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《优化方案》2017高考数学(文江苏专用)一轮复习练习:第七章第1讲 平面的基本性质、空间两条直线的位置关系 WORD版含答案.doc

上传人:高**** 文档编号:177250 上传时间:2024-05-25 格式:DOC 页数:7 大小:382.50KB
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资源描述

1、高考资源网() 您身边的高考专家1平面、的公共点多于两个,则;、至少有三个公共点;、至少有一条公共直线;、至多有一条公共直线以上四个判断中不成立的个数是_解析:由条件知,平面与重合或相交,重合时,公共直线多于一条,故错误;相交时不一定垂直,故错误答案:22设AA1是正方体的一条棱,这个正方体中与AA1平行的棱共有_条答案:33若空间中有两条直线,则“这两条直线为异面直线”是“这两条直线没有公共点”的_条件解析:若两直线为异面直线,则两直线无公共点,反之不一定成立答案:充分不必要4(2016北京模拟)设A,B,C,D是空间四个不同的点,在下列命题中,不正确的序号是_若AC与BD共面,则AD与BC

2、共面;若AC与BD是异面直线,则AD与BC是异面直线;若ABAC,DBDC,则ADBC;若ABAC,DBDC,则ADBC.解析:中,若AC与BD共面,则A,B,C,D四点共面,则AD与BC共面;中,若AC与BD是异面直线,则A,B,C,D四点不共面,则AD与BC是异面直线;中,若ABAC,DBDC,AD不一定等于BC;中,若ABAC,DBDC,可以证明ADBC.答案:5已知平面,P且P ,过点P的直线m与,分别交于A,C,过点P的直线n与,分别交于B,D,且PA6,AC9,PD8,则BD的长为_解析:如图1,因为ACBDP,图1所以经过直线AC与BD可确定平面PCD.因为,平面PCDAB,平面

3、PCDCD,所以ABCD.所以,即,所以BD.如图2,同理可证ABCD.图2所以,即,所以BD24.综上所述,BD或24.答案:或246如图,平行六面体ABCDA1B1C1D1中既与AB共面又与CC1共面的棱有_条解析:依题意,与AB和CC1都相交的棱有BC;与AB相交且与CC1平行的有棱AA1,BB1;与AB平行且与CC1相交的棱有CD,C1D1.故符合条件的有5条答案:57过正方体ABCDA1B1C1D1的顶点A作直线l,使l与棱AB,AD,AA1所成的角都相等,这样的直线l可以作_条解析:如图,连结对角线AC1,显然AC1与棱AB,AD,AA1所成的角都相等联想正方体的其他对角线,如连结

4、BD1,则BD1与棱BC,BA,BB1所成的角都相等,因为BB1AA1,BCAD,所以对角线BD1与棱AB,AD,AA1所成的角都相等,同理,对角线A1C,DB1也与棱AB,AD,AA1所成的角都相等,故这样的直线l可以作4条答案:48设a,b,c是空间的三条直线,下面给出三个命题:若ab,bc,则ac;若a,b是异面直线,b,c是异面直线,则a,c也是异面直线;若a和b相交,b和c相交,则a和c也相交其中真命题的个数是_解析:因为ab,bc,所以a与c可以相交、平行、异面,故错因为a,b异面,b,c异面,则a,c可能异面、相交、平行,故错由a,b相交,b,c相交,则a,c可以异面、相交、平行

5、,故错故真命题的个数为0.答案:09对于四面体ABCD,下列命题中:相对棱AB与CD所在直线异面;由顶点A作四面体的高,其垂足是BCD三条高线的交点;若分别作ABC和ABD的边AB上的高,则这两条高所在的直线异面其中正确的是_(填序号)解析:对于,由四面体的概念可知,AB与CD所在的直线为异面直线,故正确;对于,由顶点A作四面体的高,当四面体ABCD的对棱互相垂直时,其垂足是BCD的三条高线的交点,故错误;对于,当DADB,CACB时,这两条高线共面,故错误答案:10.一个正方体纸盒展开后如图所示,在原正方体纸盒中有如下结论:ABEF;AB与CM所成的角为60;EF与MN是异面直线;MNCD.

6、以上四个命题中,正确命题的序号是_解析:将展开图还原为正方体,如图所示,则ABEF,故正确;ABCM,故错误;EF与MN显然异面,故正确;MN与CD异面,故错误答案:11已知空间四边形ABCD中,E、H分别是边AB、AD的中点,F、G分别是边BC、CD的中点求证:EG与FH相交证明:如图,连结AC,BD,因为E、H、F、G分别为AB、AD、BC、CD的中点,所以EFAC,HGAC,因此EFHG;同理EHFG,则EFGH为平行四边形又EG、FH是平行四边形EFGH的对角线,所以EG与FH相交12.如图所示,正方体ABCDA1B1C1D1中,E、F分别是AB和AA1的中点求证:(1)E、C、D1、

7、F四点共面;(2)CE、D1F、DA三线共点证明:(1)连结EF,CD1,A1B.因为E、F分别是AB、AA1的中点,所以EFBA1.又A1BD1C,所以EFCD1,所以E、C、D1、F四点共面(2)因为EFCD1,EFCD1,所以CE与D1F必相交,设交点为P,则由PCE,CE平面ABCD,得P平面ABCD.同理P平面ADD1A1.又平面ABCD平面ADD1A1DA,所以P直线DA.所以CE、D1F、DA三线共点1设P表示一个点,a、b表示两条直线,、表示两个平面,给出下列四个命题,其中正确的命题序号是_Pa,Pa;abP,ba;ab,a,Pb,Pb;b,P,PPb;解析:当aP时,Pa,P

8、,但a,所以错;aP时,错;如图,因为ab,Pb,所以Pa,所以由直线a与点P确定唯一平面,又ab,由a与b确定唯一平面,但经过直线a与点P,所以与重合,所以b,故正确;两个平面的公共点必在其交线上,故正确答案:2(2016济南模拟)在正四棱锥VABCD中,异面直线VA与BD所成角的大小为_解析:如图,设ACBDO,连结VO,因为四棱锥VABCD是正四棱锥,所以VO平面ABCD,故BDVO.又四边形ABCD是正方形,所以BDAC,所以BD平面VAC,所以BDVA,即异面直线VA与BD所成角的大小为.答案:3如图,正方体ABCDA1B1C1D1的棱长为1,P为BC的中点,Q为线段CC1上的动点,

9、过点A,P,Q的平面截该正方体所得的截面记为S,则下列命题正确的是_(写出所有正确命题的编号)当0CQ时,S为四边形;当CQ时,S为等腰梯形;当CQ时,S与C1D1的交点R满足C1R;当CQ1时,S为六边形;当CQ1时,S的面积为.解析:过A作AMPQ交DD1或A1D1于M.当0CQ时,M在DD1上,连结MQ,则截面为AMQP,故正确当CQ时,M与D1重合,截面为AD1QP,显然为等腰梯形,正确当CQ时,M在A1D1上,且D1M.过M作MRAP交C1D1于R,则MD1RPBA,从而D1R,即C1R,故正确当CQ1时,截面为AMRQP,为五边形,即错误当CQ1时,M为A1D1的中点,截面AMC1

10、P为菱形,而AC1,PM,故面积为,正确答案:4设四面体的六条棱的长分别为1,1,1,1,和a,且长为a的棱与长为的棱异面,则a的取值范围是_解析:如图所示,AB,CDa,设点E为AB的中点,则EDAB,ECAB,则ED,同理EC.由构成三角形的条件知0aEDEC,所以0a.答案:(0,)5.如图,空间四边形ABCD中,E、F、G分别在AB、BC、CD上,且满足AEEBCFFB21,CGGD31,过E、F、G的平面交AD于点H.(1)求AHHD;(2)求证:EH、FG、BD三线共点解:(1)因为2,所以EFAC,所以EF平面ACD,而EF平面EFGH,平面EFGH平面ACDGH,所以EFGH,

11、所以ACGH.所以3.所以AHHD31.(2)证明:因为EFGH,且,所以EFGH,所以EFGH为梯形令EHFGP,则PEH,而EH平面ABD,又PFG,FG平面BCD,平面ABD平面BCDBD,所以PBD.所以EH、FG、BD三线共点6.如图,在四棱锥PABCD中,底面ABCD是矩形,PA底面ABCD,E是PC的中点已知AB2,AD2,PA2.求:(1)三角形PCD的面积;(2)异面直线BC与AE所成的角的大小解:(1)因为PA底面ABCD,所以PACD,又ADCD,PAADA,所以CD平面PAD,又因为PD平面PAD,所以CDPD.因为PD2,CD2,所以RtPCD的面积为222.(2)取PB的中点F,连结EF、AF,则EFBC,从而AEF(或其补角)是异面直线BC与AE所成的角易得AE2,在AEF中,由EF、AF、AE2知AEF是等腰直角三角形,所以AEF.因此,异面直线BC与AE所成的角的大小是.高考资源网版权所有,侵权必究!

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