收藏 分享(赏)

2021届高考化学二轮复习 课时作业9 电解质溶液(含解析)新人教版.doc

上传人:高**** 文档编号:231070 上传时间:2024-05-26 格式:DOC 页数:9 大小:468.50KB
下载 相关 举报
2021届高考化学二轮复习 课时作业9 电解质溶液(含解析)新人教版.doc_第1页
第1页 / 共9页
2021届高考化学二轮复习 课时作业9 电解质溶液(含解析)新人教版.doc_第2页
第2页 / 共9页
2021届高考化学二轮复习 课时作业9 电解质溶液(含解析)新人教版.doc_第3页
第3页 / 共9页
2021届高考化学二轮复习 课时作业9 电解质溶液(含解析)新人教版.doc_第4页
第4页 / 共9页
2021届高考化学二轮复习 课时作业9 电解质溶液(含解析)新人教版.doc_第5页
第5页 / 共9页
2021届高考化学二轮复习 课时作业9 电解质溶液(含解析)新人教版.doc_第6页
第6页 / 共9页
2021届高考化学二轮复习 课时作业9 电解质溶液(含解析)新人教版.doc_第7页
第7页 / 共9页
2021届高考化学二轮复习 课时作业9 电解质溶液(含解析)新人教版.doc_第8页
第8页 / 共9页
2021届高考化学二轮复习 课时作业9 电解质溶液(含解析)新人教版.doc_第9页
第9页 / 共9页
亲,该文档总共9页,全部预览完了,如果喜欢就下载吧!
资源描述

1、电解质溶液1(2020包头模拟)下列实验中根据现象得出的结论错误的是(C)选项实验操作现象结论A相同条件下,用1 molL1的醋酸和1 molL1的盐酸分别做导电性实验醋酸溶液对应的灯泡较暗CH3COOH是弱电解质B向某溶液中加铜和浓H2SO4试管口有红棕色气体产生原溶液含有NOC向某钠盐中滴加浓盐酸,将产生的气体通入品红溶液品红溶液褪色该钠盐为Na2SO3或NaHSO3D向浓度均为0.1 molL1的MgCl2、CuCl2混合溶液中逐滴加入氨水先出现蓝色沉淀KspMg(OH)2KspCu(OH)2【解析】等浓度时,灯泡暗的说明离子浓度小,即电离程度小,由操作和现象可知CH3COOH是弱电解质

2、,故A正确;某溶液中加铜和浓H2SO4,试管口有红棕色气体产生,说明生成NO,NO与空气反应生成红棕色二氧化氮,则原溶液中含有NO,故B正确;品红溶液褪色,气体可能为二氧化硫或氯气等其他具有漂白性的气体,则可能为NaClO溶液等,故C错误;浓度均为0.1 molL1的MgCl2、CuCl2混合溶液中逐滴加入氨水,先出现蓝色沉淀,即先生成氢氧化铜沉淀,同种类型的沉淀Ksp小的先沉淀,所以KspMg(OH)2KspCu(OH)2,故D正确。2(2020济南模拟)25 时,向0.10 molL1的H2C2O4(二元弱酸)溶液中滴加NaOH溶液,溶液中部分微粒的物质的量浓度随pH的变化曲线如图所示。下

3、列说法不正确的是(A)A25 时H2C2O4的一级电离常数为Ka1104.3BpH2.7的溶液中:c(H2C2O4)c(C2O)CpH7的溶液中:c(Na)2c(C2O)D滴加NaOH溶液的过程中始终存在:c(OH)2c(C2O)c(HC2O)c(Na)c(H)【解析】草酸属于二元弱酸,滴加NaOH溶液,发生H2C2O4NaOHNaHC2O4H2O,NaHC2O4NaOHNa2C2O4H2O,据图像,H2C2O4二级电离常数表达式Kc(C2O)c(H)/c(HC2O),在pH4.3时,c(C2O)c(HC2O),此时H2C2O4的二级电离常数为104.3,非H2C2O4的一级电离常数,A错误;

4、据图像,pH2.7的溶液中,c(H2C2O4)c(C2O),B正确;据电荷守恒,c(Na)c(H)c(OH)c(HC2O)2c(C2O),当pH7时,c(H)c(OH),有c(Na)c(HC2O)2c(C2O),因此c(Na)2c(C2O),C正确;溶液为电中性,滴加氢氧化钠溶液过程中始终存在c(Na)c(H)c(OH)c(HC2O)2c(C2O),D正确。3(2020沈阳模拟)某温度下,向10 mL 0.1 molL1 NaCl溶液和10 mL 0.1 molL1 K2CrO4溶液中分别滴加0.1 molL1 AgNO3溶液。滴加过程中pMlgc(Cl)或lgc(CrO)与所加AgNO3溶液

5、体积之间的关系如下图所示。已知Ag2CrO4为红棕色沉淀。下列说法错误的是(B)A该温度下,Ksp(Ag2CrO4)41012Ba1、b、c三点所示溶液中c(Ag):a1bcC若将上述NaCl溶液浓度改为0.2 molL1,则a1点会平移至a2点D用AgNO3标准溶液滴定NaCl溶液时,可用K2CrO4溶液作指示剂【解析】b点时恰好反应生成Ag2CrO4,lgc(CrO)4.0,c(CrO)104 molLl,则c(Ag)2104 molL1,该温度下,Ksp(Ag2CrO4)c(CrO)c2(Ag)41012,故A正确;a1点恰好反应,lgc(Cl)4.9,c(Cl)104.9 molL1,

6、则c(Ag)104.9 molL1,b点c(Ag)2104 molL1,c点,K2CrO4过量,c(CrO)约为原来的,则c(CrO)0.025 molL1,则c(Ag)105 molL1,a1、b、c三点所示溶液中b点的c(Ag)最大,故B错误;温度不变,氯化银的溶度积不变,若将上述NaCl溶液浓度改为0.2 molL1,平衡时,lgc(Cl)4.9,但需要的硝酸银溶液的体积变成原来的2倍,因此a1点会平移至a2点,故C正确;根据上述分析,当溶液中同时存在Cl和CrO时,加入硝酸银溶液,Cl先沉淀,用AgNO3标准溶液滴定NaCl溶液时,可用K2CrO4溶液作指示剂,滴定至终点时,会生成Ag

7、2CrO4为红棕色沉淀,故D正确。4(2020宜宾模拟)常温下,将等浓度的NaOH溶液分别滴加到等pH、等体积的HA、HB两种弱酸溶液中,溶液的pH与粒子浓度比值的对数关系如图所示。下列叙述错误的是(B)Aa点时,溶液中由水电离的c(OH)约为11010 molL1B电离平衡常数:Ka(HA)c(Na)c(H)c(OH)D向HB溶液中滴加NaOH溶液至pH7时:c(B)c(HB)【解析】a点时,lg0,c(A)c(HA),溶液为酸和盐的混合溶液,pH4,抑制水的电离,溶液中由水电离的c(OH)约为11010 molL1,选项A正确;lg0,c(A)c(HA),电离平衡常数:Ka(HA)c(H)

8、104 mol/L;lg0,c(B)c(HB),电离平衡常数:Ka(HB)c(H)105 mol/L,Ka(HA)Ka(HB),选项B错误;b点时,lg0,c(B)c(HB),pH5,c(B)c(HB)c(Na)c(H)c(OH),C正确;向HB溶液中滴加NaOH溶液至pH7时,lg0,c(B)c(HB),D正确。5(2020泉州模拟)在25 时,将1.0 L w molL1CH3COOH溶液与0.1 mol NaOH固体混合,充分反应。向混合液中加入CH3COOH或CH3COONa固体(忽略体积和温度变化),溶液pH随加入CH3COOH或CH3COONa固体的物质的量的变化关系如图所示。下列

9、叙述正确的是(C)Ab点混合液中c(H)c(OH)c(CH3COO)B加入CH3COOH过程中,增大C25 时,CH3COOH的电离平衡常数Ka molL1Da、b、c对应的混合液中,水的电离程度由大到小的顺序是cab【解析】根据电荷守恒可知,c(Na)c(H)c(OH)c(CH3COO),由题可知,在b点时,c(H)c(OH)c(CH3COO),A错误;,加入CH3COOH过程中,n(Na)不变,n(CH3COOH)增大,所以减小,故减小,B错误;根据电荷守恒可知,c(Na)c(H)c(OH)c(CH3COO),c点时,溶液pH7,有c(H)c(OH),则c(Na)c(CH3COO),c(C

10、H3COO)c(Na)0.2 molL1,溶液中c(H)107 molL1,根据物料守恒:c(CH3COOH) molL1,则醋酸的电离平衡常数为:Ka molL1,C正确;溶液中酸或碱电离的氢离子或氢氧根浓度越大,水的电离程度越小,由题可知,a、b、c对应的混合液中pH7,醋酸对水的电离的抑制程度大于醋酸根离子对水的电离的促进程度,水的电离均受到抑制,由于氢离子浓度abc,则水的电离程度由大到小的顺序是cba,D错误。6(2020武汉模拟)25 时,向0.1 L 0.1 molL1 CH3COOH溶液中逐渐加入NaOH固体,恢复至原温度后溶液中离子浓度关系如下图所示(忽略溶液体积变化)。下列

11、有关叙述正确的是(D)A25 ,CH3COOH的Ka数量级为104BB点:加入的NaOH的物质的量为0.005 molCA点:c(CH3COO)c(OH)c(CH3COOH)c(H)0.1 molL1DA到C的过程中不考虑温度变化:增大【解析】25 ,根据A点坐标可知,当pH2.85时,lgKapH1.85,即Ka104.7,CH3COOH的Ka数量级为105,A错误;B点时,醋酸和醋酸根浓度相等,原CH3COOH溶液0.1 L 0.1 molL1,即B点时n(CH3COOH)n(CH3COO)0.01 mol,根据电荷守恒可知,c(Na)c(H)c(CH3COO)c(OH),n(Na)n(C

12、H3COO)n(OH)n(H)0.005n(OH)n(H),环境pH7,加入的NaOH的物质的量小于0.005 mol,B错误;A点时,根据物料守恒可知,c(CH3COOH)c(CH3COO)0.1 mol/L,pH7,溶液显酸性,即c(CH3COO)c(OH)c(CH3COOH)c(H)0.1 molL1,C错误;根据醋酸根的水解方程式可知,醋酸根水解常数Kb,A到C的过程中不考虑温度变化,水解常数不变,加入的氢氧化钠固体增大,钠离子浓度不断增大,增大,D正确。7(2020绵阳模拟)钛酸钡(BaTiO3)在工业上有重要用途,主要用于制作电子陶瓷、PTC热敏电阻、电容器等多种电子元件。以下是生

13、产钛酸钡的一种工艺流程图:已知:草酸氧化钛钡晶体的化学式为BaTiO(C2O4)4H2O;25 时,BaCO3的溶度积Ksp2.58109;(1)BaTiO3中Ti元素的化合价为:_4_。(2)用盐酸酸浸时发生反应的离子方程式为:_BaCO32HBa2CO2H2O_。(3)流程中通过过滤得到草酸氧化钛钡晶体后,为提高产品质量需对晶体洗涤。过滤操作中使用的玻璃仪器有_漏斗、烧杯、玻璃棒_。如何证明晶体已洗净?_取最后一次洗涤液少许于试管中,滴加稀HNO3酸化的AgNO3溶液,若无白色沉淀产生,说明已洗净_。(4)TiO2具有很好的散射性,是一种有重要用途的金属氧化物。工业上可用TiCl4水解来制

14、备,制备时需加入大量的水,同时加热,其目的是:_促进TiCl4水解_。(5)某兴趣小组取19.70 g BaCO3模拟上述工艺流程制备BaTiO3,得产品13.98 g,BaTiO3的产率为:_60%_。(6)流程中用盐酸酸浸,其实质是BaCO3溶解平衡的移动。若浸出液中c(Ba2)0.1 mol/L,则c(CO)在浸出液中的最大浓度为_2.58108_mol/L。【解析】(1)BaTiO3中Ba的化合价为2价,O的化合价为2价,根据化合物中元素的正负化合价代数和为0,Ti的化合价为4价。(2)盐酸酸浸时反应的化学方程式为BaCO32HClBaCl2H2OCO2,离子方程式为BaCO32HBa

15、2H2OCO2。(3)过滤操作中使用的玻璃仪器有烧杯、漏斗、玻璃棒。根据流程草酸氧化钛钡晶体吸附可溶性的Cl等,要证明晶体已经洗净即证明洗涤液中不含Cl。方法是:取最后一次洗涤液少许于试管中,滴加稀HNO3酸化的AgNO3溶液,若无白色沉淀产生,说明已洗净。(4)TiCl4水解的离子方程式为TiCl42H2OTiO24HCl,加入大量水促进TiCl4水解,盐的水解是吸热过程,加热促进TiCl4水解,制备时加入大量的水同时加热,目的是促进TiCl4的水解。(5)根据Ba守恒,理论上得到BaTiO3的质量为233 g/mol23.3 g,BaTiO3的产率为100%60%。(6)BaCO3的溶解平

16、衡表达式为BaCO3(s)Ba2(aq)CO(aq),Ksp(BaCO3)c(Ba2)c(CO)2.58109,若浸出液中c(Ba2)0.1 mol/L,则CO在浸出液中最大浓度c(CO) mol/L2.58108 mol/L。8(2020宜昌模拟)Li4Ti5O12和LiFePO4都是锂离子电池的电极材料,可利用钛铁矿(主要成分为FeTiO3,还含有少量MgO、SiO2等杂质)来制备,工艺流程如下:回答下列问题:(1)“酸浸”实验中,铁的浸出率结果如下图所示。由图可知,当铁的浸出率为70%时,所采用的实验条件为_100_、2_h,90_,5_h_。(2)“酸浸”后,钛主要以TiOCl形式存在

17、,写出相应反应的离子方程式_FeTiO34H4ClFe2TiOCl2H2O_。(3)TiO2xH2O沉淀与双氧水、氨水反应40 min所得实验结果如下表所示:温度/3035404550TiO2xH2O转化率/%9295979388分析40 时TiO2xH2O转化率最高的原因_低于40_,TiO2xH2O转化反应速率随温度升高而增加;超过40_,双氧水分解与氨气逸出导致TiO2xH2O转化反应速率下降_。(4)Li2Ti5O15中Ti的化合价为4,其中过氧键的数目为_4_。(5)若“滤液”中c(Mg2)0.02 mol/L,加入双氧水和磷酸(设溶液体积增加1倍),使Fe3恰好沉淀完全即溶液中c(

18、Fe3)1.0105 mol/L,此时是否有Mg3(PO4)2沉淀生成_Fe3恰好沉淀完全时,c(PO) molL11.31017 molL1,_c3(Mg2)c2(PO)(0.01)3(1.31017)21.691040KspMg3(PO4)2,因此不会生成Mg3(PO4)2沉淀_(列式计算)。FePO4、Mg3(PO4)2的Ksp分别为1.31022、1.01024。(6)写出“高温煅烧”中由FePO4制备LiFePO4的化学方程式_2FePO4Li2CO3H2C2O42LiFePO4H2O3CO2_。【解析】(1)由图示可知,“酸浸”时铁的浸出率为70%时所需要的时间最短,速率最快,则应

19、选择在100 、2 h,90 ,5 h下进行;(2)“酸浸”时用盐酸溶解FeTiO3生成TiOCl时,发生反应的离子方程式为FeTiO34H4ClFe2TiOCl2H2O;(3)温度是影响速率的主要因素,但H2O2在高温下易分解、氨水易挥发,即原因是低于40 ,TiO2xH2O转化反应速率随温度升高而增加;超过40 ,双氧水分解与氨气逸出导致TiO2xH2O转化反应速率下降;(4)Li2Ti5O15中Li为1价,O为2价,Ti为4价,过氧根(O)中氧元素显1价,设过氧键的数目为x,根据正负化合价代数和为0,可知(1)2(4)5(2)(152x)(1)2x0,解得:x4;(5)KspFePO4c

20、(Fe3)c(PO)1.31022,则c(PO)1.31017 mol/L,QcMg3(PO4)2c3(Mg2)c2(PO)(0.01)3(1.31017)21.6910401.01024,则无沉淀。(6)高温下FePO4与Li2CO3和H2C2O4混合加热可得LiFePO4,根据电子守恒和原子守恒可得此反应的化学方程式为2FePO4Li2CO3H2C2O42LiFePO4H2O3CO2。9(2020济南模拟)工业上以钒炉渣(主要含V2O3,还有少量SiO2、P2O5等杂质)为原料可以制备氧钒碱式碳酸铵晶体(NH4)5(VO)6(CO3)4(OH)910H2O,其生产工艺流程如下。(1)焙烧过

21、程中V2O3转化为可溶性NaVO3,该反应的化学方程式为_V2O3Na2CO3O22NaVO3CO2_。(2)滤渣的主要成分是_Mg3(PO4)2、MgSiO3_(写化学式)。(3)“沉钒”得到偏钒酸铵(NH4VO3),若滤液中c(VO)0.1 molL1,为使钒元素的沉降率达到98%,至少应调节c(NH)为_0.8_ molL1。已知Ksp(NH4VO3)1.6103(4)“还原”V2O5过程中,生成VOCl2和一种无色无污染的气体,该反应的化学方程式为_N2H42HCl2V2O56HCl4VOCl2N26H2O_。用浓盐酸与V2O5反应也可以制得VOCl2,该方法的缺点是_有氯气生成,污染

22、空气_。(5)称量a g产品于锥形瓶中,用20 mL蒸馏水与30 mL稀硫酸溶解后,加入0.02 molL1KMnO4溶液至稍过量,充分反应后继续滴加1%的NaNO2溶液至稍过量,再用尿素除去过量NaNO2,最后用c molL1(NH4)2Fe(SO4)2标准溶液滴定至终点,消耗标准溶液的体积为b mL。(已知滴定反应为VOFe22HVO2Fe3H2O)KMnO4溶液的作用是_将VO2氧化为VO_。粗产品中钒的质量分数表达式为_100%_(以VO2计)。若(NH4)2Fe(SO4)2标准溶液部分变质,会使测定结果_偏高_(填“偏高”、“偏低”或“无影响”)。【解析】(1)将钒炉渣和碳酸钠在空气

23、流中焙烧将V2O3转化为可溶性NaVO3,同时得到二氧化碳,发生反应的化学方程式为V2O3Na2CO3O22NaVO3CO2;(2)焙烧时SiO2、P2O5分别与碳酸钠生成可溶于水的Na2SiO3和Na3PO4,除硅、磷时加入硫酸镁溶液生成Mg3(PO4)2、MgSiO3沉淀,则过滤时得到的滤渣的主要成分为Mg3(PO4)2、MgSiO3;(3)已知Ksp(NH4VO3)c(NH)c(VO)1.6103,若滤液中c(VO)0.1 molL1,为使钒元素的沉降率达到98%,则溶液中剩余c(VO)0.1 molL12%0.002 molL1,此时c(NH) molL10.8 molL1;(4)用盐

24、酸酸化的N2H42HCl还原V2O5生成VOCl2和一种无色无污染的气体,根据质量守恒定律,此气体应为N2,则发生反应的化学方程式为N2H42HCl2V2O56HCl4VOCl2N26H2O;若改用浓盐酸与V2O5反应也可以制得VOCl2,但同时得到的氧化产物为Cl2,此气体有毒,会污染环境;(5)根据分析,KMnO4溶液的作用是将4价的钒氧化为VO;根据钒元素的质量守恒,根据滴定反应为:VOFe22HVO2Fe3H2O,则钒元素的物质的量nn(NH4)2Fe(SO4)2c mol/Lb103 Lcb103 mol,粗产品中钒的质量分数的表达式为100%100%;若(NH4)2Fe(SO4)2

25、标准溶液部分变质,则还原能力降低,滴定时消耗的标准液体积偏高,根据滴定反应为:VOFe22HVO2Fe3H2O,可知会使测定结果偏高。10(2020绵阳模拟)由含碘废水制取碘酸钾的一种工艺如下:(1)写出KIO3在日常生活中的一个重要应用_食盐添加剂,补充碘成分,预防碘缺乏病_。(2)检验“含碘废水”中是否含有单质I2的常用试剂是_淀粉溶液_(写试剂名称)。(3)通入SO2的目的是将I2还原为I,该反应的离子方程式为_SO2I22H2OSO2I4H(或2SO2I22Cu24H2O2CuI2SO8H)_。(4)工艺中五种物质的制备反应中,不涉及氧化还原反应的步骤是“制_KI(aq)_”。(5)“

26、制KI(aq)”时,该温度下水的离子积为Kw1.01013,KspFe(OH)29.01015。为避免0.9 molL1 FeI2溶液中Fe2水解生成胶状物吸附I,起始加入K2CO3必须保持溶液的pH不大于_6.0_。(6)“制KIO3溶液”反应的离子方程式为_5Cl2I212OH2IO10Cl6H2O_。(7)KCl、KIO3的溶解度曲线如图所示。流程中由“KIO3(aq)”得到KIO3晶体的操作步骤为_蒸发浓缩,降温结晶_。【解析】(1)KIO3是日常生活中食用加碘盐的主要添加剂,可以预防碘缺乏病;(2)因淀粉遇碘变蓝,因此检验“含碘废水”中是否含有单质I2,常用的试剂是淀粉溶液;(3)通

27、入SO2的目的是将I2还原为I,二氧化硫被氧化生成硫酸,反应的离子方程式为SO2I22H2OSO2I4H(或2SO2I22Cu24H2O2CuI2SO8H);(4)根据工艺流程图,五种物质的制备反应中,只有制备KI溶液的过程中没有元素化合价的变化,不涉及氧化还原反应;(5)KspFe(OH)29.01015,现测得溶液中c(FeI2)为0.9 molL1,则c(OH)107 mol/L,此温度下,Kw1.01013,c(H)106 mol/L,pHlg 1066.0;(6)“制KIO3溶液”时,氯气和碘单质与氢氧化钾溶液反应生成KIO3和氯化钾,反应的离子方程式为5Cl2I212OH2IO10Cl6H2O;(7)由溶解度曲线图可知,KIO3的溶解度小于KCl且KIO3的溶解度随温度升高而增大,由KIO3溶液得到KIO3晶体,可以通过蒸发浓缩、降温结晶的方法得到。

展开阅读全文
相关资源
猜你喜欢
相关搜索

当前位置:首页 > 幼儿园

网站客服QQ:123456
免费在线备课命题出卷组卷网版权所有
经营许可证编号:京ICP备12026657号-3