1、2021届吉林省通榆县第一中学高三物理周测训练二一.选择题(本题共14小题,1-9为单选题,10-14为多选题,每小题4分,计56分)1下列说法中正确的是()A由R可知，电阻与电压、电流都有关系B由R可知，电阻只与导体的长度和横截面积有关系C各种材料的电阻率都与温度有关，金属的电阻率随温度的升高而减小D所谓超导现象，就是当温度降低到接近绝对零度的某个临界温度时，导体的电阻率突然变为零的现象2.两根完全相同的金属裸导线，如果把其中的一根均匀拉长到原来的2倍，把另一根对折后绞合起来，然后给它们分别加上相同电压后，则在相同时间内通过它们的电荷量之比为()A14 B18 C116 D1613如图所示，
2、电源电动势为12 V，电源内阻为1.0 ，电路中的电阻R0为1.5 ，小型直流电动机M的内阻为0.5 ，闭合开关S后，电动机转动，电流表的示数为2.0 A则以下判断中正确的是()A电动机的输出功率为14 WB电动机两端的电压为7.0 VC电动机产生的热功率为4.0 WD电源输出的功率为24 W4一个电源接8 电阻时，通过电源的电流为0.15 A，接13 电阻时，通过电源的电流为0.10 A，则电源的电动势和内阻分别为()A2 V1.5 B1.5 V2 C2 V2 D1.5 V1.5 5.如图所示，已知电源电动势为6 V，内阻为1 ，保护电阻R00.5 ，则当电阻箱R读数为多少时，保护电阻R0消
3、耗的电功率最大，且这个最大值为()A1 4 W B1 8 WC0 8 W D0.5 8 W6.如图直线A为某电源的UI图线，曲线B为某小灯泡L1的UI图线的一部分，用该电源和小灯泡L1串联起来组成闭合回路时灯泡L1恰能正常发光，则下列说法中正确的是() A此电源的内电阻为 B灯泡L1的额定电压为3 V，额定功率为6 WC把灯泡L1换成阻值恒为1 的纯电阻，电源的输出功率将变小D由于小灯泡L1的UI图线是一条曲线，所以灯泡发光过程中欧姆定律不适用7.在如图所示的电路中，闭合开关S后，L1、L2两灯泡都正常发光，后来由于某种故障使L2突然变亮，电压表读数减小，由此推断，该故障可能是() A.L1灯
4、丝烧断 B电阻R2断路C电阻R2短路 D电容器被击穿短路8在如图所示的电路中，闭合开关S，将滑动变阻器滑片P缓慢向右移动，则() A灯泡L变暗B电源内部消耗的功率先变大后变小C电容器C上的电荷量增加D流过R1的电流方向由左向右9硅光电池是一种太阳能电池，具有低碳环保的优点如图所示，图线a是该电池在某光照强度下路端电压U和电流I的关系图线(电池内阻不是常数)，图线b是某电阻R的UI图线在该光照强度下将它们组成闭合回路时，硅光电池的内阻为() A8.0 B10 C12 D12.5 10如图所示，把四个相同的灯泡接成甲、乙两种电路后，灯泡都正常发光，且两个电路的总功率相等则下列对这两个电路中的U甲、
5、U乙、R甲、R乙之间的关系的说法正确的是()AU甲2U乙 BU甲2U乙CR甲4R乙 DR甲2R乙11某一导体的伏安特性曲线如图中AB段(曲线)所示，关于导体的电阻，以下说法正确的是()A导体在B点的电阻为120 B导体在B点的电阻为40 C导体的电阻因温度的影响改变了1 D导体的电阻因温度的影响改变了10 12. (多选)在如图甲所示的电路中，L1、L2、L3为三个相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示当开关S闭合后，电路中的总电流为0.25 A，则此时()AL1两端的电压为L2两端电压的2倍BL1消耗的电功率为0.75 WCL2的电阻为12 DL1、L2消耗的电功率的比值大于4
6、13(多选)如图所示的电路，L1、L2、L3是3只小电灯，R是滑动变阻器，开始时，它的滑片P位于中点位置当S闭合时，3只小电灯都发光现使滑动变阻器的滑片P向右移动时，则小电灯L1、L2、L3的变化情况() AL1变亮BL2变亮CL3变暗DL1、L2、L3均变亮14. (多选)如图所示，电源电动势为E，内阻为r.电路中的R2、R3分别为总阻值一定的滑动变阻器，R0为定值电阻，R1为光敏电阻(其电阻随光照强度增大而减小)当开关S闭合时，电容器中一带电微粒恰好处于静止状态下列说法中正确的是() A只逐渐增大对R1的光照强度时，电阻R0消耗的电功率增大，电阻R3中有向上的电流B只调节电阻R3的滑动端P
7、2向上端移动时，电源消耗的电功率变大，电阻R3中有向上的电流C只调节电阻R2的滑动端P1向下端移动时，电压表示数变大，带电微粒向下运动D若断开开关S，带电微粒向下运动二、实验题(本题2 小题,18分)15(2018天津高考)某同学用伏安法测定待测电阻Rx的阻值(约为10 k)，除了Rx、开关S、导线外，还有下列器材供选用：A电压表(量程01 V，内阻约10 k)B电压表(量程010 V，内阻约100 k)C电流表(量程01 mA，内阻约30 )D电流表(量程00.6 A，内阻约0.05 )E电源(电动势1.5 V，额定电流0.5 A，内阻不计)F电源(电动势12 V，额定电流2 A，内阻不计)
8、G滑动变阻器R0(阻值范围010 ，额定电流2 A)(1)为使测量尽量准确，电压表选用_，电流表选用_，电源选用_。(均填器材的字母代号)(2)画出测量Rx阻值的实验电路图。(3)该同学选择器材、连接电路和操作均正确，从实验原理上看，待测电阻测量值会_其真实值(选填“大于”“小于”或“等于”)，原因是_。16如图所示为某兴趣小组测量电池组的电动势和内阻的实验原理图，已知电池组的电动势约为3 V，内阻约为2 。现提供的器材如下：A电池组B电压表V1(量程010 V，内阻约为10 000 )C电压表V2(量程03 V，内阻约为3 000 )D电阻箱R(099.9 )E定值电阻R120 F定值电阻R
9、21 000 G开关和导线若干(1)如果要准确测量电源的电动势和内阻，电压表V应选择_(选填“B”或“C”)；定值电阻R0应选择_(选填“E”或“F”)。(2)改变电阻箱的阻值R，记录对应电压表的读数U，作出的 图象如图所示，图线与横、纵坐标轴的截距分别为b、a，定值电阻的阻值用R0表示，则可得该电池组的电动势为_，内阻为_(用字母表示)。(3)该实验测得的电动势与真实值相比_(选填“偏大”“偏小”或“不变”)，内阻的测量值与真实值相比_(选填“偏大”“偏小”或“不变”)。三、计算题(本题共3小题，共26分解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算
10、的题，答案中必须明确写出数值和单位)17(8分)某电流表内阻Rg为200 ，满偏电流Ig为2 mA，如图甲、乙改装成量程为0.1 A和1 A的电流表，试求 甲乙(1)图甲中，R1和R2各为多少？(2)图乙中，R3和R4各为多少？(3)从安全角度分析，哪种改装方法较好？118(8分)如图所示是欧姆表的原理示意图，其中，电流表的满偏电流为300 A，电阻Rg100 ，调零电阻最大值R50 k，串联的定值电阻R050 ，电源电动势E1.5 V，当电流是满偏电流的二分之一时，用它测得的电阻Rx是多少？19(10分)如图所示，电路中接一电动势为4 V、内阻为2 的直流电源电阻R1、R2、R3、R4的阻值
11、均为4 ，电容器的电容为30 F，电流表的内阻不计，当电路稳定后，求：(1)电流表的读数；(2)电容器所带的电荷量；(3)如果断开电源，通过R2的电荷量恒定电流训练二参考答案1.DR是电阻的定义式，R与电压和电流无关，故A错误；而R是电阻的决定式，即电阻与、l、S都有关系，故B错误；电阻率都与温度有关，金属的电阻率随温度的升高而增大，故C错误；当温度降低到接近绝对零度的某个临界温度时，导体的电阻率突然变为零的现象叫超导现象，故D正确2.C对于第一根导线，均匀拉长到原来的2倍，则其横截面积必然变为原来的，由电阻定律可得其电阻变为原来的4倍，第二根导线对折后，长度变为原来的，横截面积变为原来的2倍
12、，故其电阻变为原来的.给上述变化后的裸导线加上相同的电压，由欧姆定律得：I1，I2，由I可知，在相同时间内，电荷量之比q1q2I1I2116. 3.B由题意得电动机两端的电压UEI(R0r)7 V，则电动机的输入功率PUI14 W热功率P热I2RM2 W，则输出功率P出PP热12 W电源的输出功率PEII2r20 W，故B正确，A、C、D错误 4答案B5.C保护电阻消耗的功率为P0，因R0和r是常量，而R是变量，所以R最小时，P0最大，即R0时，P0max W8 W故选项C正确6.B由图象知，电源的内阻为r 0.5 ，A错误；因为灯L1正常发光，故灯L1的额定电压为3 V，额定功率为PUI32
13、 W6 W，B正确；正常工作时，灯L1的电阻为R11.5 ，换成R21 的纯电阻后，该电阻更接近电源内阻r，故电源的输出功率将变大，C错误；小灯泡是纯电阻，适用欧姆定律，其UI图线是一条曲线的原因是灯泡的电阻随温度的变化而发生变化7.D若L1灯丝烧断，则总电阻增大，总电流减小，L2两端电压减小，L2变暗，选项A错误；若R2断路，则总电阻增大，电压表读数增大，总电流减小，L1与R1并联部分两端的电压减小，故L2两端的电压增大，L2变亮，选项B错误；若电阻R2短路，则通过L2的电流为零，L2不亮，选项C错误；若电容器被击穿短路，则电路总电阻减小，路端电压减小，总电流增大，L2变亮，选项D正确8.D
14、滑片右移，接入电路的电阻减小，由闭合电路欧姆定律可知，总电流增大，故灯泡L变亮，A项错；电源内部消耗的电功率PI2r，随电流的增大，电源内部消耗功率一直变大，B项错；由UIR可知，灯泡两端电压和电源内电压均增大，所以滑动变阻器两端电压减小，故与之并联的电容器两端电压减小，由QCU可知，电容器C上的电荷量减小，C项错；电容器带电荷量减少，故电容器处于放电状态，流过R1的电流方向由左向右，D项正确9.A由闭合电路欧姆定律得UEIr，当I0时，EU，由图线a与纵轴的交点读出电动势为E3.6 V根据两图线交点处的状态可知，电阻两端的电压为2 V，则内阻r 8.0 ，故A正确10.BC设灯泡的电阻为R，
15、正常发光时电流为I，电压为U，由于两个电路的总功率相等，PU甲IU乙2I，得U甲2U乙；又由U甲2UIR甲，U乙U2IR乙，得R甲4R乙，故正确答案为B、C.11.BD根据电阻的定义式可以求出A、B两点的电阻分别为RA 30 ，RB 40 ，所以RRBRA10 ，故B、D对，A、C错12.BD电路中的总电流为0.25 A，L1中电流为0.25 A，由小灯泡的伏安特性曲线可知L1两端的电压为3.0 V，L1消耗的电功率为P1U1I10.75 W，选项B正确；根据并联电路规律可知，L2中的电流为0.125 A，由小灯泡的伏安特性曲线可知其两端电压大约为0.3 V，故L1两端的电压约为L2两端电压的
16、10倍，选项A错误；由欧姆定律可知，L2的电阻为R2 2.4 ，选项C错误；L2消耗的电功率为P2U2I20.30.125 W0.037 5 W，即L1、L2消耗的电功率的比值大于4，选项D正确13.BC当滑动变阻器的滑片向右移动时，变阻器的有效电阻变大，导致外电路的总电阻增大，由闭合电路的欧姆定律I知，总电流I总减小，路端电压U路EI总r将增大，因此，通过L1灯的电流IL1变小，L1灯变暗；U路UL1UL2，得L2灯两端的电压变大，L2灯变亮而IL1IL2IL3，通过L1灯的电流IL1变小，通过L2灯的电流IL2变大，则通过L3灯的电流IL3变小，L3灯变暗由以上分析可知，选项B、C正确14
17、.AD当逐渐增大光照强度时，光敏电阻R1的阻值减小，依据“串反并同”可知电流I增大，则PR0增大，UC增大，QCCUC增大，即电容器充电，R3中有向上的电流，A正确；当P2向上移动时，UC不变，R3中没有电流，故B错误；当P1向下移动时，I不变，但UC变大，EC变大，电场力FC变大，微粒向上运动，故C错误；若断开开关S，电容器放电，UC降为0，则微粒只受重力作用而向下运动，故D正确15.答案(1)BCF(2)如图所不(3)大于电压表的读数大于待测电阻两端实际电压解析若选用电动势为1.5 V的电源，则实验中电流最大值仅为0.15 mA，两个电流表均无法准确测量，故选用电动势为12 V的电源F；此
18、时，实验中最大电流约为1.2 mA，故电流表选用C；电压表选用B。 由于滑动变阻器的最大阻值远小于待测电阻的阻值，所以滑动变阻器采用分压式接法；待测电阻的阻值远大于电流表内阻，所以电流表内接。 由于电流表的分压作用，电阻测量值偏大，所以电阻测量值大于其真实值。16.答案(1)CE(2)R0(3)偏小偏小 解析(1)电压表V1的量程太大，使得电压表指针的偏角太小，测量误差太大，R21 000 的定值电阻太大，使得电压表指针的偏角太小，且在改变电阻箱阻值时，电压表的示数变化不明显，故电压表选择C，定值电阻选择E。(2)由闭合电路欧姆定律得UE(rR0)，化简得，则有k，a，解得E，rR0。(3)考
19、虑到电压表的分流作用，则有EU(rR0)，变形得，纵轴截距变大，为，计算时依然用求解E和r，则求得的值均偏小。17.答案(1)4.08 0.4 (2)0.41 3.67 解析(1)按图甲接法，由并联电路中电流跟电阻成反比，可得R1Rg200 4.08 ，R2Rg200 0.4 。(2)按图乙接法，量程为1 A时，R4和Rg串联后与R3并联；量程为0.1 A时，R3和R4串联后与Rg并联，分别得Ig(RgR4)(1Ig)R3IgRg(0.1Ig)(R3R4)解得R30.41 ，R43.67 。(3)乙图接法较好。甲图中，若开关S接触不良而没有接通，或换量程的过程中，电流将全部流经表头，可能把表头烧坏。18.答案5 000 解析当电流表满偏时有Ig其中R内为欧姆表的内阻，所以有R内 5 000 用它测量电阻Rx时，当指针指在表盘中央时有Ig解得RxR内5 000 故测得的电阻Rx是5 000 .19.答案：(1)0.4 A(2)4.8105 C(3)2.4105C解析：(1)R1、R2被短路，由闭合电路欧姆定律得I0.4 A.(2)电容器两端的电压UIR31.6 V电容器所带的电荷量QCU4.8105 C.(3)断开电源后，电容器通过电阻R1、R2、R3进行放电由于R1、R2并联后与R3串联，故通过R2的电荷量为电容器带电荷量的一半，即Q2.4105C.
