1、高考资源网提供高考试题、高考模拟题，发布高考信息题本站投稿专用信箱：ks5u，来信请注明投稿，一经采纳，待遇从优课 题： 牛顿运动定律 类型：复习课目的要求：解决力与运动的关系，会全面准确的受力分析的运动过程分析，深刻理解力与运动之间的联系，灵活运用 整体法和隔离法，会用假设法分析不确定的力。重点难点： 教 具：过程及内容：第1课 牛顿第一、第三定律知识简析 一、牛顿第一定律1、内容：一切物体总保持匀速直线运动状态或静止状态，直到有外力迫使它改变这种状态为止说明：（1）物体不受外力是该定律的条件 （2）物体总保持匀速直线运动或静止状态是结果 （3）直至外力迫使它改变这种状态为止，说明力是产生加
2、速度的原因（4）物体保持原来运动状态的性质叫惯性，惯性大小的量度是物体的质量（5）应注意：牛顿第一定律不是实脸直接总结出来的牛顿以伽利略的理想斜面实脸为基拙，加之高度的抽象思维，概括总结出来的不可能由实际的实验来验证；牛顿第一定律不是牛顿第二定律的特例，而是不受外力时的理想化状态定律揭示了力和运动的关系：力不是维持物体运动的原因，而是改变物体运动状态的原因【例1】科学思维和科学方法是我们认识世界的基本手段在研究和解决问题过程中，不仅需要相应的知识，还要注意运用科学方法 理想实验有时更能深刻地反映自然规律，伽利略设想了一个理想实验，其中有一个是实验事实，其余是推论减小第二个斜面的倾角，小球在这斜
3、面上仍然要达到原来的高度；两个对接的斜面，让静止的小球沿一个斜面滚下，小球将滚上另一个斜面；如果没有摩擦，小球将上升到原来释放的高度；继续减小第二个斜面的倾角，最后使它成水平面，小球要沿水平面做持续的匀速运动请将上述理想实验的设想步骤按照正确的顺序排列 只要填写序号即可）在上述的设想步骤中，有的属于可靠的事实，有的则是理想化的推论下列关于事实和推论的分类正确的是（ B ）A、是事实，是推论B、是事实，是推论C、是事实，是推论D、是事实，是推论2、惯性：物体保持匀速直线运动状态或静止状态的性质说明：惯性是物体的固有属性，与物体是否受力及运动状态无关质量是惯性大小的量度质量大的物体惯性大，质量小的
4、物体惯性小有的同学总认为“惯性与物体的运动速度有关，速度大，惯性大，速度小，惯性就小”，理由是物体的运动速度大，不容易停下来，产生这种错误的原因是把“惯性大小表示运动状态改变的难易程度”理解成“惯性大小表示把物体从运动变为静止的难易程度”，实际上，在受到相同阻力的情况下，速度大小不同的质量相同的物体，在相等的时间内速度的减小量是相同的，这说明它们的惯性是相同的，与速度无关。【例2】下列说法正确的是（D）A、运动得越快的汽车越不容易停下来，是因为汽车运动得越快，惯性越大B、小球在做自由落体运动时，惯性不存在了C、把一个物体竖直向上抛出后，能继续上升，是因为物体仍受到一个向上的推力D、物体的惯性仅
5、与质量有关，质量大的惯性大，质量小的惯性小解析：惯性是物体保持原来运动状态的性质，仅由质量决定，与它的受力状况与运动状况均无关。一切物体都有惯性。【例3】火车在长直水平轨道上匀速行驶，车厢内有一个人向上跳起，发现仍落回到车上原处，这是因为（ ）A人跳起后，车厢内的空气给人一个向前的力，这力使他向前运动B人跳起时，车厢对人一个向前的摩擦力，这力使人向前运动C人跳起后，车继续向前运动，所以人下落后必定向后偏一些，只是由于时间很短，距离太小，不明显而已D人跳起后，在水平方向人和车水平速度始终相同 解析：人向上跳起，竖直方向做竖直上抛运动，水平方向不受外力作用（空气阻力不计），由于惯性，所以水平方向与
6、车速度相同，因而人落回原处 答案：D二、牛顿第三定律（1）内容：两物体之间的作用力与反作用力总是大小相等，方向相反，而且在一条直线上（2）表达式：F=F/说明：作用力和反作用力同时产生，同时消失，同种性质，作用在不同的物体上，各产生其效果，不能抵消，所以这两个力不会平衡作用力和反作用力的关系与物体的运动状态无关不管两物体处于什么状态，牛顿第三定律都适用。借助牛顿第三定律可以变换研究对象，从一个物体的受力分析过渡到另一个物体的受力分析内容作用力和反作用力二力平衡受力物体作用在两个相互作用的物体大作用在同一物体上依赖关系相互依存，不可单独存在无依赖关系，撤除一个，另一个可依然存在，只是不再平衡叠加
7、性两力作用效果不可抵消，不可叠加，不可求合力两力作用效果可相互抵消，可叠加，可求合力，合力为零力的性质一定是同性质的力可以是同性质的力，也可以是不同性质的力一对作用力和反作用力在同一个过程中（同一段时间或同一段位移）的总冲量一定为零，但作的总功可能为零、可能为正、也可能为负。这是因为作用力和反作用力的作用时间一定是相同的，而位移大小、方向都可能是不同的。三、作用力和反作用力与平衡力的区别 注意：判断两个力是不是一对作用力与反作用力时，应分析这两个力是否具有“甲对乙”和“乙对甲”的关系，即受力物体与施力物体是否具有互易关系否则，一对作用力和反作用力很容易与一对平衡力相混淆，因为它们都具有大小相等
8、、方向相反、作用在同一条直线上的特点规律方法 1、正确理解惯性和平衡状态【例4】下面说法正确的是（ ）A静止或做匀速直线运动的物体一定不受外力的作用B物体的速度为零时一定处于平衡状态C物体的运动状态发生变化时，一定受到外力的作用D物体的位移方向一定与所受合力方向一致解析：A物体不受外力时一定处于静止或匀速运动状态，但处于这些状态时不一定不受外力作用，所以A错，B物体是否处于平衡状态是看其受力是否为零，而不是看它的速度是否为零，如振动物体离平衡位置最远时速度为零，此时恢复力不为零，它就不处于平衡状态，所以B错，D如平抛运动就不是这种情况，力与位移方向不一致，所以D错 答案：C【例5】以下有关惯性
9、的说法中正确的是（BD）A、在水平轨道上滑行的两节车厢质量相同，行驶速度较大的不容易停下来，说明速度较大的物体惯性大B、在水平轨道上滑行的两节车厢速度相同，其中质量较大的车厢不容易停下来，说明质量大的物体惯性大C、推动原来静止在水平轨道上的车厢，比推另一节相同的、正在滑行的车厢需要的力大，说明静止的物体惯性大D、物体的惯性大小与物体的运动情况及受力情况无关解析：惯性的大小由质量决定且与运动状态及受力状态无关。答案BD【例6】公共汽车在平直的公路上行驶时，固定于路旁的照相机每隔两秒连续两次对其拍照，得到清晰照片，如图所示分析照片得到如下结果：（1)在两张照片中，悬挂在公共汽车顶棚上的拉手均向后倾
10、斜且程度相同；（2）对间隔2s所拍的照片进行比较，可知汽车在2s内前进了12 m. 根据这两张照片，下列分析正确的是（ABD）A.在拍第一张照片时公共汽车正加速B.可求出汽车在t1s时的运动速度C.若后来发现车顶棚上的拉手自然下垂，则汽车一定停止前进D.若后来发现车顶棚上的拉手自然下垂，则汽车可能做匀速运动解析:由于车顶棚上的拉手向后倾斜且两次程度相同，可知车匀加速前进；根据匀变速直线的平均速度等于这段时间的中间时刻的即时速度，可求得t=1s时的速度；当拉手自然下垂时，汽车处于平衡态，可能静止，也可能是匀速度运动2、正确区分平衡力与作用力、反作用力【例7】物体静止于一斜面上如图所示则下述说法正
11、确的是（ B ） （A）物体对斜面的压力和斜面对物体的持力是一对平衡力（B）物体对斜面的摩擦力和斜面对物体的摩擦力是一对作用力和反作用力（C）物体所受重力和斜面对物体的作用力是一对作用力和反作用力（D）物体所受重力可以分解为沿斜面向下的力和对斜面的压力 解析：作用力和反作用力是两个物体间相互产生的，必是同性质的力，而一对平衡力是作用于同一物体两个等大、反向、共线之力，性质上无任何必然的联系上述各对力中，物体对斜面的压力和斜面对物体的支持力及物体对斜面的摩擦力和斜面对物体的摩擦力同属物体和斜面问的相互作用力，分别作用在斜面和物体上，因此它们为两对作用力和反作用力所以（A）错（B）对；物体所受重力
12、是地球施加的，其反作用力为物体对地球的吸收力，应作用在地球上，因此可知（C）错；至于物体所受重力，无论如何分解，各分力都应作用在物体上，而不能作用在斜面上而形成对斜面的压力，故答案（D）亦错【例8】有下列说法中说法正确的是（ D ） 一质点受两个力作用且处于平衡状态（静止或匀速运动），这两个力在同一段时间内的冲量一定相同。一质点受两个力作用且处于平衡状态（静止或匀速运动），这两个力在同一段时间内做的功或者都为零，或者大小相等符号相反。在同样时间内，作用力和反作用力的功大小不一定相等，但正负号一定相反。在同样时间内，作用力和反作用力的功大小不一定相等，正负号也不一定相反 A、 B、 C、 D、解
13、析：满足的两个力是平衡力，故冲量大小相等，方向相反，做功或者都为零（物体静止时），或者数值相等，一正功一负功（匀速运动时），故错对。作用力和反作用力可以都做正功，也可以都做负功，数值也不确定，只要设想两块磁铁放在小车上的各种运动情况便可判断，故错对 答案：D3、用牛顿第一、第三定律解释物理现象【例9】请用自己所学习的物理知识解释“船大调头难”这句俗语的道理 解析：“船大”，指船的质量大，“调头难”指改变速度方向难，“船大调头难”说明质量大的物体惯性大，要改变其运动状态需要的力大【例10】下列说法正确的是（ C ）A、人走路时，地对脚的力大于脚蹬地的力，所以人才往前走B、只有你站在地上不动，你对
14、地面的压力和地面对你的支持力，才是大小相等、方向相反的C、物体A静止在物体B上，A的质量是B的质量的100倍，则A作用于B的力大小等于B作用于A的力的大小D、以卵击石，石头没损伤而鸡蛋破了，这是因为石头对鸡蛋的作用力大于鸡蛋对石头的作用力解析：以上四种情形中的相互作用力等值、反向、共线，这个关系与运动状态无关。答案：C【例11】由同种材料制成的物体A和B放在长木板上，随长木板一起以速度v向右做匀速直线运动，如图所示，已知MA MB，某时刻木板停止运动，下列说法正确的是D）A、若木块光滑，由于A的惯性较大,A、B间的距离将增大B、若木板光滑，由于B的惯性较小,A、B间距离将减小C、若木板粗糙，A
15、、B一定会相撞D、不论木板是否光滑,A、B间的相对距离保持不变解析：开始A、B随木板一起匀速运动，说明A、B所受的合外力为零。当木板停止运动后：若木块光滑，A、B大水平方向上不受外力的作用，仍以原来的速度做匀速运动，则相互间距离保持不变。若木板粗糙，由于A、B的材料相同，它们与木板的动摩擦因数相同，其加速度相同，即A、B以相同的初速度和加速度做匀减速运动，所以它们之间的距离仍保持不变。答案D思考：若A、B的动摩擦因数不等，则A、B间的距离可能怎样变？ 为什么本题的结论与A、B的质量无关？【例12】蛙泳时，双脚向后蹬水，水受到向后的作用力，则人体受到向前的反作用力，这就是人体获得的推进力。但是，
16、在自由泳时，下肢是上下打水，为什么却获得向前的推进力呢？【解析】图表示人体作自由泳时，下肢在某一时刻的动作：右脚向下打水，左脚向上打水。由图可见，由于双脚与水的作用面是倾斜的，故双脚所施的作用力P和Q是斜面面的（水所受的作用力是斜向后的）。P的分力为P1和P2，而Q的分力为Ql和Q2，Pl和Q1都是向前的分力，也就是下肢获得的推进力。同样道理，鱼类在水中左右摆尾，却获得向前的椎讲大也具由于向前的分力所致【例13】如图所示，水平放置的小瓶内装有水，其中有气泡，当瓶子从静止状态突然向右加速运动时，小气泡在瓶内将向何方运动？当瓶子从向右匀速运动状态突然停止时，小气泡在瓶内又将如何运动？ 【解】在许多
17、学生的答卷中这样写道：当瓶子从防止状态突然向右运动时，小气泡在瓶内由于惯性将向左运动；当瓶子从向右匀速运动状态突然停止时，小气泡在瓶内由于惯性将向右运动。 而正确答案刚好与之相反。因为当瓶子从静止状态突然向右加速运动时，瓶中的水由于惯性要保持原有的静止状态，相对瓶来说是向左运动，气泡也有惯性，但相比水来说质量很小，惯性小可忽略不计，所以气泡相对水向右移动。同理，当瓶子从向右匀速运动状态突然停止时，小气泡在瓶内将向左运动。 另外，该题也用转换研究对象的方法予以定量解决。设想有一块水，其体积、形状和气泡相同，当玻璃营向右加速运动时，这块水就和周围的水一起向右加速运动，相对于玻璃管不会有相对运动，这
18、块水所受的外力F由周围的水对它产生，设这块水的体积为 V，水的密度为水，玻璃管的加速度为a，则Fm水a水Va。现在将这块水换成气泡，显然，在其他条件不变的情况下，周围水对气泡的作用力仍为F，气泡将在该力作用于做加速运动。则 a气=F/m气=水Va/水V，水水，a气a，即气泡相对于玻璃管向右运动。 试题展示第2课散 牛顿第二定律知识简析 一、牛顿第二定律1.内容：物体的加速度与所受合外力成正比，与物体的质量成反比，加速度的方向与合外力的方向相同2.公式：F=ma3、对牛顿第二定律理解：（1）F=ma中的F为物体所受到的合外力（2）Fma中的m，当对哪个物体受力分析，就是哪个物体的质量，当对一个系
19、统（几个物体组成一个系统）做受力分析时，如果F是系统受到的合外力，则m是系统的合质量（3）Fma中的 F与a有瞬时对应关系， F变a则变，F大小变，a则大小变，F方向变a也方向变（4）Fma中的 F与a有矢量对应关系， a的方向一定与F的方向相同。（5）Fma中，可根据力的独立性原理求某个力产生的加速度，也可以求某一个方向合外力的加速度（6）Fma中，F的单位是牛顿，m的单位是千克，a的单位是米秒2（7）Fma的适用范围：宏观、低速【例1】如图所示，轻绳跨过定滑轮（与滑轮问摩擦不计）一端系一质量为m的物体，一端用PN的拉力，结果物体上升的加速度为a1，后来将PN的力改为重力为PN的物体，m向上
20、的加速度为a2则（ ） Aa1a2 ；Ba1a2 ；C、a1a2 ；D无法判断简析：a1P/m，a2=p/（m）所以a1a2注意： Fma关系中的m为系统的合质量二、突变类问题（力的瞬时性）（1）物体运动的加速度a与其所受的合外力F有瞬时对应关系，每一瞬时的加速度只取决于这一瞬时的合外力，而与这一瞬时之前或之后的力无关，不等于零的合外力作用的物体上，物体立即产生加速度；若合外力的大小或方向改变，加速度的大小或方向也立即（同时）改变；若合外力变为零，加速度也立即变为零（物体运动的加速度可以突变）。（2）中学物理中的“绳”和“线”，是理想化模型，具有如下几个特性： A轻：即绳（或线）的质量和重力均
21、可视为等于零，同一根绳（或线）的两端及其中间各点的张为大小相等。B软：即绳（或线）只能受拉力，不能承受压力（因绳能变曲），绳与其物体相互间作用力的方向总是沿着绳子且朝绳收缩的方向。C不可伸长：即无论绳所受拉力多大，绳子的长度不变，即绳子中的张力可以突变。（3）中学物理中的“弹簧”和“橡皮绳”，也是理想化模型，具有如下几个特性：A轻：即弹簧（或橡皮绳）的质量和重力均可视为等于零，同一弹簧的两端及其中间各点的弹力大小相等。B弹簧既能承受拉力，也能承受压力（沿着弹簧的轴线），橡皮绳只能承受拉力。不能承受压力。C、由于弹簧和橡皮绳受力时，要发生形变需要一段时间，所以弹簧和橡皮绳中的弹力不能发生突变。（
22、4）做变加速度运动的物体，加速度时刻在变化（大小变化或方向变化或大小、方向都变化度叫瞬时加速度，由牛顿第二定律知，加速度是由合外力决定的，即有什么样的合外力就有什么样的加速度相对应，当合外力恒定时，加速度也恒定，合外力随时间变化时，加速度也随时间改变，且瞬时力决定瞬时加速度，可见，确定瞬时加速度的关键是正确确定瞬时作用力。【例2】如图（a）所示，一质量为m的物体系于长度分别为l1、12的两根细绳上，l1的一端悬挂在天花板上，与竖直方向夹角为,l2水平拉直，物体处于平衡状态，现将l2线剪断，求剪断瞬间物体的加速度。（1)下面是某同学对该题的一种解法： 设l1线上拉力为FT1，l2 线上拉力为FT
23、2，重力为mg,物体在三力作用下保持平衡：FT 1 cosmg，FT 1sinFT2，FT2mgtan剪断线的瞬间，FT2突然消失，物体即在FT2,反方向获得加速度因为mgtan=ma,所以加速度agtan，方向在FT2反方向。你认为这个结果正确吗？请对该解法作出评价并说明（2）若将图a中的细线11改为长度相同、质量不计的轻弹簧，如图b所示，其他条件不变，求解的步骤与（1）完全相同，即a=gtan,你认为这个结果正确吗？请说明理由 解析：(1)结果不正确因为12被剪断的瞬间,11上张力的大小发生了突变，此瞬间FT1=mgcos,它与重力沿绳方向的分力抵消，重力垂直于绳方向的分力产生加速度:a=
24、gsin。(2)结果正确，因为l2被剪断的瞬间，弹簧11的长度不能发生突变，FT 1的大小方向都不变，它与重力的合力大小与FT2方向相反，所以物体的加速度大小为：a=gtan。三 、动力学的两类基本问题 1、已知物体的受力情况求物体运动中的某一物理量：应先对物体受力分析，然后找出物体所受到的合外力，根据牛顿第二定律求加速度a，再根据运动学公式求运动中的某一物理量2、已知物体的运动情况求物体所受到的某一个力：应先根据运动学公式求得加速度a，再根据牛顿第二定律求物体所受到的合外力，从而就可以求出某一分力 综上所述，解决问题的关键是先根据题目中的已知条件求加速度a，然后再去求所要求的物理量，加速度象
25、纽带一样将运动学与动力学连为一体【例3】如图所示，水平传送带A、B两端相距S3.5m，工件与传送带间的动摩擦因数=0.1。工件滑上A端瞬时速度VA4 m/s,达到B端的瞬时速度设为vB。(1)若传送带不动，vB多大？(2)若传送带以速度v(匀速）逆时针转动，vB多大？(3)若传送带以速度v(匀速）顺时针转动，vB多大？【解析】(1)传送带不动，工件滑上传送带后，受到向左的滑动摩擦力（Ff=mg)作用，工件向右做减速运动，初速度为VA，加速度大小为aglm/s2，到达B端的速度.(2)传送带逆时针转动时，工件滑上传送带后，受到向左的滑动摩擦力仍为Ff=mg ，工件向右做初速VA，加速度大小为ag
26、1 m/s2减速运动，到达B端的速度vB=3 m/s.(3)传送带顺时针转动时，根据传送带速度v的大小，由下列五种情况：若vVA，工件滑上传送带时，工件与传送带速度相同，均做匀速运动，工件到达B端的速度vB=vA若v，工件由A到B，全程做匀加速运动，到达B端的速度vB=5 m/s.若vVA，工件由A到B，先做匀加速运动，当速度增加到传送带速度v时，工件与传送带一起作匀速运动速度相同，工件到达B端的速度vB=v.若v时，工件由A到B，全程做匀减速运动，到达B端的速度若vAv，工件由A到B，先做匀减速运动，当速度减小到传送带速度v时，工件与传送带一起作匀速运动速度相同，工件到达B端的速度vBv。
27、说明：（1）解答“运动和力”问题的关键是要分析清楚物体的受力情况和运动情况，弄清所给问题的物理情景（2）审题时应注意由题给条件作必要的定性分析或半定量分析（3）通过此题可进一步体会到，滑动摩擦力的方向并不总是阻碍物体的运动而是阻碍物体间的相对运动，它可能是阻力，也可能是动力【例4】质量为m的物体放在水平地面上，受水平恒力F作用，由静止开始做匀加速直线运动，经过ts后，撤去水平拉力F，物体又经过ts停下，求物体受到的滑动摩擦力f 解析：物体受水平拉力F作用和撤去F后都在水平面上运动，因此，物体在运动时所受滑动磨擦力f大小恒定我们将物体的运动分成加速和减速两个阶段来分析时，两段的加速度均可以用牛顿
28、第二定律得出，然后可由运动学规律求出加速度之间的关系，从而求解滑动摩擦力 分析物体在有水平力F作用和撤去力F以后的受力情况，根据牛顿第二定律F合=ma， 则加速阶段的加速度a1=（Ff）/m经过ts后，物体的速度为v=a1t撤去力F后，物体受阻力做减速运动，其加速度a2=f/m因为经ts后，物体速度由v减为零，即02一a2t依、两式可得a1=a2，依、可得（Ff）/m= f/m可求得滑动摩擦力f=F 答案：F规律方法 1、 瞬时加速度的分析【例5】如图（a）所示，木块A、B用轻弹簧相连，放在悬挂的木箱C内，处于静止状态，它们的质量之比是1：2：3。当剪断细绳的瞬间，各物体的加速度大小及其方向？
29、【解析】设A的质量为m，则B、C的质量分别为2m、3m 在未剪断细绳时，A、B、C均受平衡力作用，受力如图（b）所示。剪断绳子的瞬间，弹簧弹力不发生突变，故Fl大小不变。而B与C的弹力怎样变化呢？首先B、C间的作用力肯定要变化，因为系统的平衡被打破，相互作用必然变化。我们没想一下B、C间的弹力瞬间消失。此时C 做自由落体运动，acg；而B受力F1和2mg，则aB=（F1+2mg）/2mg，即B的加速度大于C的加速度，这是不可能的。因此 B、C之间仍然有作用力存在，具有相同的加速度。设弹力为N，共同加速度为a，则有 F12mgN2ma 3mgN 3ma F1=mg 解答 a12， N06 mg
30、所以剪断细绳的瞬间，A的加速度为零；B。C加速度相同，大小均为12g，方向竖直向下。 【例6】在光滑水平面上有一质量mIkg的小球，小球与水平轻弹簧和与水平方向夹角O为300的轻绳的一端相连，如图所示，此时小球处于静止状态，且水平面对小球的弹力恰好为零，当剪断轻绳的瞬间，小球加速度的大小和方向如何？此时轻弹簧的弹力与水平面对球的弹力比值是多少？ 简析：小球在绳末断时受三个力的作用， 绳剪断的瞬间，作用于小球的拉力T立即消失，但弹簧的形变还存在，故弹簧的弹力F存在 （1）绳未断时： Tcos300F，Tsin300mg 解得：T20 N F10 N（2）绳断的瞬间：T=0，在竖直方向支持力N=m
31、g，在水平方向F=ma，所以a=F/m=10m/s2 此时F/N=10/10= 当将弹簧改为轻绳时，斜向上拉绳断的时间，水平绳的拉力立即为零BCAm【例7】如图所示,小球质量为m,被三根质量不计的弹簧A、B、C拉住,弹簧间的夹角均为1200,小球平衡时, A、B、C的弹力大小之比为3：3：1,当剪断C瞬间,小球的加速度大小及方向可能为g/2,竖直向下;g/2,竖直向上;g/4,竖直向下;g/4,竖直向上;A、;B、;C、;D、;解析:设弹簧C中的弹力大小为F,则弹簧A、B中的弹力大小为3F.(1)当A、B、C均体现拉力:平衡时3F=Fmg,F=mg.剪断C时:3Fmg=ma1a1=g,方向竖直
32、向上.(2)当A、B体现为拉力,C体现为推力:平衡时:3FF=mg,F=mg;剪断C时:3Fmg=ma2 , a2=g,方向竖直向下.故答案C.2、用牛顿第二定律分析物体的运动状态牛顿第二定律的核心是加速度与合外力的瞬时对应关系，瞬时力决定瞬时加速度，解决这类问题要注意：(1)确定瞬时加速度关键是正确确定瞬时合外力(2)当指定某个力变化时，是否还隐含着其他力也发生变化（3）整体法与隔离法的灵活运用MN【例8】如图所示，一向右运动的车厢顶上悬挂两单摆M和N,它们只能在图所示平面内摆动，某一瞬时出现图示情景，由此可知车厢的运动及两单摆相对车厢运动的可能情况是（ ）A、车厢做匀速直线运动,M在摆动，
33、N在静止；B、车厢做匀速直线运动,M在摆动，N也在摆动；C、车厢做匀速直线运动，M静止，N在摆动；D、车厢做匀加速直线运动,M静止，N也静止；解析：由牛顿第一定律，当车厢做匀速运动时，相对于车厢静止的小球，其悬线应在竖直方向上，故M球一定不能在图示情况下相对车厢静止，说明M正在摆动；而N既有可能相对于车厢静止，也有可能是相对小车摆动恰好到达图示位置。知A、B正确，C错；当车厢做匀加速直线运动时，物体运动状态改变，合外力一定不等于零，故不会出现N球悬线竖直的情况，D错。答案：AB【例9】一个人蹲在台秤上。试分析：在人突然站起的过程中，台秤的示数如何变化？【解析】从蹲于台秤上突然站起的全过程中，人
34、体质心运动的vt图象如图所示。 在0t1时间内：质心处于静止状态台秤示数等于体重。F=mg。 在t1t2时间内：质心作加速度（a）减小的加速度运动，处于超重状态台秤示数大于体重Fmg十mamg 在t2时刻：a0，vvmax，质心处于动平衡状态台秤示数等于体重F=mg。 在t2t3时间内：质心作加速度增大的减速运动，处于失重状态台秤示数小于体重F=mgmamg。 在t3t4时间内：质心又处于静止状态台秤示数又等于体重Fmg。 故台秤的示数先偏大，后偏小，指针来回摆动一次后又停在原位置。思考：若人突然蹲下，台秤示数又如何变化？v2v1【例10】如图所示，一水平方向足够长的传送带以恒定的速度v1沿顺
35、时针方向转动，传送带右端有一个与传送带等高的光滑水平面，一物体以恒定速率v2沿直线向左滑向传送带后，经过一段时间又返回光滑水平面，速率为v/2，则下列说法中正确的是（BC）A、只有v1= v2时，才有v/2v1B、若v1v2时，则v/2v2C、若v1v2时，则v/2v1；D、不管v2多大，总有v/2=v2；解析：物体在传送带上向左减速、向右加速的加速度大小相同；当v1v2时，向左减速过程中前进一定的距离，返回时，因加速度相同，在这段距离内，加速所能达到的速度仍为v2当v1v2时，返回过程中，当速度增加到v1时，物体与传送带间将保持相对静止，不再加速，最终以v1离开传送带试题展示第3课 牛顿运动
36、定律的应用（一）知识简析 一、牛顿运动定律的解题步骤应用牛顿第二定律解决问题时，应按以下步骤进行1分析题意，明确已知条件和所求量2、选取研究对象；所选取的对象可以是一个物体，也可以是几个物体组成的系统，同一个题目，根据题意和解题需要也可以先后选取不同的研究对象。3对其进行受力情况分析和运动情况分析（切莫多力与缺力）；4根据牛顿第二定律列出方程；说明：如果只受两个力，可以用平行四边形法则求其合力，如果物体受力较多，一般用正交分解法求其合力，如果物体做直线运动，一般把力分解到沿运动方向和垂直于运动方向；当求加速度时，要沿着加速度的方向处理力；当求某一个力时，可沿该力的方向分解加速度；5把各量统一单
37、位，代入数值求解；二、注意事项： 由于物体的受力情况与运动状态有关，所以受力分析和运动分析往往同时考虑，交叉进行，在画受力分析图时，把所受的外力画在物体上（也可视为质点，画在一点上），把v0和a的方向标在物体的旁边，以免混淆不清。建立坐标系时应注意：A如果物体所受外力都在同一直线上，应建立一维坐标系，也就是选一个正方向就行了。如果物体所受外力在同一平面上，应建立二维直角坐标系。B仅用牛顿第二定律就能解答的问题，通常选加速度a的方向和垂直于a的方向作为坐标轴的正方向，综合应用牛顿定律和运动学公式才能解答的问题，通常选初速度V0的方向和垂直于V0的方向为坐标轴正方向，否则易造成“十”“一”号混乱。
38、C如果所解答的问题中，涉及物体运动的位移或时间，通常把所研究的物理过程的起点作为坐标原点。解方程的方法一般有两种：一种是先进行方程式的文字运算，求得结果后，再把单位统一后的数据代入，算出所求未知量的值。另一种是把统一单位后的数据代入每个方程式中，然后直接算出所求未知量的值，前一种方法的优点是：可以对结果的文字式进行讨论，研究结果是否合理，加深对题目的理解；一般都采用这种方法，后一种方法演算比较方便，但是结果是一个数字，不便进行分析讨论。（特别指出的是：在高考试题的参考答案中，一般都采用了前一种方法，）【例1】如图所示地面上放一m40kg的木箱，用大小为 10 N与水平方向夹角300的力推木箱，
39、木箱恰好匀速运动，若用此力与水平方向成300角斜向上拉木箱，30s可使木箱前进多少米？（g取10m/s2） 解析：木箱受重力mg，地面支持力N，推力F以及地面对它的摩擦力f匀速运动时： Fx=Fcos300，Fy=Fsin300 竖直方向：NmgFsin3000，所以NmgFsin300水平方向： Fcos30一f= 0，所以 f Fcos300 而fN=（mgFsin300） 所以Fcos300/（mgFsin300）=0。02当力斜向上拉时 竖直方向： Nmg一 Fsin300 水平方向：Fcos300N=ma所以a= Fcos300（mgFsin300）/m=0019 ms2 s=at2
40、8。6m 注意：由力求加速度时，一定要沿加速度的方向处理力【例2】如图电梯与水平面夹角为370，60千克的人随电梯以alm/s2的加速度运动，则人受到平面的支持力及摩擦力各为多大？（ g取10 rns2）解析：对加速度沿竖直、水平方向分解， axacos37008 ms2 ayasin37006 ms2 水平方向：fmax6008N=48N 竖直方向：Nmgmay ， 所以Nmgmay（60036）N=636N 注意：当由加速度求力时，一定要沿力的方向分解加速度【例3】如图所示三个物体质量分别为m1、m2、m3，带有滑轮的物体放在光滑水平面上，滑轮和所有触处的摩擦及绳的质量均不计，为使三个物体
41、无相对运动，则水平推力F 解析：对m2竖直方向合力为零，所以T=m2g，对m1水平方向只受绳拉力T作用 所以a=T/m1=m2g/m1， 由于三者加速度一样，所以F（ml十m2十m3）a=（ml十m2十m3）m2g/m1 注意：几个物体加速度一样时，可先从一个物体入手，求出加速度a，然后将这几个物体视为一系统求合外力。【例4】如图所示，一根轻质细绳跨过一个定滑轮，一边系住一个敞口轻质容器，内装240gMg，另一边为一重物m，所有摩擦均不计，开始时系统处于平衡状态，将容器中的Mg点燃，则燃过后，两者的运动状态发生改变，问全部燃烧完后，两者的加速度分别是多少？（假设Mg先与O2反应）。【解题思路】
42、 Mg燃烧后生成MgO，平衡被打破，可假设绳子的拉力为T，为两者分别作受力分析，解出T，a。 nMg=240/2410（mol） 2MgO22MgO，得生成MgO的物质的量nMgO10（mol） 其质量 m1040400（g） 设此时两者加速度大小为a，绳的拉力为T。对容器作用受力分析有Mg一Tma 对重物作受力分析有 Tmg=ma 联立、代入数值解之得。 T2940（N） a245（m/s2） 故容器的加速度为245m/s2，方向向下；重物的加速度为245m/s2，方向向上。规律方法 1、牛顿定律应用的基本方法【例5】惯性制导系统已广泛应用于弹道式导弹工程中，这个系统的重要元件之一是加速度计
43、加速度计的构造原理的示意图如图所示沿导弹长度方向安装在固定光滑杆上的滑块m,滑块两侧分别与劲度系数均为k的弹簧相连；两弹簧的另一端与固定壁相连滑块原来静止，弹簧处于自然长度，滑块上有指针，可通过标尺测出滑块的位移，然后通过控制系统进行制导设某段时间内导弹沿水平方向运动，指针向左偏离O点的距离为s，则这段时间内导弹的加速度（ D ）A、方向向左，大小为ks/m B、方向向右，大小为ks/mC、方向向左，大小为2ks/mD、方向向右，大小为2ks/m解析：原来物体不受弹簧弹力，当指针向左偏转s，右边弹簧被拉长s，左边弹簧产生向右推力ks，右边弹簧产生向右拉力ks，合力为2ks，所以导弹的加速度为a
44、=2ks/m，方向向右。【例6】如图所示，放在水平地面上的木板长1米，质量为2kg，B与地面间的动摩擦因数为 02一质量为3kg的小铁块A放在B的左端，A、B之间的动摩擦因数为04当A以3ms的初速度向右运动后，求最终A对地的位移和A对B的位移【解析】A在摩擦力作用下作减速运动，B在上、下两个表面的摩擦力的合力作用下先做加速运动，当A、B速度相同时，A、B立即保持相对静止，一起向右做减速运动 A在B对它的摩擦力的作用下做匀减速运动 aA=Ag=一4ms2 B在上、下两个表面的摩擦力的合力作用下做匀加速运动 aB= =lms2 A相对B的加速度 a相=aAaB5ms2当A相对B的速度变为零时，A
45、在B上停止滑动，在此过程中，A对B的位移s相=0.9mA从开始运动到相对静止经历的时间t=0.6m/s2 在此时间内B的位移SB=aBt2=10.62=0.18m A、B相对静止时的速度 vaBt10.6m/s0.6m/s随后A、B一起以a/=Bg=2m/s2作匀减速运动直至停止，这段时间内的位移 S/=009m综上所述在整个运动过程中A对地的位移 SA=SB十S相S/=（01809009）ml17m2、超重与失重状态的分析 在平衡状态时，物体对水平支持物的压力（或对悬绳的拉力）大小等于物体的重力当物体的加速度竖直向上时，物体对支持物的压力大于物体的重力，由Fmg=ma得F=m（ga）mg，这
46、种现象叫做超重现象；当物体的加速度竖直向下时，物体对支持物的压力小于物体的重力，mgF=ma得F=m（ga）0，mB0，由此可知由式可推出N8 N.综上分析得8 NN10 N； 故答案：AB【例5】如图所示，等臂天平左端挂一质量不计的光滑定滑轮，跨过滑轮的轻绳，两端各拴一物体A和B.已知物体B的质量mB=3kg，欲使天平平衡，物体C的质量可能为（） A. 3 kg ；B. 9 kg； C. 12 kg ； D. 15 kg解：设绳的拉力为T,对物体A,B,分别由牛顿第二定律有 mBg一T=mBa， TmAg=mAa由式得；对物体C,由平衡条件有当mAO时，有mC=0当mA时，有mC=4mB=1
47、2 kg得0mC12kg；，故选项A、B正确 “利用区间解选择题”，对有些物理选择题，若能够相应的物理规律，确定出所求物理量的取值范 反复推论便可迅速求解，这是一种重复的解题方法：2、动力学的临界和极值的求法【例6】如图所示，2kg的物体放在水平地面上，物体离墙20m，现用30N的水平力作用于此物体，经过2s可到达墙边，若仍用30N的力作用于此物体，求使物体到这墙边作用力的最短作用时间？ 解析：要使推力作用时间最短，但仍可到达墙边，则物体到达墙边的速度应恰好为零，物体第一次受推力加速运动得：a12S/t210 ms2 由F一f=ma1得f=F一ma110 N 设撤去外力F时物体的速度为v 则v
48、a1t1a2t2，其中a2=f/m=5m/s2 故有t2 =2t1 ，s=s1s2= a1t12a2t22 即20 10t12 5（2t2）2 解出 t1 115s答案： 115s 注意:力的作用时间最短与物体运动时间最短有什么区别?如何求物体运动到墙的最短时间?【例7】如图所示，在劲度系数为k的弹簧下端挂一质量为m的物体，物体下有一托盘，用托盘托着物体使弹簧恰好处于原长然后使托盘以加速度a竖直向下做匀加速直线运动（ag），试求托盘向下运动多长时间能与物体脱离？ 解析：在物体与托盘脱离前，物体受重力、弹簧拉力和托盘支持力的作用，随着托盘向下运动，弹簧的弹力增大，托盘支持力减小，但仍维持合外力不
49、变，加速度不变，物体随托盘一起向下匀加速运动当托盘运动至使支持力减小为零后，弹簧拉力的增大将使物体的加速度开始小于a，物体与托盘脱离所以物体与托盘脱离的条件是支持力 N0设此时弹簧伸长了x；物件随托盘一起运动的时间为t由牛顿第二定律有mgkxma 由匀变速运动规律有xat2，由此解得t=【例8】如图所示，一质点自倾角为的斜面的上方点O，沿一光滑斜槽OA下滑欲使此质点到达斜面所需的时间最短，则斜槽OA与竖直线OB所成的角应为何值？解：作一过点O且与斜面相切的圆，切点为A,圆心为O1，OB为过点O的一条直径，如图所示由结论可知，从点O沿不同的光滑斜槽到达圆周上各点的时间相同，沿光滑斜槽OA到达A也
50、就到达斜面，而沿其他不同的斜槽到达圆周上的时间虽然相同，但没有到达斜面，不符合题意所以，沿OA斜槽所需的时间最短如图连接O1 A,AO1 B =,得AOB=/2，即=/2 又解：如图所示，由O点向斜面引垂线OC,设OC的长为b(定值），沿任一光滑槽OA到达斜面所用时间为t, OA与竖直线OB所成夹角为，由牛顿第二定律，沿OA下滑的加速度a= gcos由式可得t=由式得当=即=/2时，t最小/radx/m100/210【例9】一个物体在斜面上以一定的速度沿斜面向上运动，斜面底边水平，斜面倾角可在0/2间变化，设物体达到的最大位移x和倾角间的关系如图所示，试计算为多少时x有最小值，最小值是多少？【
51、解析】物体以一定的速度沿斜面向上运动，合力大小为重力的分力与滑动摩擦力之和。重力的分力（下滑力）随增大而增大；滑动摩擦力由压力和动摩擦因数决定，动摩擦因数为定值，则由于压力等于重力的另一分力随增大而减小，故滑动摩擦力随增大而减小。由此加速度可以有最小值。初速、末速给定时，加速度最小必对应位移取得最小值。物体沿斜面运动，垂直于斜面方向有N=mgcos，沿斜面有mgsinN=ma 由可得ag（sincos)；又由匀变速直线公式可得S=，当（sincos）取最大值时位移最小。再由x图，当900时，位移为10m，代入位移表达式解得v02=20 g; 当=00时，位移为m，代入位移表达式解得。 求（si
52、ncos）的最大值： （sincos）当900时，(sincos)取得最大值，位移取得最小值，此时cos=；=300,=900=600 位移最小值：xmin。【例10】一小圆盘静止在桌布上，位于一方桌的水平桌面的中央桌布的一边与桌的AB边重合，如图.已知盘与桌布间的动摩擦因数为1，布与桌面间的动摩擦因数为2现突然以恒定加速度a将桌布抽离桌面，加速度的方向是水平的且垂直于AB边若圆盘最后未从桌面掉下，则加速度a满足的条件是什么？（用g示重力加速度）解析：设圆盘的质量为m，桌长为L，桌布从圆盘下抽出的过程中，盘的加速度为a1，有1mg=ma1桌布抽出后，盘在桌面上做匀减速运动，以a2表示加速度的大
53、小，有2mg=ma2设盘刚离开桌布时速度为v1，移动的距离为s1，离开桌布后在桌面上再运动距离s2后便停下，有v12=2a1s1，v12=2a2s2盘没有从桌面上掉下的条件是：s2Ls1设桌布从盘下抽出所经历的时间为t，在这段时间内桌布移动的距离为s，有s=at2，s1=a1t2；而s=Ls1；由以上各式解得：a 【例11】一个同学身高hl18m,质量65 kg,站立举手摸高h2=2.2 m（指手能摸到的最大高度）。（1)该同学用力蹬地，经时间竖直离地跳起，摸高为h3=26m，假定他蹬地的力F1为恒力，求力F1的大小。 (2)另一次该同学从所站h4=1.0 m的高处自由下落，脚接触地面后经过时
54、间t0.25s身体速度降为零，紧接着他用力凡蹬地跳起，摸高为h5=2.7m。假定前后两个阶段中同学与地面的作用力分别都是恒力，求同学蹬地的作用力F2。（取g10m/s2）【分析】（1)涉及两个过程：用力蹬地可视为匀加速过程；离地跳起摸高则为竖直上抛过程。(2)涉及四个过程：第一过程是下落高度为1.0 m的自由下落过程；第二过程是减速时间为0.25s的匀减速至停下的缓冲过程（此阶段人腿弯曲，重心下降）；第三过程是用力F2蹬地使身体由弯曲站直的匀加速上升阶段（此阶段重心升高的高度与第二过程重心下降的高度相等）；第四过程是离地后竖直向上的匀减速运动过程，上升高度为0.5 m。 解：（1)设蹬地匀加速过程的加速度为al，历时t1，末速为v1由运动学条件有v1a1t1；v122g（h3一h2）求得a1= (20/9）m/s2h5一h2由蹬地过程受力情况可得Fl一mgma1故Flmgmal65040861058.6 N身高h2(2)分四个过程：自由下落vt22gh4=20触地减速到零，设位移x时间t， x（vt0)t/2再加速离地，位移，时间也为x，t，xv22/2a2竖直上抛v22=2g(h5一h2）10由解得vt，由解得x，由解得上抛初速v2，由解得a2由蹬地过程受力情况可得F2一mgma2故F2mgma26505814=12314 N简单图示如右 共19页第19页
