1、四川省成都七中2015届高三零诊模拟物理试题第卷选择题（满分共42分）一、单项选择题（本题包括6个小题，每小题3分，共18分）1、以下说法正确的是（）A奥斯特发现了电流的磁效应和电磁感应现象B根据麦克斯韦电磁场理论，变化的电场周围一定产生变化的磁场C电场强度是用比值法定义，因而电场强度与电场力成正比，与试探电荷的电量成反比D法拉第通过实验发现了在磁场中产生电流的条件2、关于物理原理在技术上的应用，下列说法中正确的是（）A.利用回旋加速器加速粒子时，通过增大半径，可以使粒子的速度超过光速B.激光全息照相是利用了激光相干性好的特性C.用双缝干涉测光波的波长时，若减小双缝间的距离，则同种光波的相邻明
2、条纹间距将减小D.摄影机镜头镀膜增透是利用了光的衍射特性3、一弹簧振子的位移y随时间t变化的关系式为y=0.1sin（2.5t），位移y的单位为m，时间t的单位为s则（）A弹簧振子的振幅为0.2m B弹簧振子的周期为1.25s C在t=0.2s时，振子的运动速度为零 D在任意0.2s时间内，振子的位移均为0.1m4、如图所示，直线A为某电源的UI图线，曲线B为某小灯泡D1的UI图线的一部分，用该电源和小灯泡D1组成闭合电路时，灯泡D1恰好能正常发光，则下列说法中正确的是 ()A此电源的内阻为2/3 B灯泡D1的额定电压为3V，功率为6WC把灯泡D1换成 “3V，20W”的灯泡D2，电源的输出功
3、率将变小D由于小灯泡B的UI图线是一条曲线，所以灯泡发光过程，欧姆定律不适用 5、一列沿x正方向传播的简谐波t=0时刻的波形如图所示，t=0.2s时C点开始振动，则（）At=0.15s时，质点B的加速度方向沿y轴负方向 Bt=0.3s时，质点B将到达质点C的位置Ct=0到t=0.6s时间内，B质点的平均速度大小 为10m/sDt=0.15s时，质点A的速度方向沿y轴正方向6、一半径为R的半球面均匀带有正电荷Q，电荷Q在球心O处产生物的场强大小EO=，方向如图所示把半球面分为表面积相等的上、下两部分，如图甲所示，上、下两部分电荷在球心O处产生电场的场强大小分别为El、E2；把半球面分为表面积相等
4、的左、右两部分，如图乙所示，左、右两部分电荷在球心O处产生电场的场强大小分别为E3、E4则（）AE1B E2=CE3m2)，它们分别到达照相底片上的P1、P2位置(图中末画出)，求P1、P2间的距离x。16、（10分）如图所示，在竖直面内有两平行金属导轨AB、CD导轨间距为L，电阻不计一根电阻不计的金属棒ab可在导轨上无摩擦地滑动棒与导轨垂直，并接触良好导轨之间有垂直纸面向外的匀强磁场，磁感强度为B导轨右边与电路连接电路中的三个定值电阻阻值分别为2R、R和R在BD间接有一水平放置的电容为C的平行板电容器，板间距离为d（1）当ab以速度v0匀速向左运动时，电容器中质量为m的带电微粒恰好静止试判断
5、微粒的带电性质和电容器的电量q（2）ab棒由静止开始，以恒定的加速度a向左运动讨论电容器中带电微粒的加速度如何变化（设带电微粒始终未与极板接触）17、(12分)如图所示，在倾角37的光滑斜面上存在一垂直斜面向上的匀强磁场区域MNPQ，磁感应强度B的大小为5T，磁场宽度d0.55m，有一边长L0.4m、质量m10.6kg、电阻R2的正方形均匀导体线框abcd通过一轻质细线跨过光滑的定滑轮与一质量为m20.4kg的物体相连，物体与水平面间的动摩擦因数0.4，将线框从图示位置由静止释放，物体到定滑轮的距离足够长(取g10m/s2，sin370.6，cos370.8)求：(1)线框abcd还未进入磁场
6、的运动过程中，细线中的拉力为多少？(2)当ab边刚进入磁场时，线框恰好做匀速直线运动，求线框刚释放时ab边距磁场MN边界的距离x多大？18、（14分）如图所示，在同一平面内边长均为l的正方形区域abcd和cdef中分别存在平行于ab方向的匀强电场和垂直纸面向里的匀强磁场质量为m电荷量为q的带电粒子，以速度0沿ad方向从a点射入电场，并从dc边的中点O射出，不计重力（1）求电场强度的大小；（2）若粒子垂直于ef边界射出磁场，求它在电、磁场中运动的总时间；（3）磁场的磁感应强度大小在什么范围内时，粒子才能从de边界射出磁场？ 物理零诊模拟试题答案 1D 2B 3C 4B 5A 6A7A 8D 9A
7、D 10AB 11BC 12AD13答案(每空2分)（1）2t/(n-1)；（2）(n-1)2(2l+d)2/(2t2)；（3）BD；14解：(每空2分)（1）器材选择：定值电阻要和待测电流表内阻接近，因为电流表G2的量程是待测电流表G1的2倍；滑动变阻器的电阻不要太大故定值电阻选，滑动变阻器选 （2）连接实物图如图所示 （3）补充实验步骤见 将滑动触头移至最左端； 多次移动滑动触头，记录相应的G1，G2读数I1，I2； 本题答案是：（1），（2）见上图 （3）将滑动触头移至最左端多次移动滑动触头，记录相应的G1，G2读数I1，I215解(1)离子在电场中加速，由动能定理得（1分）离子在磁场中
8、做匀速圆周运动，由牛顿第二定律得：（1分）由式可得：（2分）(2)由式可得粒子m1在磁场中的运动半径是r1，则：（1分）对离子m2，同理得（1分）照相底片上P1、P2间的距离（2分）【答案】（1）(2)16解：ab棒匀速向左运动时，棒中产生的感应电流方向为ab，则电容器上板带正电，下板带负电，场强方向向下微粒受力平衡，电场力方向向上，微粒带负电.(2分)UC=E/3=BLv0/3， q=CUC=CBLv0/3(2分)（2）设经过时间t0，微粒受力平衡，则 mg=qUC/d；UC=E/3=BLat/3；解得，t=3mgd/(BLaq).(3分)当tt0时，根据牛顿第二定律得：a1=g-BLaqt
9、/(3md)，越来越小，加速度方向向下；.(1分)当t=t0时，a2=0；.(1分)当tt0时，根据牛顿第二定律得：a3= BLaqt/(3md)-g，越来越大，加速度方向向上；.(1分)17解析(1)m1、m2运动过程中，以整体法有m1gsin m2g(m1m2)aa2 m/s2.(2分)以m2为研究对象有Tm2gm2a(或以m1为研究对象有m1gsin Tm1a) T2.4 N.(2分)(2)线框进入磁场恰好做匀速直线运动，以整体法有m1gsin m2g0v1 m/s.(2分)ab到MN前线框做匀加速运动，有 v22axx0.25 m.(2分)(3)线框从开始运动到cd边恰离开磁场边界PQ
10、时：m1gsin (xdL)m2g(xdL)(m1m2)vQ.(2分)解得：Q0.4 J所以QabQ0.1 J.(2分)答案(1)2.4 N(2)0.25 m(3)0.1 J 18解：（1）粒子在偏转电场中仅受竖直向下的电场力，做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动：L=v0t1.(1分)竖直方向做初速度为零匀加速直线运动：a；a.(1分)整理得：E，.(2分)t（2）粒子离开电场时的末速度可以分解为水平分速度v0与竖直分速度vy，设v与v0之间的夹角为则：tan ;v解得：.(2分)粒子进入磁场后做匀速圆周运动，垂直于ef边界射出磁场是的丶轨迹如图由几何关系知：rsin=l粒子经过磁场区域的时间：t2粒子通过电磁场的总时间：tt1+t2(1+).(2分)（3）档粒子运动的轨迹与ef相切时，根据几何关系得： r1sin+r1=l.(1分)根据牛顿第二定律得：qvB1解得：B1(1+).(2分)当粒子与边界de相切时，根据几何关系得：r1sin+r1=l.(1分) 版权所有：高考资源网()版权所有：高考资源网()
