1、四川省成都市树德中学2017届高三10月月考理综物理试题二、选择题：本大题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第1418题只有一项是符合题目要求，第1921题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分。有选错的得0分。14下列说法中正确的是（ ）A做曲线运动的物体，其加速度方向一定是变化的B伽利略对自由落体运动研究方法的核心是：把实验和逻辑推理（包括数学演算）结合起来，从而发展了人类的科学思维方式和科学研究方法C牛顿的三大运动定律是研究动力学问题的基石，牛顿的三大运动定律都能通过现代的实验手段直接验证D力的单位“N”是基本单位，加速度的单位“m/s2”是导出单位【答案
2、】B考点：考查了物理学史和研究方法【名师点睛】平时学习应该注意积累对物理学史的了解，知道前辈科学家们为探索物理规律而付出的艰辛努力，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一15如图所示，光滑的夹角为30的三角杆水平放置，两小球A、B分别穿在两个杆上，两球之间有一根轻绳连接两球，现在用力将小球B缓慢拉动，直到轻绳被拉直时，测出拉力F10 N，则此时关于两个小球受到的力的说法正确的是(小球重力不计)( )A小球A只受到杆对A的弹力B小球A受到的杆的弹力大小为20 NC此时绳子与穿有A球的杆垂直，绳子张力大小为D小球B受到杆的弹力大小为【答案】B考点：考查了共点力平衡条件的
3、应用【名师点睛】在处理共点力平衡问题时，关键是对物体进行受力分析，然后根据正交分解法将各个力分解成两个方向上的力，然后列式求解，如果物体受到三力处于平衡状态，则可根据矢量三角形法，将三个力移动到一个三角形中，然后根据角度列式求解，16如图，楔形物块A静置在水平地面上，其斜面粗糙，斜面上有小物块B。用平行于斜面的力F拉B，使之沿斜面匀速上滑。现改变力F的方向至与斜面成一定的角度，仍使物体B沿斜面匀速上滑。在B运动的过程中，楔形物块A始终保持静止。关于相互间作用力的描述正确的有AA对B的摩擦力减小 B拉力F一定增大C物体B对斜面的作用力不变 D地面受到的摩擦力大小可能变大【答案】A 考点：考查了共
4、点力平衡条件的应用【名师点睛】在解析力的动态平衡问题时，一般有两种方法，一种是根据受力分析，列出力和角度三角函数的关系式，根据角度变化进行分析解题，一种是几何三角形相似法，这种方法一般解决几个力都在变化的情况，列出力与三角形对应边的等式关系，进行解题分析17高铁专家正设想一种“遇站不停式匀速循环运行”列车，如襄阳随州武汉仙桃潜江荆州荆门襄阳，构成7站铁路圈，建两条靠近的铁路环线列车A以恒定速率360 km/h运行在一条铁路上，另一条铁路上有“伴驱列车”B，如其乘客甲想从襄阳站上车到潜江站，先在襄阳站登上B车，当A车快到襄阳站且距襄阳站路程为S处时，B车从静止开始做匀加速运动，当速度达到360
5、km/h时恰好遇到A车，两车连锁时打开乘客双向通道，A、B列车交换部分乘客，并连体运动一段时间再解锁分离，B车匀减速运动后停在随州站并卸客，A车上的乘客甲可以中途不停站直达潜江站则( )A无论B车匀加速的加速度值为多少，路程S是相同的B该乘客节约了五个站的减速、停车、提速时间C若B车匀加速的时间为1min，则S为4kmD若B车匀减速的加速度大小为5m/s2，则当B车停下时A车已距随州站路程为1km【答案】D考点：考查了运动学公式的应用【名师点睛】该题的关键是要抓住AB的运动状态，A一直是匀速直线运动，B经历匀加速，匀速，匀减速三个阶段，完成乘客的上车下车18将甲乙两小球先后以同样的速度在距地面
6、不同高度处竖直向上抛出，抛出时间间隔为2s，他们运动的V-t图像分别如直线甲、乙所示。则（ ）At=2s时，两球的高度差一定为40m Bt=4s时，两球相对于各自抛出点的位移相等C两球从抛出至落地到地面所用的时间间隔相等D甲球从抛出至达到最高点的时间间隔与乙球的不相等【答案】B【解析】试题分析：根据速度时间图象与时间轴所围的“面积”表示质点的位移，知t=2s时，甲球通过的位移为，乙的位移为零，两球位移之差等于40m，但两球初始的高度未知，故t=2s时两球的高度相差不一定为40m，故A错误；t=4s时，甲球相对于抛出点的位移为，乙球相对于抛出点的位移为，故两球相对于各自的抛出点的位移相等，故B正
7、确；两球从不同的高度以同样的速度竖直向上抛出，根据竖直上抛运动的规律，h是抛出点距地面的高度，可知两球从抛出至落到地面所用的时间间隔t不相等，故C错误；由图知，甲球从抛出至到达最高点的时间间隔与乙球相等，都是3s，故D错误考点：考查了竖直上抛运动【名师点睛】在速度时间图像中，需要掌握三点，一、速度的正负表示运动方向，看运动方向是否发生变化，只要考虑速度的正负是否发生变化，二、图像的斜率表示物体运动的加速度，三、图像与坐标轴围成的面积表示位移，在坐标轴上方表示正方向位移，在坐标轴下方表示负方向位移19如图所示，完全相同的磁铁A，B分别位于铁质车厢竖直面和水平面上，A，B与车厢间的动摩擦因数均为，
8、小车静止时，A恰好不下滑，现使小车加速运动，为保证A，B无滑动，则（ ）A加速度一定向右，不能超过(1+)gB加速度一定向左，不能超过gC速度向左，加速度可小于gD加速度一定向左，不能超过 (1+)g【答案】CD考点：考查了牛顿第二定律的应用【名师点睛】小车静止时，恰好不下滑，则重力等于最大静摩擦力，当小车加速时，根据弹力和吸引力的关系得出加速度的方向，对B分析，抓住B的最大静摩擦力求出加速度的最大值20三角形传送带以1m/s的速度逆时针匀速转动，两边的传送带长都是2m且与水平方向的夹角均为37现有两个小物块A、B从传送带底端都以4m/s的初速度冲上传送带，物块与传送带间的动摩擦因数都是0.5
9、，下列说法正确的是（ ）A物块A、B都能到达传送带顶端B两物块在传送带上运动的全过程中，物块A、B所受摩擦力一直阻碍物块A、B的运动C物块A上冲到与传送带速度相同的过程中，物块相对传送带运动的路程为1.25mD物块B在上冲过程中在传送带上留下的划痕长度为0.45m【答案】CD【解析】试题分析：对B分析：物块的速度开始大于传送带的速度，故物块相对传送带沿斜面向上运动，受到的摩擦力沿传送带向下，所以物块受到的合力沿传送带向下，做减速运动，加速度大小为，当物块速度减小到1m/s时，物块相对地面发生的位移为，所用时间为；由于，所以物块沿斜面向上减速到1m/s后摩擦力沿斜面向上，为动力，合力沿斜面向下，
10、减速到零的过程中，发生的位移为，所用的时间为此时B物块的总位移，之后由于，B开始向下加速运动，所以B不能达到传送带顶端，当过程中，摩擦力沿传送带向上，为动力，AB错误；A在上滑直至速度为零过程中，摩擦力恒沿传送带向下，故运动的加速度大小为，到速度为零的过程中，A相对地面发生的位移为，所用时间为，传送带此时向下运动了，而物块是向上运动的，物块A相对传送带运动的路程，然后A开始相对传送带下滑，速度小于传送带的速度，故受到的摩擦力方向仍向下，所以此时的加速度大小为，到与传送带速度相同时A相对地面发生的位移为，所用时间为，传送带相对地面的位移为，这个过程中两者都是向下运动，故相对位移为，故物块A上冲到
11、与传送带速度相同的过程中，物块相对传送带运动的路程为，C正确；B在上滑过程中与传送带速度相同过程中，两者发生的相对位移为，之后由于传送带的速度大于滑块的速度，所以物块与传送带之间的划痕将覆盖原来的划痕，这个过程中两者的相对位移为，所以两者将在原来的划痕上发生相对运动，不再有新的划痕，所以物块B在上冲过程中在传送带上留下的划痕长度为0.45m，D正确；考点：考查了牛顿第二定律，运动学公式【名师点睛】分析B重力沿斜面向下的分力与摩擦力的关系，判断B物体的运动规律，A所受的摩擦力沿斜面向下，向下做匀变速直线运动，结合牛顿第二定律和运动学公式分析运动时间关系及物块在传送带上的划痕长度 21如图甲所示，
12、一质量为M的长木板静置于光滑水平面上，其上放置一质量为m小滑块木板受到随时间t变化的水平拉力F作用时，用传感器测出长木板的加速度a与水平拉力F的关系如图乙所示，取g=10m/s2，则（ ）A当0F6N时，滑块与木板之间的摩擦力随F变化的函数关系f=2/3FB当F=8N时，滑块的加速度为1m/s2C滑块与木板之间的滑动摩擦因素为0.2D力随时间变化的函数关系一定可以表示为F=6t（N）【答案】AB【解析】试题分析：当时，加速度为：，对整体分析，由牛顿第二定律有：，代入数据解得：，当时，根据牛顿第二定律得：，知图线的斜率，解得：，滑块的质量为：当时两者相对静止，对m分析可得，联立可得，A正确；根据
13、的图线知，时，即：，代入数据解得：，所以，当时，长木板的加速度为：根据得：滑块的加速度为，B正确C错误；当M与m共同加速运动时，加速度相同，加速度与时间的关系为：力随时间变化的函数关系一定可以表示为，当后，发生相对滑动，表达式不是，D错误。考点：考查了牛顿第二定律的应用【名师点睛】本题考查牛顿第二定律与图象的综合，知道滑块和木板在不同拉力作用下的运动规律是解决本题的关键，掌握处理图象问题的一般方法，通常通过图线的斜率和截距入手分析第II卷（非选择题共174分）三、非选择题：包括必考题和选考题两部分。第22题第32题为必考题，每个试题考生都必须做答。第33题第40题为选考题，考生根据要求做答。（
14、一）必考题（共129分）22在“验证力的平行四边形定则”实验中：（1）若测某一分力时，弹簧秤的外壳与接触面发生了摩擦，这种操作，对实验结果 影响。（填“有”或“无”）（2）下列要求或做法正确的是_。A两根细绳必须等长B橡皮条应与两细绳夹角的平分线在同一直线上C两细绳套应适当长些，便于确定力的方向D用一个弹簧秤通过细绳拉橡皮条时，只需要记下弹簧秤的读数，用两个弹簧秤通过细绳拉橡皮条时，要记下两个弹簧秤的读数和两条细线的方向（3）有几位同学进一步做实验。先用两个弹簧秤一起把橡皮条的结点拉到位置O，用手按住结点；再改变其中一个弹簧秤的方位，使这个弹簧秤的拉力的大小和方向都跟原来不同。固定这个弹簧秤的
15、位置，松开结点，试着改变另一个弹簧秤的方位，来改变拉力的大小和方向，使结点回到原来的位置。下列说法正确的是_。A两个弹簧秤后来的拉力的合力跟它们原来的拉力的合力相同B两个弹簧秤后来的拉力的合力跟它们原来的拉力的方向相同大小不相等C另一个弹簧秤的方位是惟一的 D另一个弹簧秤的方位不是惟一的【答案】（1）无（2）C（3）A C（2）细线的作用是能显示出力的方向，所以不必须等长，故A错误；两细线拉橡皮条时，只要确保拉到同一点即可，不一定橡皮条要在两细线的夹角平分线上，故B错误；为了减小测量的误差，两根细绳应适当长些，故C正确一个弹簧秤通过细绳拉橡皮条时，不仅要记下弹簧秤的读数，也要记录方向，故D错误
16、；（3）结点不变，则力的作用效果不变，所以两个弹簧秤后来的拉力的合力跟它们原来的拉力的合力相同，固定一个弹簧秤的位置，即一个分力是不变的，合力不变，则另一个弹簧秤的方位是惟一的，故AC正确，BD错误考点：“验证力的平行四边形定则”实验【名师点睛】本实验采用的是“等效替代”的方法，即一个合力与几个分力共同作用的效果相同，可以互相替代，明确“理论值”和“实验值”的区别，注意实验的注意事项23为了探究质量一定时加速度与力的关系，一同学设计了如图所示的实验装置。其中M为带滑轮的小车的质量，m为砂和砂桶的质量。(滑轮质量不计)（1）实验时，一定要进行的操作是 。A用天平测出砂和砂桶的质量B将带滑轮的长木
17、板右端垫高，以平衡摩擦力C小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录弹簧测力计的示数D改变砂和砂桶的质量，打出几条纸带E为减小误差，实验中一定要保证砂和砂桶的质量m远小于小车的质量M（2）该同学在实验中得到如图所示的一条纸带（两计数点间还有两个点没有画出），已知打点计时器采用的是频率为50Hz的交流电，根据纸带可求出小车的加速度为 m/s2（结果保留两位有效数字）。 （3）以弹簧测力计的示数F为横坐标，加速度为纵坐标，画出的aF图像是一条直线，图线与横坐标的夹角为，求得图线的斜率为k，则小车的质量为 。【答案】（1）BCD （2）1.3（3）D【解析】（2）由于两计数点
18、间还有2个点没有画出，故单摆周期为0.06s，由可得：（3）对a-F图来说，图象的斜率表示小车质量的倒数，此题，弹簧测力计的示数，故小车质量为，D正确考点：探究质量一定时加速度与力的关系实验【名师点睛】解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项，小车质量不变时，加速度与拉力成正比，对a-F图来说，图象的斜率表示小车质量的倒数24如图所示，在倾角为37的斜坡上有一人，前方有一动物沿斜坡匀速向下奔跑，速度v=15m/s，在二者相距L=30m时，此人以速度v0水平抛出一石块，打击动物，人和动物都可看成质点（已知sin37=0.6，g=10m/s2）（1）若动物在斜坡上
19、被石块击中，求v0的大小；（2）若动物在斜坡末端时，动物离人的高度h=80m，此人以速度v1水平抛出一石块打击动物，同时动物开始沿水平面运动，动物速度v=15m/s，动物在水平面上被石块击中的情况下，求速度v1的大小。【答案】（1）（2）【解析】试题分析：（1）设过程中石块运动所需时间为t对于动物：运动的位移：对于石块：竖直方向：水平方向：代入数据，由以上三式可得：考点：考查了平抛运动规律的应用【名师点睛】在处理平抛运动时，关键是知道将平抛运动分解为水平方向上的匀速直线运动和竖直方向上的自由落体运动，两个运动具有等时性，即运动时间相同，然后列式求解25如图所示，斜面体固定在水平地面上，斜面光滑
20、，倾角为，斜面底端固定有与斜面垂直的挡板，木板下端离地面高，上端放着一个小物块。木板和小物块的质量均为m，相互间最大静摩擦力等于滑动摩擦力，大小为kmgsin(k1)，断开轻绳，木板和小物块一起沿斜面下滑假设木板足够长，与挡板发生碰撞时，时间极短，无动能损失，空气阻力不计求：（1）木板第一次与挡板碰撞后，沿斜面上升的过程中，小物块的加速度；（2）从断开轻绳到木板与挡板第二次碰撞的过程中，木板运动的路程s；（3）木板与挡板第二次碰撞时的速度；【答案】（1），方向沿斜面向上（2）（3）【解析】试题分析：（1）设木板第一次上升过程中，物块的加速度为物块受合力由牛顿第二定律 由得，方向沿斜面向上（2）
21、设以地面为零势能面，木板第一次与挡板碰撞时的速度大小为由机械能守恒，解得设木板弹起后的加速度，由牛顿第二定律 S板第一次弹起的最大路程 ，解得 木板运动的路程考点：考查了机械能守恒，牛顿第二定律，运动学公式的综合应用 【名师点睛】木板上升时，对物块受力分析，在沿斜面方向上由牛顿运动定律列式求解，便可求出物块的加速度此题要分段进行计算，第一段是木板开始下落直至第一次与挡板碰撞的过程，由几何关系可求出此过程的路程为，第二段是从第一次与挡板碰撞到第一次运动到最高点，第三段是从最高点下落到第二次与挡板碰撞，后两段路程相同可由牛顿运动定律和运动学公式求得（二）选考题：共45分。请考生从给出的3道物理题、
22、3道化学题、2道生物题中每科任选一题做答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目题号后的方框涂黑。注意所选题目的题号必须与所涂题目的题号一致，在答题卡选答区域指定位置答题。如果多做，则每学科按所做的第一题计分。33【物理选修3-3】（1）关于扩散现象，下列说法正确的是 （填正确答案标号，选对1个给2分，选对2个得4分，选对3个得5分，每选错1个扣3分，最低得分0分）A温度越高，扩散进行得越快B扩散现象是不同物质间的一种化学反应C扩散现象是由物质分子无规则运动产生的D扩散现象在气体、液体和固体中都能发生E液体中的扩散现象是由于液体的对流形成的【答案】ACD考点：考查了对扩散现象的理解【名师点睛】扩散现
23、象是分子的迁移现象从微观上分析是大量分子做无规则热运动时，分子之间发生相互碰撞的结果由于不同空间区域的分子密度分布不均匀，分子发生碰撞的情况也不同这种碰撞迫使密度大的区域的分子向密度小的区域转移，最后达到均匀的密度分布（2）如图，一粗细均匀的U形管竖直放置，A侧上端封闭，B侧上侧与大气相通，下端开口处开关K关闭，A侧空气柱的长度为l=100cm，B侧水银面比A侧的高h=30cm，现将开关K打开，从U形管中放出部分水银，当两侧的高度差为h1=100cm时，将开关K关闭，已知大气压强P0=750cmHg。求放出部分水银后A侧空气柱的长度此后再向B侧注入水银，使A、B两侧的水银达到同一高度，求注入水
24、银在管内的长度【答案】【解析】试题分析：以cmHg为压强单位设A侧空气柱长度时压强为p，当两侧的水银面的高度差为时，空气柱的长度为，压强为，由玻意耳定律，有：由力学平衡条件，有：打开开关放出水银的过程中，B侧水银面处的压强始终为，而A侧水银面处的压强随空气柱长度的增加逐渐减小，B、A两侧水银面的高度差也随着减小，直至B侧水银面低于A侧水银面为止，由力学平衡条件，有：联立，并代入题目数据，有：当A、B两侧的水银面达到同一高度时，设A侧空气柱的长度为，压强为，由玻意耳定律，有：考点：考查了理想气体状态方程的应用【名师点睛】本题中封闭气体经历两次等温过程，关键是找出初状态和末状态的气压和体积（长度）
25、关系，然后根据玻意耳定律列式求解，不难34【物理选修3-4】（1）由波源S形成的简谐横波在均匀介质中向左、右传播。波源振动的频率为20 Hz，波速为16 m/s。已知介质中P、Q两质点位于波源S的两侧，且P、Q和S的平衡位置在一条直线上，P、Q的平衡位置到S的平衡位置之间的距离分别为15.8 m、14.6 m，P、Q开始震动后，下列判断正确的是_。（填正确答案标号。选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。每选错1个扣3分，最低得分为0分）AP、Q两质点运动的方向始终相同BP、Q两质点运动的方向始终相反C当S恰好通过平衡位置时，P、Q两点也正好通过平衡位置D当S恰好通过平衡位置向上运动时
26、，P在波峰E当S恰好通过平衡位置向下运动时，Q在波峰【答案】BDE考点：考查了波长、频率和波速的关系；横波的图象【名师点睛】关于波的传播的相关计算，首先应注意其周期性，同时要注意波传播的方程的通式，尤其是对其不到一个波长的部分，要会通过该部分是波长的四分之一还是四分之三来判断质点的振动情况和位置关系同时要熟记两点与波源的距离之差若是半个波长的奇数倍，该两质点振动步调一致，若为半个波长的奇数倍，该两质点的振动步调相反对于此结论，在波的干涉中的加强和减弱的判断上也是用到的解答该类型的题，要习惯在草纸上画出对应的波形图，这样有利于对题的理解和分析（2）如图，玻璃球冠的折射率为，其底面镀银，底面的半径
27、是球半径的倍；在过球心O且垂直于底面的平面（纸面）内，有一与底面垂直的光线射到玻璃球冠上的M点，该光线的延长线恰好过底面边缘上的A点。求该光线从球面射出的方向相对于其初始入射方向的偏角。【答案】【解析】试题分析：设球半径为R，球冠地面中心为，连接，则令则：即已知MAAB，所以设图中N点为光线在球冠内地面上的反射点，光路图如图所示设光线在M点的入射角为i，折射角为r，在N点的入射角为，反射角为，玻璃的折射率为n由于为等边三角形，所以入射角由折射定律得：代入数据得：作N点的法线NE，由于NEMA，所以由反射定律得：连接ON，由几何关系可知，则由式可得所以为反射角，ON为反射光线由于这一反射光线垂直
28、球面，所以经球面再次折射后不改变方向所以，该光线从球面射出的方向相对于其初始入射方向的偏角为考点：考查了光的折射【名师点睛】解决光学问题的关键要掌握全反射的条件、折射定律、临界角公式、光速公式，运用几何知识结合解决这类问题35【物理选修3-5】（1）实物粒子和光都具有波粒二象性，下列事实中突出体现波动性的是 。（填正确答案标号，选对1个给2分，选对2个得4分，选对3个得5分，每选错1个扣3分，最低得分0分）A电子束通过双缝实验后可以形成干涉图样B射线在云室中穿过会留下清晰的径迹C人们利慢中子衍射来研究晶体的结构D人们利用电子显微镜观测物质的微观结构E光电效应实验中，光电子的最大初动能与入射光的
29、频率有关，与入射光的强度无关【答案】ACD考点：考查了光的波粒二象性【名师点睛】光电效应证明了光的粒子性，肥皂泡是彩色的，是由于光线在肥皂膜的表面发生干涉造成的证明了光具有波动性；实物粒子也具有波动性，但由于波长太小，我们无法直接观测到；相邻原子之间的距离大致与德布罗意波长相同故能发生明显的衍射现象，证明了光的波动性（2）滑块a、b沿水平面上同一条直线发生碰撞；碰撞后两者粘在一起运动；经过一段时间后，从光滑路段进入粗糙路段。两者的位置x随时间t变化的图像如图所示。求：滑块a、b的质量之比；整个运动过程中，两滑块克服摩擦力做的功与因碰撞而损失的机械能之比。【答案】【解析】试题分析：设a、b的质量分别为，a、b碰撞前地速度为由题给的图象得，a、b发生完全非弹性碰撞，碰撞后两滑块的共同速度为v由题给的图象得由动量守恒定律得联立式得由能量守恒得，两滑块因碰撞损失的机械能为由图象可知，两滑块最后停止运动，由动能定理得，两滑块克服摩擦力所做的功为联立式，并代入数据得考点：考查了动量守恒定律，能量守恒定律【名师点睛】本题是对动量守恒的考查，同时注意位移时间图象的含义，根据图象来计算速度的大小，利用能量的守恒来分析损失的能量的多少
