1、（新高考）山东省2021届高三数学第二次模拟考试题（二）注意事项：1答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。2选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。3非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。4考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。第卷一、单项选择题：本题共8小题，每小题5分，共40分在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1已知，均为的子集，且，则（ ）ABCD2若复数满
2、足，则（ ）ABCD3中，A，B，C是的内角，则“”是“”的（ ）A充分不必要条件B必要不充分条件C充分必要条件D既不充分也不必要条件4实数x、y满足，则的最大值为（ ）AB4CD55若过点的直线与曲线有公共点，则直线的斜率的取值范围为（ ）ABCD6在中，点满足，则的长为（ ）ABCD67设等差数列的前n项和为，且，则下列结论正确的是（ ）A，B，C，D，8在探索系数，对函数图象的影响时，我们发现，系数对其影响是图象上所有点的纵坐标伸长或缩短，通常称为“振幅变换”；系数对其影响是图象上所有点的横坐标伸长或缩短，通常称为“周期变换”；系数对其影响是图象上所有点向左或向右平移，通常称为“左右平移
3、变换”；系数对其影响是图象上所有点向上或向下平移，通常称为“上下平移变换”运用上述四种变换，若函数的图象经过四步变换得到函数的图象，且已知其中有一步是向右平移个单位，则变换的方法共有（ ）A种B种C种D种二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求全部选对的得5分，部分选对的得2分，有选错的得0分9如图，正四棱锥底面边长与侧棱长均为a，正三棱锥底面边长与侧棱长均为a，则下列说法正确的是（ ）AB正四棱锥的外接球半径为C正四棱锥的内切球半径为D由正四棱锥与正三棱锥拼成的多面体是一个三棱柱10一个等腰直角三角形内有一个内接等腰直角三角形，(即，三点分别
4、在三角形三边或顶点上)，则两三角形面积比的值可能为（ ）ABCD11已知双曲线，、分别为双曲线的左、右顶点，、为左、右焦点，且，成等比数列，点是双曲线的右支上异于点的任意一点，记，的斜率分别为，则下列说法正确的是（ ）A当轴时，B双曲线的离心率C为定值D若为的内心，满足，则12若存在实常数和，使得函数和对其公共定义域上的任意实数x都满足：和恒成立，则称此直线为和的“隔离直线”，已知函数，（为自然对数的底数），则（ ）A在内单调递增B和之间存在“隔离直线”，且的最小值为C和之间存在“隔离直线”，且的取值范围是D和之间存在唯一的“隔离直线”第卷三、填空题：本大题共4小题，每小题5分13的展开式的常
5、数项是_142020年新冠肺炎肆虐，全国各地千千万万的医护者成为“最美逆行者”，医药科研工作者积极研制有效抗疫药物，中医药通过临床筛选出的有效方剂“三药三方”(“三药”是指金花清感颗粒连花清瘟颗粒(胶囊)和血必净注射液；“三方”是指清肺排毒汤化湿败毒方和宜肺败毒方)发挥了重要的作用甲因个人原因不能选用血必净注射液，甲乙两名患者各自独立自主的选择一药一方进行治疗，则两人选取药方完全不同的概率是_15已知三棱锥，则以点为球心，为半径的球面与侧面的交线长为_16任取一个正整数m，若m是奇数，就将该数乘3再加上1；若m是偶数，就将该数除以2反复进行上述两种运算，经过有限次步骤后，必进入循环圈1421，
6、这就是数学史上著名的“冰雹猜想”（又称“角谷猜想”等），若，则经过_次步骤后变成1；若第5次步骤后变成1，则m的可能值之和为_四、解答题：本大题共6个大题，共70分，解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤17（10分）在；，这三个条件中任选一个，补充在下面问题中并作答问题：的内角的对边分别为，若，_，求和注：若选择多个条件作答，按第一个解答计分18（12分）某产品具有一定的时效性，在这个时效期内，由市场调查可知，在不做广告宣传且每件获利元的前提下，可卖出件，若作广告宣传，广告费为千元时比广告费为千元时多卖出件（1）求当时，销售量；当时，销售量；（2）试写出当广告费为千元时，销售量；（3）当，时
7、，厂家生产多少件这种产品，做几千元广告才能获利最大？19（12分）如图，在几何体中，四边形为等腰梯形，且，四边形为矩形，且，M，N分别为，的中点（1）求证：平面；（2）若直线与平面所成的角为60，求平面与平面所成锐二面角的余弦值20（12分）中华人民共和国道路交通安全法第条规定：机动车行经人行横道时，应当减速慢行；遇到行人正在通过人行横道，应当停车让行，即“礼让行人”下表是某十字路口监控设备所抓拍的个月内驾驶员不“礼让行人”行为的统计数据：月份123456不“礼让行人”驾驶员人数120105100859080（1）请根据表中所给前个月的数据，求不“礼让行人”的驾驶员人数与月份之间的回归直线方程
8、；（2）若该十字路口某月不“礼让行人”驾驶员人数的实际人数与预测人数之差小于，则称该十字路口“礼让行人”情况达到“理想状态”试判断月份该十字路口“礼让行人”情况是否达到“理想状态”？（3）自罚单日起天内需完成罚款缴纳，记录月不“礼让行人”驾驶员缴纳罚款的情况，缴纳日距罚单日天数记为，若服从正态分布，求该月没能在天内缴纳人数参考公式：，21（12分）已知函数，（1）若对任意给定的，总存在唯一一个，使得成立，求实数的取值范围；（2）若对任意给定的，在区间上总存在两个不同的，使得成立，求实数的取值范围22（12分）已知椭圆的左、右顶点分别为，上顶点为，过右焦点的直线交椭圆于，两点，点在轴上方，当轴时
9、，（为坐标原点）（1）求椭圆的标准方程；（2）设直线交直线于点，直线交直线于点，则是否为定值？若是，求出该定值；若不是，请说明理由数 学答 案第卷一、单项选择题：本题共8小题，每小题5分，共40分在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1【答案】C【解析】用图示法表示题意，如下图，故，故选C2【答案】C【解析】因为，所以，所以，故选C3【答案】C【解析】若，则成立，所以“”是“”的充分条件；若，因为，所以，所以“”是“”的必要条件，所以“”是“”的充分必要条件，故选C4【答案】B【解析】由题意得，因此，令，的对称轴为，开口向下，则在区间单调递增，所以当时，取得最大值4，故的最大值为，
10、故选B5【答案】C【解析】由题意，易知，直线的斜率存在，设直线的方程为，即，曲线表示圆心，半径为1的圆，圆心到直线的距离应小于等于半径，即，解得，故选C6【答案】A【解析】因为，所以，设，则，得，即，因为，故解得，即，所以，故选A7【答案】A【解析】令，知在定义域内为递增函数，由题意知，即，又，知，关于原点对称，而，故选A8【答案】B【解析】根据题意，该图象变换的过程有振幅变换、周期变换、左右平移变换和上下平移变换共四步，因为左右平移变换是向右平移个单位，所以要求左右平移变换在周期变换之前，所以变换的方法共有种，故选B二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分在每小题给出的选项中，有多
11、项符合题目要求全部选对的得5分，部分选对的得2分，有选错的得0分9【答案】ABD【解析】如图所示：A选项：取中点连接，正三棱锥中，又，所以平面，则，又，所以，故A正确；B选项：设底面中心为，球心为半径为，因为正四棱锥SBCDE外接球球心在上，所以，因为，正四棱锥SBCDE底面边长与侧棱长均为a，所以，由，得，解得，故B正确；C选项：设内切球半径为，易求得侧面面积为，由等体积法得，解得，故C错；D选项：取中点，连接，则和分别是和的二面角的平面角，由，故与互补，所以共面，又因为，则为平行四边形，故，故正四棱锥与正三棱锥拼成的多面体是一个三棱柱，所以D正确，故选ABD10【答案】AB【解析】如图，有
12、两种方式：（1）左图中为中点，设的直角边长，为的直角边长为，在中，由正弦定理得，所以，所以，所以，所以（2）右图中，在中，由正弦定理得，所以，所以，所以，综上：最小值为，最大值显然为1，故选AB11【答案】BCD【解析】a，b，c成等比数列，如图，对于A，当轴时，点P为，显然，即选项A错误；对于B，解得（负值舍去），即选项B正确；对于C，设，则，所以，由点在双曲线上可得，代入，故C正确；对于D，设圆I的半径为r，即，由双曲线的定义知，即，故选项D正确，故选BCD12【答案】ABD【解析】对于A，当时，单调递增，在内单调递增，A正确；对于B、C，设，的隔离直线为，则对任意恒成立，即对任意恒成立由
13、对任意恒成立，得若，则有符合题意；若，则有对任意恒成立，的对称轴为，；又的对称轴为，即，同理可得，综上所述：，B正确，C错误；对于D，函数和的图象在处有公共点，若存在和的隔离直线，那么该直线过这个公共点设隔离直线的斜率为，则隔离直线方程为，即，则恒成立，若，则不恒成立；若，令，对称轴为，在上单调递增，又，故时，不恒成立；若，对称轴为，若恒成立，则，解得，此时直线方程为，下面证明，令，则，当时，；当时，；当时，当时，取到极小值，也是最小值，即，即，函数和存在唯一的隔离直线，D正确，故选ABD第卷三、填空题：本大题共4小题，每小题5分13【答案】【解析】，的展开式通项为，所以，的展开式通项为，由，
14、可得，因此，的展开式的常数项为，故答案为14【答案】【解析】将三药分别记为，三方分别记为，选择一药一方的基本事件如表所示，共有9个组合，则两名患者选择药方完全不同的情况有(种)，两名患者可选择的药方共有(种)，所以，故答案为15【答案】【解析】作的中点，连接，作的中点，连接，因为，所以，所以，又，则，设到边的距离为，则，解得，所以以点为球心，为半径作球与面相交构成一个圆，圆心为，设半径为，设球的半径为，所以，所以圆的周长为，故答案为16【答案】5，41【解析】（1）当时，所以需5次步骤后变成1；（2）若第5次步骤后变成1，则，或，当，或；当时，所以的可能值是，的可能值的和是，故答案为5，41四
15、、解答题：本大题共6个大题，共70分，解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤17【答案】选择见解析，【解析】（1）选择条件，由及正弦定理知，整理得，由余弦定理可得，又因为，所以又由，得，由，得，整理得，因为，所以，从而，解得（2）选择条件，因为，所以，由，得，由正弦定理知又，可得，又因为，所以，故又由，得，由，得，整理得，因为，所以，从而，解得（3）选择条件，由及正弦定理知，又，从而，解得又因为，所以又由，得，由，得，整理得，因为，所以，从而，解得18【答案】（1），；（2）；（3）厂家应生产7875件产品，做5千元的广告，能使获利最大【解析】（1）设表示广告费为0千元时的销售量，则，所以；，
16、所以（2）设表示广告费为0千元时的销售量，则，由题：，相加得，即（3）时，设获利为，则有，欲使最大，则，解得，故，此时，即该厂家应生产7875件产品，做5千元的广告，能使获利最大19【答案】（1）证明见解析；（2）【解析】（1）取的中点Q，连接，则，且，又，且，所以且，所以四边形为平行四边形，所以，因为平面，平面，所以平面（2）由四边形为等腰梯形，且，可得，所以，所以因为四边形为矩形，所以，所以平面，所以为直线与平面所成的角，即，所以因为，所以，所以则可建立如图所示的空间直角坐标系，设为平面的法向量，则，即，取，则为平面的一个法向量；又为平面的一个法向量，所以，故平面与平面所成锐二面角的余弦值
17、为20【答案】（1）；（2）达到“理想状态”；（3）2人【解析】（1）请根据表中所给前5个月的数据，计算，与之间的回归直线方程（2）由（1）知，当时，且，月份该十字路口“礼让行人”情况达到“理想状态”（3）因为服从正态分布，所以，该月没能在天内缴纳人数为人21【答案】（1）；（2）【解析】（1）由题意知，因为，所以由，解得或；由，解得，故的单调递增区间为，单调递减区间为和，所以的值域为又因为在上单调递增，所以的值域为问题转化为直线和曲线的图象只有一个交点，结合图象，有，解得a的取值范围是（2）由（1）可知，问题转化为与曲线，二者的图象有两个不同的交点，结合图象，有，解得a的取值范围是22【答案】（1）；（2）是，定值为【解析】（1）当轴时，点的横坐标代入椭圆的方程，可得点的纵坐标，由题意知，又当轴时，得，且，椭圆的标准方程为（2）为定值，且定值为，理由如下：由（1）得，设，直线的方程为，联立方程可得，整理得，则，由，三点共线可得，由得由，三点共线可得由可得，分别将，代入，得，将，代入并整理，可得，设，同理可得，由，三点共线可得，由得，为定值
