为:且综上,所以22(1)解:定义域为,令,因为所以,所以在上为增函数,又因为所以,所以的增区间为,的减区间为(2)当时,由(1)可知在上有唯一极小值,所以极值点个数为1个当时,则,得,当时,时,所以,令,因为,所以,即在上单调递减,所以所以()当时,在上恒成立,即在上恒成立,所以无极值点()当时,即易知,所以存在唯一使得,且当时,当时,则在处取得极大值;又,所以当时,当时,即在处取得极小值;故此时极值点个数为2,综上所述,当时,的极值点个数为0;当时,的极值点个数为2;当时,的极值点个数为1

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