1、带电粒子在电场中的运动(时间：40分钟分值：100分)一、选择题(本题共6小题，每小题6分，共36分)1带电荷量为q的粒子，以初动能Ek从两平行金属板的正中央沿垂直于电场线的方向进入在这两板间存在的匀强电场中，恰从带负电的金属板的边缘飞出来，且飞出时的动能变为2Ek，则金属板间的电压为()ABC DB该两板间的电压为U，由动能定理得：qEk末Ek初2EkEkEk，故U，B正确。2.如图所示，在P板附近有一电子由静止开始向Q板运动，则关于电子到达Q时的速率与哪些因素有关，下列解释正确的是()A两极板间的距离越大，加速的时间就越长，则获得的速率越大B两极板间的距离越小，加速的时间就越短，则获得的速
2、率越小C两极板间的距离越小，加速度就越大，则获得的速率越大D与两极板间的距离无关，仅与加速电压U有关D由动能定理得eUmv2，当两极板间的距离变化时，U不变，v就不变，与d无关，A、B、C错误，D正确。3.喷墨打印机的简化模型如图所示。重力可忽略的墨汁微滴，经带电室带负电后，以速度v垂直于匀强电场飞入极板间，最终打在纸上，则微滴在极板间电场中()A向负极板偏转B电势能逐渐增大C运动轨迹是抛物线D运动轨迹与带电荷量无关C由于微滴带负电，其所受电场力指向正极板，故微滴在电场中向正极板偏转，A项错误。微滴在电场中所受电场力做正功，电势能减小，B项错误。由于极板间电场是匀强电场，电场力不变，故微滴在电
3、场中做匀变速曲线运动，并且轨迹为抛物线，C项正确。微粒所带电荷量影响电场力及其加速度大小，运动轨迹与加速度大小有关，故D项错误。4.如图所示，a、b两个带正电的粒子以相同的速度先后垂直于电场线从同一点进入平行板间的匀强电场，a粒子打在B板的a点，b粒子打在B板的b点，若不计重力，则()Aa的电荷量一定大于b的电荷量Bb的质量一定大于a的质量Ca的比荷一定大于b的比荷Db的比荷一定大于a的比荷C粒子在电场中做类平抛运动，有h，得xv0，由v0。5(多选)一台正常工作的示波管，突然发现荧光屏上画面的高度缩小，则产生故障的原因可能是()A加速电压偏大B加速电压偏小C偏转电压偏大 D偏转电压偏小AD画
4、面高度缩小，说明电子从偏转电场射出时偏转角减小，由qU0mv，tan ，得tan ，则引起变小的原因可能是加速电压U0偏大或偏转电压U1偏小，A、D正确。6如图所示，两极板与电源相连接，电子从负极板边缘垂直电场方向射入匀强电场，且恰好从正极板边缘飞出，现在使电子入射速度变为原来的两倍，而电子仍从原位置射入，且仍从正极板边缘飞出，则两极板的间距应变为原来的()A2倍 B4倍C DC电子在两极板间做类平抛运动，水平方向lv0t，t，竖直方向dat2，故d2，即d，故C正确。二、非选择题(14分)7.如图所示，长为L的平行金属板水平放置，两极板带等量的异种电荷，板间形成匀强电场，一个电荷量为q、质量
5、为m的带电粒子以初速度v0紧贴上板垂直于电场线的方向进入该电场，而后刚好从下板边缘射出，射出时其末速度恰与下板的夹角30，不计粒子重力，求：(1)粒子的末速度大小；(2)匀强电场的场强大小；(3)两板间的距离。解析(1)粒子在平行金属板间做类平抛运动，把射出极板的速度分解，如图所示，则粒子的末速度vv0。(2)竖直分速度vyv0tan 30v0由牛顿第二定律得qEma由类平抛运动规律得Lv0t，vyat，解得E。(3)由类平抛运动规律得tan 30，解得d。答案(1)(2)(3)一、选择题(本题共4小题，每小题6分，共24分)1一束正离子以相同的速率从同一位置，沿垂直于电场方向飞入匀强电场中，
6、所有离子的运动轨迹都是一样的，这说明所有粒子()A都具有相同的质量 B都具有相同的电荷量C具有相同的荷质比 D都是同一元素的同位素C由偏转距离y可知，若运动轨迹相同，则水平位移相同，偏转距离y也应相同，已知E、l、v0是相同的，所以应有相同。2如图所示，质量相等的两个带电液滴1和2从水平方向的匀强电场中O点自由释放后，分别抵达B、C两点，若ABBC，则它们带电荷量之比q1q2等于()A12 B21C1 D1B竖直方向有hgt2，水平方向有lt2，联立可得q，所以有，B对。3(多选)有三个质量相等，分别带正电、负电和不带电的油滴，从极板左侧中央以相同的水平初速度v先后垂直电场射入，分别落到极板A
7、、B、C处，如图所示，则()A油滴A带正电，B不带电，C带负电B三个油滴在电场中运动时间相等C三个油滴在电场中运动的加速度aAaBaCD三个油滴到达极板时动能EkAEkBEkCACD三个微粒的初速度相等，水平位移xAxBxC，根据水平方向上做匀速直线运动，所以由公式xvt得tAtBtC。三个微粒在竖直方向上的位移相等，根据yat2，知aAaBaC。从而得知B仅受重力，A所受的电场力向上，C所受的电场力向下，所以B不带电，A带正电，C带负电，故A、C正确，B错误；根据动能定理，三个微粒重力做功相等，电场力对A做负功，电场力对C做正功，所以C的动能变化量最大，A动能变化量最小，初动能相等，所以三个
8、微粒到达极板时的动能EkAEkBEkC，故D正确。4图(a)为示波管的原理图。如果在电极YY之间所加的电压按图(b)所示的规律变化，在电极XX之间所加的电压按图(c)所示的规律变化，则在荧光屏上会看到的图形是()(a)(b) (c)AB CDB在示波管中，若fYfX，呈现一个完整波形；若fY2fX，则呈现两个波形，即呈现波形的个数n。本题中，在t0时刻UX负值最大，所以在x方向上向负半轴偏转的电子离原点最远，而UY0，在y轴没有偏转，A、C错误。由UY的变化知，以后的粒子向y轴正方向偏转，所以B正确，D错误。二、非选择题(本题共2小题，共26分)5(12分)一个质量为m、电荷量为q的带电粒子以
9、平行于两极板的速度v0进入匀强电场，如图所示。如果两极板间电压为U，两极板间的距离为d、板长为L。设粒子束不会击中极板，求粒子从进入电场到飞出极板时电势能的变化量。(粒子的重力忽略不计)解析水平方向匀速运动，则运动时间t竖直方向加速运动，则偏移距离yat2且a由得y则电场力做功WqEyq由功能关系得电势能减少了。答案电势能减少了6(14分)如图所示是一个示波管工作原理图，电子经电压U14.5103 V加速后以速度v0沿两极板的中线进入电压U2180 V，间距为d1.0 cm，板长l5 cm的平行金属板组成的偏转电场，离开电场后打在距离偏转电场s10 cm的屏幕上的P点，(e1.61019 C，
10、m0.91030 kg)求：(1)电子进入偏转电场时的速度v0；(2)射出偏转电场时速度的偏角tan ；(3)打在屏幕上的侧移位移OP。解析(1)电子在加速电场中加速，由动能定理得：eU1mv0代入数据解得：v04107 m/s。(2)电子在偏转电场中做类平抛运动，在水平方向：lv0t1，在竖直方向上由牛顿第二定律得：a沿电场方向的速度：vyat1设射出偏转电场时速度的偏角为，则tan 代入数据解得：tan 0.1。(3)飞出电场时偏转量为：y1at代入数据解得：y10.25 cm，电子从偏转场穿出时，沿y方向的速度为vy，穿出后到达屏所经历的时间为t2，在此时间内电子在y方向移动的距离为y2，则运动时间：t2竖直位移：y2vyt2故电子到达屏上时，它离O点的距离：yy1y2代入数据解得：y1.25 cm。答案(1)v04107 m/s(2)tan 0.1(3)1.25 cm
