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四川省广安市岳池县第一中学2019-2020学年高二化学下学期6月月考试题(含解析).doc

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1、四川省广安市岳池县第一中学2019-2020学年高二化学下学期6月月考试题(含解析)1.化学与生活息息相关,下列叙述不正确的是( )A. 用活性炭可去除冰箱中的异味B. 单质硅是将太阳能转变为电能的常用材料C. 医用酒精的浓度通常为95%D. 硅胶可用作食品干燥剂【答案】C【解析】【详解】A由于活性炭具有疏松多孔的结构,能把异味吸附在它的疏松多孔的结构内,因而活性炭具有吸附性,可去除冰箱中的异味,故A不符合题意;B硅导电性介于导体与半导体之间,是良好半导体材料,可用于制造太阳能电池,故B不符合题意;C浓度为75%的酒精溶液为医用酒精,故C错了,符合题意;D硅胶无毒,且具有吸水性,则硅胶可用作食

2、品干燥剂,故D不符合题意;答案为C。2.下列有关化学用语使用正确的是( )A. NH4Br的电子式:B. S2-的结构示意图:C. 酒精的分子式:CH3CH2OHD. 原子核内有l7个中子的氯原子:Cl【答案】B【解析】【详解】A溴化铵是离子化合物,因而溴化铵中含有铵根离子和溴离子,电子式中阴阳离子需要标出所带电荷及最外层电子,其正确的电子式为,故A错误;B硫离子的核电荷数为16,核外电子总数为18,最外层为8个电子,硫离子的结构示意图为,故B正确;CCH3CH2OH为酒精的结构简式,其分子式为C2H6O,故C错误;D原子核内有l7个中子的氯原子的质量数=质子数+中子数=17+17=34,该原

3、子可以表示为,故D错误;答案为B。3.NA表示阿伏加德罗常数的值,下列说法正确的是( )A. 16gCH4中含有4NA个CH键B. 标准状况下,22.4L二氯甲烷的分子数约为NA个C. 60g石英晶体所含的氧原子数为4NAD. 1molNa2O2固体中含离子总数为4NA【答案】A【解析】【详解】A16gCH4的物质的量为=1mol,1个CH4含有4个C-H,所以16gCH4中含有4NA个C-H键,故A正确;B二氯甲烷标准状况不是气体,22.4L二氯甲烷物质的量不是1mol,故B错误;C60g石英晶体的物质的量为=1mol,一个硅原子周围有四个氧原子,一个氧原子周围有二个硅原子,所以在1mol二

4、氧化硅晶体中,含有1molSi原子和2mol的氧原子,即含有2NA个氧原子,故C错误;D过氧化钠由2个钠离子和1个过氧根构成,故1mol过氧化钠由2mol钠离子和1mol过氧根构成,即含3mol离子,即3NA个,故D错误;答案为A。4.在试管中进行下列实验,现象与实验操作不匹配的是( )实验操作实验现象A向硫酸铜水溶液中逐滴加入氨水先产生蓝色沉淀,然后溶解,最后得到深蓝色透明溶液B向碘水中加入CCl4,振荡、静置溶液分层,上层为紫红色C向FeCl3溶液中加入2滴KSCN溶液溶液由黄色变为血红色D向饱和硼酸溶液中加入Na2CO3溶液无明显现象A. AB. BC. CD. D【答案】B【解析】【详

5、解】A向硫酸铜水溶液中逐滴加入氨水,先生成氢氧化铜沉淀,后与氨水反应生成四氨合铜络离子,则先产生蓝色沉淀,然后溶解,最后得到深蓝色透明溶液,故A正确;B向碘水中加入CCl4,振荡、静置,由于四氯化碳的密度比水大,下层呈紫红色,故B错误;C向FeCl3溶液中加入2滴KSCN溶液,发生Fe3+3SCN-=Fe(SCN)3,呈现血红色,故C正确;D碳酸的酸性比硼酸强,则饱和硼酸溶液中加入Na2CO3溶液,不会产生CO2,因而无现象,故D正确;答案为B。5.下列关于有机化合物的认识不正确的是( )A. 乙醇与乙酸在一定条件下可发生酯化反应B. 四氯化碳为有机非极性溶剂C. 在水溶液里,乙酸分子中的CH

6、3可以电离出H+D. 在浓硫酸存在下,苯与浓硝酸共热生成硝基苯的反应属于取代反应【答案】C【解析】【详解】A乙酸中含官能团羧基(-COOH),乙醇中含官能团羟基(-OH),二者在浓H2SO4加热条件下发生酯化反应生成乙酸乙酯,即发生CH3COOH+HOCH2CH3 CH3COOCH2CH3+H2O反应,故A正确;B由于四氯化碳分子是正四面体结构,则四氯化碳分子中正负电荷重心重合,所以四氯化碳是非极性分子,又由于CCl4属于有机物,它是常见有机非极性溶剂,故B正确;C乙酸中羧基(-COOH)能电离出氢离子,甲基(CH3)不能电离出氢离子,故C错误;D在浓硫酸存在下,苯与浓硝酸共热生成硝基苯,苯环

7、的H被硝基替代,发生+HO-NO2+H2O反应,为取代反应,故D正确;答案为C。6.元素R、X、T、Z、Q在元素周期表中的相对位置如表所示,其中R为元素周期表中的电负性最强的元素。则下列判断正确的是( )A 非金属性:ZTXB. R与Q的电子数相差24C. 气态氢化物的沸点:RTQ【答案】D【解析】【详解】R为元素周期表中的电负性最强的元素,则R是F元素,根据元素R、X、T、Z、Q在元素周期表中的相对位置知,X是S元素、T是Cl元素、Z是Ar元素、Q是Br元素;A同一周期元素,元素的非金属性随着原子序数的增大而增强,但稀有气体较稳定,所以非金属性TXZ,故A错误;BR是F元素,核外电子数为9,

8、Q是Br元素,核外电子数为35,相差35-9=26,故B错误;CR是F元素,T是Cl元素、Q是Br元素,属于同主族元素,氢化物的组成和结构相似,沸点随着相对分子质量增大而升高,但HF分子间除了分子间作用力之外,还形成氢键,沸点反常,故三者的气态氢化物的沸点是RQT,故C错误;DT是Cl元素、Q是Br元素,T、Q属于同主族元素,从上往下,非金属依次减弱,非金属性TQ,即ClBr,非金属性越强,最高价氧化物的水化物的酸性越强,则最高价氧化物的水化物的酸性:TQ,故D正确;答案为D。7.通过NO传感器可监测NO的含量,其工作原理如图所示。下列说法错误的是( )A. 该装置可以将化学能转化为电能B.

9、该电池的总反应为2NO+O2=2NO2C. NiO电极的电极反应式:NO+O2-2e-=NO2D. 标况下当有2.24LO2参与反应时,转移了0.2mole-【答案】D【解析】【详解】A.由电池装置可知,该装置为原电池,原电池是将化学能转变成电能的装置,故A正确;B.由图示信息可知,一氧化氮在氧化镍电极上结合氧离子转变二氧化氮,氧气在铂电极上转变成氧离子,总反应为2NO+O2=2NO2,故B正确;C.一氧化氮在氧化镍电极上结合氧离子转变二氧化氮,电极反应为NO+O2-2e-=NO2,故C正确;D.氧气在铂电极上的反应为:O2+4e-=2O2-,2,24L氧气为0.1mol,转移电子数为0.4m

10、ol,故D错误;故选:D。8.纯过氧化氢(H2O2)是淡蓝色的黏稠液体,可与水以任意比混合,水溶液俗称双氧水,为无色透明液体。实验室常用过氧化氢制取氧气,工业上过氧化氢是重要的氧化剂和还原剂,常用于消毒、杀菌、漂白等。某化学兴趣小组的同学围绕过氧化氢开展了调查研究与实验,请你参与其中一起完成下列学习任务:(1)过氧化氢中氧元素的化合价是_。(2)实验室中用过氧化氢制取氧气化学方程式为_。(3)同学们用0.1000molL-1的酸性高锰酸钾标准溶液滴定某试样中过氧化氢的含量,反应原理为2MnO+5H2O2+6H+=2Mn2+8H2O+5O2。在该反应中,H2O2被_(填“氧化”或“还原”);酸性

11、高锰酸钾溶液应装在_(填“酸式”或“碱式”)滴定管中。当滴入最后一滴酸性高锰酸钾标准溶液,_即滴定到达终点。用移液管吸取25.00mL试样置于锥形瓶中,重复滴定四次,每次消耗的KMnO4标准溶液体积如下表所示:第一次第二次第三次第四次体积(mL)17.1018.1018.0017.90则试样中过氧化氢浓度为_molL-1。若滴定前尖嘴中有气泡,滴定后消失,则测定结果_(填“偏低”、“偏高”或“不变”)。(4)同学们发现向滴加了酚酞的NaOH溶液中加入H2O2后,溶液中红色消失。关于褪色原因:甲同学认为H2O2是二元弱酸,消耗了OH-使红色消失;乙同学认为H2O2具有漂白性使溶液褪色。请设计一个

12、简单的实验方案来判断甲乙两位同学的说法是否正确:_。【答案】 (1). -1 (2). (3). 氧化 (4). 酸 (5). 锥形瓶内溶液颜色恰好由无色变为浅紫色,且30秒内溶液不褪色 (6). 0.1800 (7). 偏高 (8). 在褪色后的溶液中,加入适量的NaOH溶液,若又出现红色,则甲同学的观点正确;若未出现红色,则乙同学的观点正确【解析】【分析】【详解】(1)过氧化氢中氢显+1价,根据化合物中元素化合价代数和为零可知,氧为-1价,故答案为:-1;(2)实验室中用过氧化氢制取氧气的化学方程式为故答案为:。(3)酸性高锰酸钾标准溶液滴定某试样中过氧化氢的含量,过氧化氢被高锰酸钾溶液氧

13、化为氧气,过氧化氢做还原剂;酸性高锰酸钾会腐蚀橡胶管,不能用碱式滴定管盛装,应用酸式滴定管,故答案为:氧化;酸;滴定到达终点的现象是,锥形瓶内溶液颜色恰好由无色变为浅紫色,且30秒内溶液不褪色,故答案为:锥形瓶内溶液颜色恰好由无色变为浅紫色,且30秒内溶液不褪色;由于第一次数据误差过大,故舍去;其它三组的平均值为18.00mL,根据反应2MnO+5H2O2+6H+=2Mn2+8H2O+5O2,n(H2O2)2.5n(MnO)2.50.1000molL10.018L,c(H2O2) 0.1800 mol/L,故答案为:0.1800;滴定前尖嘴中有气泡,导致测量的标准液体积偏大,测定结果偏高,故答

14、案为:偏高;(4)如是酸碱中和,可在褪色后再加入碱,观察溶液是否变红,若变红,则甲同学的观点正确;若未出现红色,则乙同学的观点正确,故答案为:在褪色后的溶液中,加入适量的NaOH溶液,若又出现红色,则甲同学的观点正确;若未出现红色,则乙同学的观点正确9.某硫酸厂用以下几种方法处理SO2尾气。(1)活性炭还原法反应原理:恒温恒容2C(s)+2SO2(g)S2(g)+2CO2(g)。反应进行到不同时间测得各物质的浓度如图:第一次出现平衡的时间是第_min;020min反应速率表示为v(SO2)=_;30min时,改变某一条件平衡移动,则改变的条件最有可能是_;40min时,平衡常数值为_。(2)亚

15、硫酸钠吸收法常温下,Na2SO3溶液吸收SO2生成NaHSO3,当吸收至pH=6时,吸收液中相关离子浓度关系一定正确的是_(填序号)。a.c(Na+)+c(H+)c(SO)+c(HSO)+c(OH-)b.c(Na+)=c(SO)+c(HSO)+c(H2SO3)c.水电离出的c(OH-)=110-8molL-1d.c(Na+)c(SO)c(OH-)c(H+)(3)电化学处理法如图所示,Pt(1)电极反应式为_;碱性条件下,用Pt(2)电极排出的S2O溶液吸收NO2,使其转化为N2,同时有SO生成。若阳极转移电子6mol,则理论上处理NO2气体_g。【答案】 (1). 20 (2). 0.03mo

16、l/(Lmin) (3). 减小CO2的浓度 (4). 0.675 (5). ac (6). SO22H2O2e4H (7). 69【解析】【分析】(1)各组分浓度不变,反应达到平衡状态;根据反应速率v计算;30min时,CO2浓度减小,其他物质浓度不变,改变的条件是减小CO2的浓度;根据平衡常数K 计算;(2)常温下,当吸收至pH6时,溶液呈酸性;(3)Pt(1)电极进入SO2,硫酸浓度增大,SO2失电子,作负极;每1molNO2得电子4mol。【详解】(1)从图中可看出20min时各组分浓度不变,此时反应达到平衡,故答案为:20;020min时,SO2浓度变化为1.0mol/L0.4mol

17、/L0.6mol/L,则反应速率表示为v(SO2)0.03mol/(Lmin),故答案为:0.03mol/(Lmin);30min时,CO2浓度减小,其他物质浓度不变,改变的条件是减小CO2的浓度,40min时的平衡常数和20min时相同,20min时,SO2(g)0.4mol/L,S2(g)0.3mol/L,CO2(g)0.6mol/L,则平衡常数K0.675,故答案为:减小CO2的浓度;0.675;(2)常温下,当吸收至pH6时,a.根据电荷守恒,c(Na)c(H)2c()c()c(OH),所以c(Na)c(H)c()c()c(OH),故a正确;b.根据物料守恒,当溶质完全为NaHSO3时

18、,c(Na)c()c()c(H2SO3),若还存在Na2SO3,则c(Na)c()c()c(H2SO3),故b错误;c.电离程度大于水解程度,pH6,水电离出c(OH)ll08 mol/L,故c正确;d.pH6,c(OH)c(H),故d错误;故答案为:ac;(3)SO2在Pt(1)电极失电子生成,电极反应式为SO22H2O2e4H,NO2中N的化合价为4价,转化为0价的N2,每1molNO2得电子4mol,若阳极转移电子6mol,则理论上处理NO2气体为1.5mol,m(NO2)=,故答案为:SO22H2O2e4H;69【点睛】本题考查化学平衡计算,化学平衡常数、化学平衡影响因素分析,电解原理

19、的分析应用,离子浓度大小比较,综合性强,题目难度中等10.为了充分利用铜资源,某工厂拟用黄铜灰(含有Cu、Zn、CuO、ZnO及少量的FeO、Fe2O3、SiO2等)制取金属铜并得副产物锌盐,其生产流程如图:(1)滤渣1的主要成分为_。稀硫酸溶解黄铜灰过程中,可能发生多个氧化还原反应,其中没有Zn参加的反应的离子方程式是_。(2)滤渣1及滤渣2用浓硫酸浸取可能产生的有毒气体是_(填化学式),实验室通常用_(填化学式)溶液吸收。(3)从滤液2中获取硫酸锌晶体的方法是加热浓缩、_、过滤等。(4)过滤操作所需玻璃仪器除玻璃棒外还有_。(5)根据下列3个热化学反应方程式:Fe2O3(s)+3CO(g)

20、=2Fe(s)+3CO2(g) H=-24.8kJ/mol3Fe2O3(s)+CO(g)=2Fe3O4(s)+CO2(g) H=-47.2kJ/molFe3O4(s)+CO(g)=3FeO(s)+CO2(g) H=+640.4kJ/mol写出CO气体还原FeO固体得到Fe固体和CO2气体的热化学反应方程式:_。【答案】 (1). Cu和SiO2 (2). 2Fe3Cu2Fe2Cu2或Fe2O36HCu2Fe2Cu23H2O (3). SO2 (4). NaOH (5). 冷却结晶 (6). 漏斗、烧杯 (7). 【解析】【分析】黄铜灰(含有Cu、Zn、CuO、ZnO及少量的FeO、Fe2O3、

21、SiO2等),加入过量稀硫酸,Zn、CuO、ZnO、FeO、Fe2O3溶解,Cu、SiO2不能溶解,过滤得到滤渣为Cu、SiO2,滤液为硫酸锌、硫酸铜、硫酸亚铁、硫酸铁,其中发生氧化还原反应的有锌和硫酸发生的反应,硫酸铁和铜发生的氧化还原反应,滤液加入锌粉还原铜离子和铁离子,亚铁离子,过滤得到滤液2,主要含硫酸锌溶液,浓缩冷却结晶得到硫酸锌晶体,滤渣2为铁和铜,滤渣1和滤渣2合并,加入浓硫酸加热,过滤得到滤渣3为二氧化硅,滤液3为硫酸铜、硫酸铁溶液,加入稀硫酸、过氧化氢氧化可能存在的亚铁离子为铁离子,调节溶液pH使铁离子沉淀,过滤得到硫酸铜溶液和滤渣,滤渣4为氢氧化铁沉淀,滤液4为硫酸铜溶液,

22、通过还原反应得到铜,据此分析解答。【详解】(1)上述分析可知滤渣1为Cu和SiO2,稀硫酸溶解黄铜灰过程中,可能发生多个氧化还原反应,其中没有Zn参加的反应可能是铁离子和锌发生氧化还原反应,反应的离子方程式为:2Fe3Cu2Fe2Cu2或Fe2O36HCu2Fe2Cu23H2O,故答案为:Cu和SiO2;2Fe3Cu2Fe2Cu2或Fe2O36HCu2Fe2Cu23H2O;(2)滤渣1及滤渣2中的铜和浓硫酸发生反应,用浓硫酸浸取,浓硫酸被还原为二氧化硫气体,二氧化硫是有毒气体不能排放到空气中,需要用氢氧化钠溶液吸收,故答案为:SO2;NaOH;(3)滤液2主要含硫酸锌溶液,通过蒸发浓缩、冷却结

23、晶、过滤得到硫酸锌晶体,故答案为:冷却结晶;(4)过滤操作是分离固体和液体的基本操作,依据过程和装置所需要的玻璃仪器为玻璃棒、烧杯、漏斗,故答案为:漏斗、烧杯;(5)将已知反应依次标记为、,根据盖斯定律可知,未知反应可由得到,则该反应的反应热,则该反应的热化学方程式为: ,故答案为: 。【点睛】本题考查了物质的分离提纯方法和过程分析判断,主要是物质性质和除杂试剂的理解应用,注意分析流程变化和试剂量的多少,掌握实验基本操作和物质性质是关键,题目难度中等。11.在建国70周年阅兵仪式上,“歼20”“东风41核导弹”等国之重器亮相,它们采用了大量合金材料。回答下列问题:(1)早期战斗机主要采用铝合金

24、,其中超硬铝属AlCuMgZn系。Cu在元素周期表中的位置是_,比较第一电离能Mg_Al(填“”“”“”)。(2)金属Zn中的原子采取_最密堆积。(3)中期战斗机主要采用钛合金,Ti的价电子排布图为_。钛晶体在882以上为体心立方的钛,其中钛原子的配位数为_。(4)钛镍合金可用于战斗机的油压系统,该合金溶于热的硫酸生成Ti(SO4)2、NiSO4,其中阴离子的立体构型为_,S的_杂化轨道与O的2p轨道形成_键(填“”或“”)。(5)隐形战机采用Fe(CO)5(羰基铁)作为吸波材料,羰基铁在常温下为红棕色液体,固体羰基铁属于_晶体,CO与Fe之间的化学键称为_。与CO互为等电子体的分子或离子是_

25、(只写一种)。(6)一种钛镍合金的立方晶胞结构如图所示,若晶胞的边长为apm,则晶胞的密度为_g/cm3(用含a、NA的计算式表示)。【答案】 (1). 第四周期IB族 (2). (3). 六方 (4). (5). 8 (6). 正四面体 (7). sp3 (8). (9). 分子 (10). 配位键 (11). N2或CN- (12). 【解析】【分析】根据元素的价电子排布得出价电子排布图,并判断元素位置,结合原子半径分析第一电离能大小;根据杂化轨道互斥理论判断粒子空间构型;根据等电子体的概念书写与CO互为等电子体的分子或离子,利用均摊法和相关公式进行晶胞密度的计算。【详解】(1)Cu为29

26、号元素,价电子3d104s1,在元素周期表中的位置是第四周期IB族,同周期,第一电离能从左到右呈增大趋势,但第IIA族的s轨道为全充满状态,因此第一电离能MgAl;故答案为:第四周期IB族;(2)金属锌中的Zn原子的配位数为12,采用六方最密堆积,故答案为:六方;(3)Ti为22号元素,其价电子排布式为3d24s2,则价电子排布图为,钛晶体在882以上为体心立方的钛,其中钛原子的配位数为8;故答案为:;8;(4)Ti(SO4)2、NiSO4其中阴离子的价层电子对数为,其立体构型为正四面体形,S是sp3杂化,杂化轨道都是形成键,因此S的sp3杂化轨道与O的2p轨道形成键;故答案为:正四面体;sp3;(5)隐形战机采用Fe(CO)5(羰基铁)作为吸波材料,羰基铁在常温下为红棕色液体,说明熔点低,固体羰基铁属于分子晶体,CO与Fe之间的形成的化学键称为配位键,因为价电子C和N+相同,N和O+相同,所以与CO互为等电子体的分子或离子是N2或CN;故答案为:分子;配位键;N2或CN-;(6)根据钛镍合金的立方晶胞结构得到Ti的个数为,Ni的个数为,若晶胞的边长为apm,则晶胞的密度为;故答案为:。

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