1、1如图所示，斜面体放置在粗糙的水平地面上，在水平向右的推力F作用下，物体A和斜面体B均保持静止。若减小推力F，物体A仍然静止在斜面上，则()A物体A所受合力一定减小B斜面对物体A的支持力一定减小C斜面对物体A的摩擦力一定减小D斜面对物体A的摩擦力一定为零答案B解析物体A始终处于平衡状态，所以受到的合力始终等于零，故A错误；如图所示，对物体A进行受力分析，有F合xFcosfGsin0F合yFNGcosFsin0解得FNGcosFsin，当F减小时，则支持力减小，故B正确；fGsinFcos，由于摩擦力的方向未知，故当f沿斜面向上为正值时，F减小，则f增大，若f为负值即沿斜面向上时，当F减小，则f
2、也减小，不一定为零，故C、D错误。2(多选)如图所示，一条细线一端与地板上的物体B相连，另一端绕过质量不计的定滑轮与小球A相连，定滑轮用另一条细线悬挂在天花板上的O点，细线与竖直方向所成角度为，开始时系统静止，则()A如果将物体B在地板上向右移动一点，角将增大B无论物体B在地板上左移还是右移，只要距离足够小，角将不变C增大小球A的质量，角一定减小D悬挂定滑轮的细线的弹力不可能等于小球A的重力答案AD解析对小球A进行受力分析，受重力和拉力，根据平衡条件，有Tmg；如果将物体B在地板上向右移动稍许，则AOB增大；对滑轮分析，受三个拉力，受力分析如图所示，AOB2，故角将增大，故A正确，B错误；增大
3、小球A的质量，B可能仍保持不动，系统平衡，拉力的方向不变，故角可能不变，故C错误；由于AOB290，弹力F与两个拉力T的合力平衡，而Tmg，故悬挂定滑轮的细线的弹力不可能等于小球A的重力，故D正确。3. (多选)如图所示，半圆柱体P放在粗糙的水平地面上，其右端有一竖直挡板MN。在二者之间夹着一个光滑均匀的小圆柱体Q，整个装置处于静止状态。现使MN保持竖直并且缓慢地向右平移，在Q滑落到地面之前，P始终保持静止。则在此过程中，下列说法正确的是()AMN对Q的弹力逐渐减小BP对Q的弹力逐渐增大C地面对P的摩擦力逐渐增大DQ所受的合力逐渐增大答案BC解析对Q进行受力分析，Q受到竖直向下的重力、挡板MN
4、向左的支持力F1和半圆柱体P的支持力F2，如图所示，根据平衡条件，得到F1mgtan，F2，MN保持竖直并且缓慢地向右平移的过程中，增大，故F1、F2增大，A错误，B正确；对P、Q整体进行分析，整体受到重力、挡板MN的支持力F1、地面的支持力、地面的静摩擦力f，根据共点力平衡条件，可得fF1mgtan，由于增大，故f增大，C正确；移动过程中Q一直处于平衡状态，合力一直为零，D错误。4. 有一个直角支架AOB，AO水平放置，表面粗糙，OB竖直向下，表面光滑。AO上面套有小环P，OB上面套有小环Q，两环质量均为m，两环间由一根质量可忽略、不可伸展的细绳相连，并在某一位置平衡(如图所示)。现将P环向
5、左移一小段距离，两环再次达到平衡，那么将移动后的平衡状态和原来的平衡状态比较，AO杆对P环的支持力FN和细绳上的拉力FT的变化情况是()AFN不变，FT变大 BFN不变，FT变小CFN变大，FT变大 DFN变大，FT变小答案B解析以P、Q两个环为整体，对其受力分析可知，竖直方向上FN2mg，与P环位置无关；以Q环为研究对象并受力分析，设ABO，分解拉力FT，FTcosmg，FT，角由于P环左移而减小时，拉力FT减小，B正确。5. (多选)如图所示，带有光滑竖直杆的三角形斜劈固定在水平地面上，放置于斜劈上的光滑小球与套在竖直杆上的小滑块用轻绳连接，开始时轻绳与斜面平行。现给小滑块施加一竖直向上的
6、拉力，使小滑块沿杆缓慢上升，整个过程中小球始终未脱离斜面，则有()A轻绳对小球的拉力逐渐增大B小球对斜劈的压力先减小后增大C竖直杆对小滑块的弹力先增大后减小D对小滑块施加的竖直向上的拉力逐渐增大答案AD解析设斜面倾角为，斜面对小球的支持力为FN1，绳对小球的拉力为FT，小球的重力大小为G1，小滑块的重力大小为G2，竖直杆对小滑块的弹力大小为FN2。由于小滑块沿杆缓慢上升，所以小球沿斜面缓慢向上运动，小球处于动态平衡状态，受到的合力为零，作小球受力矢量三角形如图甲所示，绳对小球的拉力FT逐渐增大，所以A正确；斜面对小球的弹力FN1逐渐减小，故小球对斜面的压力逐渐减小，B错误；将小球和小滑块看成一
7、个整体，对其进行受力分析如图乙所示，则由力的平衡条件可得：FN2FN1sin，FG1G2FN1cos，因FN1逐渐减小，所以FN2逐渐减小，F逐渐增大，C错误，D正确。6. (多选)如图所示，横截面为直角三角形的斜劈A，底面靠在粗糙的竖直墙面上，力F指向球心水平作用在光滑球B上，系统处于静止状态。当力F增大时，系统还保持静止，则下列说法正确的是()A斜劈A所受的合力增大B斜劈A对竖直墙壁的压力增大C球B对地面的压力一定增大D墙面对斜劈A的摩擦力增大答案BC解析斜劈A一直处于静止状态，所受的合力一直为零不变，故A错误；以A、B整体为研究对象，进行受力分析，根据平衡条件，水平方向NF，N为竖直墙壁
8、对斜劈A的弹力，F增大，则N增大，由牛顿第三定律可得，斜劈A对竖直墙壁的压力增大，故B正确；对球B进行受力分析，如图所示，根据平衡条件有FNsin，F增大，则N增大，NGNcos，N增大，则N增大，根据牛顿第三定律得，球B对地面的压力增大，C正确；以A、B整体为研究对象，竖直方向有NfMg，因f方向不确定，则大小变化不能确定，故D错误。7. 如图所示，一根轻绳上端固定在O点，下端拴一个小球，球处于静止状态，现对球施加一个水平向右的外力F，球缓慢移动，绳与竖直方向夹角为，且90，则下图中能正确描述绳子的拉力T与cos的函数关系的是()答案D解析对小球进行受力分析，如图所示。由图可知，小球竖直方向
9、受力平衡，故Tcosmg0，即T，即T与cos成反比关系，D正确。8. 固定在水平面上的光滑半球半径为R，球心O的正上方C处固定一个光滑定滑轮(大小可忽略)，细线一端拴一小球(可视为质点)置于半球面上A点，另一端绕过定滑轮，如图所示，现将小球缓慢地从A点拉向B点，则此过程中小球对半球的压力大小FN、细线的拉力大小FT的变化情况是()AFN不变，FT不变 BFN不变，FT变大CFN不变，FT变小 DFN变大，FT变小答案C解析小球受力如图所示，根据平衡条件知，小球所受支持力FN和细线拉力FT的合力F与重力是一对平衡力，即FG，根据几何关系知，力三角形与几何COA相似，设滑轮到半球顶点B的距离为h
10、，AC线长为L，则有，由于小球从A点移向B点的过程中，G、R、h均不变，L减小，故FN大小不变(FNFN)，FT减小，C正确。9. (2017全国卷)(多选)如图，柔软轻绳ON的一端O固定，其中间某点M拴一重物，用手拉住绳的另一端N。初始时，OM竖直且MN被拉直，OM与MN之间的夹角为。现将重物向右上方缓慢拉起，并保持夹角不变。在OM由竖直被拉到水平的过程中()AMN上的张力逐渐增大BMN上的张力先增大后减小COM上的张力逐渐增大DOM上的张力先增大后减小答案AD解析对重物受力分析，画出甲、乙、丙三个特殊位置的受力图，其中TOM和TMN的合力大小、方向均不变，大小等于G，在重物移动的过程中OM
11、与MN的夹角不变，由图甲、乙、丙可知TOM先增大后减小，TMN逐渐增大，A、D正确。10. (2018衡水检测)如图所示，有一质量不计的杆AO，长为R，可绕A自由转动。用绳在O点悬挂一个重为G的物体，另一根绳一端系在O点，另一端系在圆弧形墙壁上的C点。当点C由图示位置逐渐向上沿圆弧CB移动过程中(保持OA与地面夹角不变)，OC绳所受拉力的大小变化情况是()A逐渐减小 B逐渐增大C先减小后增大 D先增大后减小答案C解析对物体G分析，G受力平衡，则拉力等于重力，故竖直绳的拉力不变；再对O点分析，O受绳子的拉力、杆OA的支持力及绳OC的拉力而处于平衡，如图所示；将F和OC绳上的拉力合成，其合力与G大
12、小相等，方向相反，则在OC上移的过程中，平行四边形的对角线保持不变，平行四边形发生图中所示变化，则由图可知OC的拉力先减小后增大，图中D点时力最小，故C正确。11. (2017洛阳检测)(多选)如图所示，半径相同、质量相同且分布均匀的两个圆柱体a、b靠在一起，表面光滑，重力均为G，其中b的下一半刚好固定在水平面MN的下方，上边露出另一半，a静止在平面上，现过a的轴心施以水平作用力F，可缓慢地将a拉离水平面MN一直滑到b的顶端，对该过程进行分析，应有()A拉力F先增大后减小，最大值是GB开始时拉力F最大为 G，以后逐渐减小为0Ca、b间压力由0逐渐增大，最大为GDa、b间的压力开始最大为2G，而
13、后逐渐减小到G答案BD解析根据几何关系可知：sin，30，对a受力分析，如图所示，应用平衡条件，FG，之后a缓慢移动过程中，两轴心连线与竖直方向的夹角越来越小，由图可知：FN一直变小，F也一直变小，可得拉力从最大值FmG逐渐减小为0，A错误，B正确；a、b间的压力开始时最大为FN2G，而后逐渐减小到G，C错误，D正确。12(2017广东深圳中学六模)(多选)如图所示，A是一质量为M的盒子，B的质量为M，A、B用细绳相连，跨过光滑的定滑轮，A置于倾角30的斜面上，B悬于斜面之外而处于静止状态。现在向A中缓慢加入沙子，整个系统始终保持静止，则在加入沙子的过程中()A绳子的拉力逐渐减小BA对斜面的压
14、力逐渐增大CA所受的摩擦力逐渐增大DA所受的合力不变答案BD解析绳子的拉力等于B的重力，保持不变，故A错误；A对斜面的压力大小等于A及沙子的总重力沿垂直于斜面的分力大小，随着沙子质量的增加，A对斜面的压力逐渐增大，故B正确；未加沙子时，A所受的重力沿斜面向下的分力为g，小于绳子的拉力，A静止，则静摩擦力方向沿斜面向下。当向A中缓慢加入沙子时，A所受的重力沿斜面向下的分力增大，由平衡条件分析可知，A所受的摩擦力逐渐减小，当沙子和A所受的重力沿斜面向下的分力等于B的重力后再加沙子，则A受到的摩擦力反向并逐渐增大，所以A所受的摩擦力先逐渐减小然后反向逐渐增大，故C错误；整个系统始终保持静止，A所受的
15、合力为零，不变，故D正确。13. (2017桓台质检)如图所示，在倾角为的粗糙斜面上，一个质量为m的物体被水平力F推着静止于斜面上，物体与斜面间的动摩擦因数为，且tan，求力F的取值范围。答案mgFmg解析因为mgcos，所以当F0时，物体不能静止。若物体在力F的作用下刚好不下滑，则物体受沿斜面向上的最大静摩擦力，且此时F最小，对物体受力分析，如图甲所示，由平衡条件得：mgsinFmincosFfFNmgcosFminsinFfFN由解得Fminmg；若物体在力F的作用下刚好不上滑，则物体受沿斜面向下的最大静摩擦力，且此时F最大，对物体受力分析，如图乙所示，由平衡条件得：mgsinFfFmax
16、cosFNmgcosFmaxsinFfFN由解得Fmaxmg。14(2017山西师范大学附中联考)一个底面粗糙、质量为M的劈放在粗糙的水平面上，劈的斜面光滑且与水平面成30角；现用一端固定的轻绳系一质量为m的小球，小球放在斜面上，小球静止时轻绳与竖直方向的夹角也为30，如图所示。(1)当劈静止时，求绳子的拉力大小；(2)若地面对劈的最大静摩擦力等于地面对劈支持力的k倍，为使整个系统静止，k值必须满足什么条件？答案(1)(2)k解析(1)以水平方向为x轴，建立坐标系，以小球为研究对象，受力分析如图甲所示：Fcos60FNsin30Fsin60FNcos30mg联立解得F。(2)如图乙，以水平方向为x轴，对劈进行受力分析：FNFNcos30Mg，FfFNsin30，且FfkFN，又FNF，联立解得k。
