1、东北三省三校2020届高三数学第一次联合模拟考试试题 理（含解析）一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分.在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求.1.已知集合，则（ ）A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】化简集合,即可求出.【详解】由题意得，B中，故选B.【点睛】本题考查集合间的运算,属于基础题.2.设：，：，若是的必要不充分条件，则实数的取值范围是（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】解不等式，求出命题,成立的解集,把是的必要不充分条件转化为解集间的集合关系，即可求出实数的取值范围.【详解】由不等式，解得，由得，是的必要不充分条件，可知,所以
2、，故实数的取值范围是.故选C.【点睛】本题考查命题的必要不充分条件,转化为集合间真子集关系,属于基础题3.已知向量 ，若，则实数（ ）A. B. 5C. 4D. 【答案】A【解析】【分析】先由题意，得到，再根据向量垂直，即可列出方程求解，得出结果.【详解】因为，所以，又，所以，即，解得：.故选：A【点睛】本题主要考查由向量垂直求参数，熟记向量数量积的坐标运算即可，属于常考题型.4.若是三角形的一个内角，且，则（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】根据已知条件,求出,再利用诱导公式化简所求式子,即可得出结果.【详解】，又，.故选C.【点睛】本题考查同角间的三角函数关系,以及诱导
3、公式,属于基础题.5.曲线在点处的切线与直线平行，则（ ）A. B. C. 1D. 2【答案】A【解析】【分析】求出，即为切线的斜率，可求出.【详解】因为，所以，因此，曲线在处的切线斜率为，又该切线与直线平行，所以，.故选A.【点睛】本题考查导数的几何意义,属于基础题.6.等比数列的前项和为，公比为，若，则（ ）A. 50B. 100C. 146D. 128【答案】C【解析】【分析】根据已知条件，先求出，再应用等比数列前项和为的性质，即可求出结果.【详解】由题意得，根据等比数列的性质可知，构成等比数列，故，故.故选C.【点睛】本题考查等比数列前项和的性质，对等比数列的性质的熟练掌握是解题的关键
4、，属于基础题.7.已知函数，设，则（ ）A. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】先判断的奇偶性，再证明单调性，判断出对应自变量的大小关系，利用单调性比，即可得出答案.【详解】，函数是奇函数，当时，易得为增函数，故在上单调递增，.故选D【点睛】本题考查函数的奇偶性，单调性及单调性的应用，困难在于要想到证明函数奇偶性，属于中档题.8.关于函数，下列说法错误的是（ ）A. 是奇函数B. 是周期函数C. 有零点D. 在上单调递增【答案】B【解析】【分析】根据奇偶性定义可判断选项A正确；依据周期性定义，选项B错误；，选项C正确；求，判断选项D正确.详解】，则为奇函数，故A正确；根据周期的定义，
5、可知它一定不是周期函数，故B错误；因为，在上有零点，故C正确；由于，故在上单调递增，故D正确.故选B.【点睛】本题考查函数的性质，涉及到奇偶性、单调性、周期性、零点，属于基础题.9.已知偶函数的图象经过点，且当时，不等式恒成立，则使得成立的的取值范围为（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】先由题意，得到点也在函数图象上，函数在上为减函数，将不等式化为，根据函数单调性，即可得出结果.【详解】根据题意，为偶函数， 且经过点，则点也在函数图象上，又当时，不等式恒成立，则函数在上为减函数，因为，所以解得或.故选：C【点睛】本题主要考查由函数单调性与奇偶性解不等式，熟记函数奇偶性与单调
6、性的概念即可，属于常考题型.10.已知实数，满足不等式组，目标函数的最大值是（ ）A. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】作出可行域，利用目标函数的几何意义，即可求出目标函数最大值.【详解】不等式组所表示的平面区域如图所示：表示过可行域内的点与点的直线的斜率的最大值，由，解得，这时，故目标函数的最大值是.故选D.【点睛】本题考查非线性目标函数最优解，对目标函数的几何意义理解是解题的关键，属于基础题.11.的内角，的对边为，若，且的面积为，则的最大值为（ ）A. 1B. 2C. 3D. 4【答案】D【解析】【分析】根据余弦定理，以及题中三角形的面积，得到，求出，再由，结合基本不等式，即
7、可求出结果.【详解】由余弦定理可得：，又，因此，故.所以，即，即，当且仅当时，等号成立，故的最大值为4. 故选：D【点睛】本题主要考查解三角形，以及基本不等式求最值，熟记余弦定理，三角形面积公式，以及基本不等式即可，属于常考题型.12.已知函数，令函数，若函数有两个不同零点，则实数的取值范围是（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】构造新函数，问题转化为与有两个交点，作出，利用数学结合思想，即可求得结果.【详解】令，当时，函数，由得得，得，由得得，得，当值趋向于正无穷大时，值也趋向于负无穷大，即当时，函数取得极大值，极大值为，当时，是二次函数，在轴处取得最大值，作出函数的图象如
8、图：要使（为常数）有两个不相等的实根，则或，即若函数有两个不同零点，实数的取值范围是故选C.【点睛】本题考查函数的零点，构造新函数，转化为两个函数的交点，考查数行结合思想，作出函数图像是解题的关键，属于较难题.二、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分.13.若是偶函数，当时，则=._.【答案】1【解析】【分析】根据偶函数的性质，以及题中条件，结合对数运算，可直接得出结果.【详解】因为时，且函数是偶函数，所以.故答案为：【点睛】本题主要考查由函数奇偶性求函数值，熟记偶函数性质，以及对数运算法则即可，属于基础题型.14.若关于的不等式的解集是，则_.【答案】或【解析】【分析】先由题意得到关于
9、的方程的两根分别是和，进而可求出结果.【详解】因为关于的不等式的解集是，所以关于的方程的两根分别是和，所以有，解得：或.故答案为：或【点睛】本题主要考查由不等式的解集求参数，熟记三个二次之间关系即可，属于常考题型.15.设为所在平面内一点，若，则=_.【答案】【解析】【分析】先由题意，作出图形，根据平面向量的基本定理，得到，再由题意确定的值，即可得出结果.【详解】如图所示，由，可知，、三点在同一 直线上，图形如右:根据题意及图形，可得: ，解得: ，则故答案为：【点睛】本题主要考查由平面向量基本定理求参数，熟记平面向量的基本定理即可，属于常考题型.16.下列命题中：已知函数的定义域为，则函数的
10、定义域为；若集合中只有一个元素，则；函数在上是增函数；方程的实根的个数是1.所有正确命题的序号是_（请将所有正确命题的序号都填上）.【答案】【解析】【分析】对于根据复合函数与函数自变量的关系，即可判断为正确；对于等价于方程有等根，故，求出的值为正确；对于对于，可化为反比例函数，根据比例系数，可判断为正确；对于，作出，的图象，根据图像判断两函数有两个交点，故不正确.【详解】对于，因为函数的定义域为，即，故的定义域应该是，故正确；对于，故，故正确；对于，的图象由反比例函数向右平移个单位，故其单调性与函数单调性相同，故可判定在上是增函数，正确；对于，在同一坐标系中作出，的图象，由图可知有两个交点.故
11、方程的实根的个数为2，故错误.故答案为.【点睛】本题考查复合函数的定义域、函数的单调性、集合的元素、方程零点问题，要求全面掌握函数的性质，较为综合.三、解答题：共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.第1721题为必考题，每个试题考生都必须作答.第2223题为选考题，考生根据要求作答.（一）必考题：共60分.17.已知命题，不等式恒成立；命题:函数，；(1)若命题为真，求的取值范围；(2)若命题是真命题，求实数的取值范围.【答案】(1)；（2）.【解析】【分析】（1）根据为真，得到时，即可，根据函数单调性，求出的最小值，进而可求出结果；（2）若为真命题，根据题意得到，由函数单调性，求
12、出在上的最大值，进而可求出结果.【详解】(1) 若为真，即，不等式恒成立;只需时，即可，易知：函数在递减，所以的最小值为，因此. (2)若为真命题，则，易知：在上单调递减，所以；因此，故或，因为命题是真命题，所以，均为真命题，故满足或解得：，因此实数的取值范围是.【点睛】本题主要考查由命题的真假求参数，以及由复合命题真假求参数，根据转化与化归的思想即可求解 ，属于常考题型.18.已知函数(1)求函数的最小正周期和单调递减区间；(2)求函数在区间上的最小值，并求出取得最值时的值.【答案】(1),；(2) 最小值为， .【解析】【分析】（1）先将函数解析式化简整理，得到，根据正弦函数的周期与单调区
13、间求解，即可得出结果；（2）由得，根据正弦函数的性质，即可得出结果.【详解】(1)因为所以函数的最小正周期为.由，得故函数的单调递减区间为. (2)因为，所以当即时，所以函数在区间上的最小值为，此时.【点睛】本题主要考查求正弦型函数的周期，单调区间，以及最值，熟记正弦函数的性质即可，属于常考题型.19.已知二次函数满足，且0为函数的零点.（1）求的解析式；（2）当时，不等式恒成立，求实数的取值范围.【答案】（1） （2）【解析】【分析】（1）根据已知条件可得对称轴方程，结合，即可求出;（2）从不等式中分离，不等式恒成立转为与函数的最值关系，即可求出结果.【详解】（1）设，由题意可知，得到，即得
14、到，又因为0是函数的零点，即0是方程的根，即满足，得，又，.（2）当时，恒成立，即恒成立；令，则，.【点睛】本题考查用待定系数法求解析式，考查不等式恒成立问题，转化为函数的最值问题，属于中档题题.20.已知数列是等差数列，数列的前项和为，且.（1）求数列、的通项公式；（2）记中，求数列的前项和.【答案】（1）， （2）【解析】【分析】对于根据已知条件求出公差，即可求得通项；对于利用已知前项和与通项关系，可求得通项；（2）根据的通项公式，用裂项相消法，可求出的前项和.详解】（1）由已知得，解得，所以，当时，两式相减得,以2为首项公比为2的等比数列，.（2）由（1）知，所以.【点睛】本题考查等差、
15、等比数列的通项，考查已知前项和求通项，以及求数列的前项和，属于中档题.21.已知函数.（1）当时，求函数的最小值；（2）当时，求函数的单调区间；（3）当时，设函数，若存在区间，使得函数在上的值域为，求实数的最大值.【答案】（1） （2）答案不唯一，见解析 （3）【解析】【分析】（1）求导，接着单调区间，即可得出最小值；（2）求导，对分类讨论，可求出函数的单调区间；（3）求出，通过分析，可得到在增函数，从而有，转化为在上至少有两个不同的正根，转化为与至少有两个交点，即可求出实数的最大值.【详解】（1）当时，这时的导数，令，即，解得，令得到，令得到，故函数在单调递减，在单调递增；故函数在时取到最小
16、值，故；（2）当时，函数导数为，若时，单调递减，若时，当或时，当时，即函数在区间，上单调递减，区间上单调递增.若时，当或时，当时，函数在区间，上单调递减，在区间上单调递增.综上，若时，函数的减区间为，无增区间，若时，函数的减区间为，增区间为，若时，函数的减区间为，增区间为.（3）当时，设函数.令，当时，为增函数，为增函数，在区间上递增，在上的值域是，所以在上至少有两个不同的正根，令，求导得，令，则，所以在递增，当，当，所以在上递减，在上递增，的最大值为.【点睛】本题考查函数的极值最值、单调性、值域、零点问题，其实质就是应用求导方法研究函数性质，关键是能结合题意构造函数，是一道综合题.（二）选考
17、题：共10分.请考生在第22、23两题中任选一题做答.注意：只能做所选定的题目.如果多做，则按所做的第一题计分，做答时请用2B铅笔在答题卡上将所选题号后的方框涂黑.22.在直角坐标系中，曲线的参数方程为: 为参数)，以坐标原点为极点，轴的正半轴为极轴建立极坐标系，直线的极坐标方程为.(1)求的极坐标方程；(2)若直线与曲线相交于，两点，求.【答案】(1) ；(2).【解析】【分析】（1）根据曲线的参数方程消去参数，得到普通方程，再转化为极坐标方程即可；（2）先将直线的极坐标方程化为参数方程，代入，根据参数方程下的弦长公式，即可求出结果.【详解】(1)曲线的参数方程为: 为参数)，转换为普通方程
18、为: ，转换为极坐标方程为: .(2)直线的极坐标方程为.转换为参数方程为: (为参数).把直线的参数方程代入，得到: ，(和为，对应的参数)，故: ，所以.【点睛】本题主要考查参数方程与普通方程的互化，极坐标方程与直角坐标方程的互化，以及求弦长的问题，熟记公式即可，属于常考题型.23.已知.(1)当时，求不等式的解集；(2)若时，不等式恒成立，求的取值范围.【答案】(1) ；（2）.【解析】【分析】（1）先由得，分别讨论，三种情况，即可得出结果；（2）先由题意，得到当时，不等式恒成立转化为或恒成立，进而可求出结果.【详解】(1)当时，不等式可化简为. 当时，解得，所以当时，无解；当时，解得，所以；综上，不等式的解集为；(2)当时，不等式可化简为. 由不等式的性质得或，即或. 当时，不等式恒成立转化为或恒成立; 则或.综上，所求的取值范围为.【点睛】本题主要考查解含绝对值不等式，以及由不等式恒成立求参数的问题，灵活运用分类讨论法求解即可，属于常考题型.
