1、第九章 第七节 1(2014吉安模拟)若点 P 到点 F(0,2)的距离比它到直线 y40 的距离小 2,则点 P的轨迹方程为()Ay28x By28xCx28y Dx28y解析:选 C 由题意知点 P 到点 F(0,2)的距离比它到直线 y40 的距离小 2,因此点P 到点 F(0,2)的距离与到直线 y20 的距离相等,故点 P 的轨迹是以 F 为焦点,y2为准线的抛物线,其方程为 x28y,选 C.2已知抛物线x24y上有一条长为6的动弦AB,则AB的中点到x轴的最短距离为()A.34 B.32C1 D2解析:选 D 由题意知,抛物线的准线 l:y1,过 A 作 AA1l 于 A1,过
2、B 作 BB1l 于 B1,设弦 AB 的中点为 M,过 M 作 MM1l 于 M1,则|MM1|AA1|BB1|2.|AB|AF|BF|(F 为抛物线的焦点),即|AF|BF|6,|AA1|BB1|6,2|MM1|6,|MM1|3,故 M到 x 轴的距离 d2,选 D.3(2013天津高考)已知双曲线x2a2y2b21(a0,b0)的两条渐近线与抛物线 y22px(p0)的准线分别交于 A,B 两点,O 为坐标原点若双曲线的离心率为 2,AOB 的面积为 3,则 p()A1 B.32C2 D3解析:选 C 设 A 点坐标为(x0,y0),则由题意,得 SAOB|x0|y0|3,抛物线 y22
3、px的准线为 xp2,所以 x0p2,代入双曲线的渐近线的方程 ybax,得|y0|bp2a.由ca2,a2b2c2,得 b 3a,所以|y0|32 p.所以 SAOB 34 p2 3,解得 p2 或 p2(舍去).故选 C.4(2013江西高考)已知点 A(2,0),抛物线 C:x24y 的焦点为 F,射线 FA 与抛物线 C相交于点 M,与其准线相交于点 N,则|FM|MN|()A2 5B12C1 5 D13解析:选 C 射线 FA 的方程为 x2y20(x0)如图所示,由条件知 tan 12,sin 55,由抛物线的定义知|MF|MG|,|FM|MN|MG|MN|sin 55 15.故选
4、 C.5(2014东北三省联考)已知抛物线 y28x 的焦点为 F,直线 yk(x2)与此抛物线相交于 P,Q 两点,则 1|FP|1|FQ|()A.12B1C2 D4解析:选 A 设 P(x1,y1),Q(x2,y2),由题意可知|PF|x12,|QF|x22,则 1|FP|1|FQ|1x121x22x1x24x1x22x1x24,联立直线与抛物线方程消去 y 得 k2x2(4k28)x4k20,可知 x1x24,故 1|FP|1|FQ|x1x24x1x22x1x24 x1x242x1x2812.故选 A.6(2013大纲全国高考)已知抛物线 C:y28x 与点 M(2,2),过 C 的焦点
5、且斜率为 k的直线与 C 交于 A,B 两点若MA MB 0,则 k()A.12 B.22 C.2 D2解析:选 D 由题意知抛物线 C 的焦点坐标为(2,0),则直线 AB 的方程为 yk(x2),将其代入 y28x,得 k2x24(k22)x4k20.设 A(x1,y1),B(x2,y2),则 x1x24k22k2,x1x24.所以y1y2kx1x24k,y1y2k2x1x22x1x24.MA MB 0,(x12,y12)(x22,y22)0.(x12)(x22)(y12)(y22)0,即 x1x22(x1x2)4y1y22(y1y2)40.由解得 k2.故选 D.7(2012陕西高考)右
6、图是抛物线形拱桥,当水面在 l 时,拱顶离水面 2 米,水面宽 4米水位下降 1 米后,水面宽_米解析:2 6 建立如图所示的平面直角坐标系,设抛物线方程为 x22py(p0),由点(2,2)在抛物线上,可得 p1,则抛物线方程为 x22y.当 y3 时,x 6,所以水面宽 2 6米.8(2014江南十校联考)已知直线 l 过抛物线 y24x 的焦点 F,交抛物线于 A、B 两点,且点 A、B 到 y 轴的距离分别为 m、n,则 mn2 的最小值为_解析:4 因为 mn2(m1)(n1)表示点 A、B 到准线的距离之和,所以 mn2 表示焦点弦 AB 的长度,因为抛物线焦点弦的最小值是其通径的
7、长度,所以 mn2 的最小值为 4.9(2013浙江高考)设 F 为抛物线 C:y24x 的焦点,过点 P(1,0)的直线 l 交抛物线 C于 A,B 两点,点 Q 为线段 AB 的中点,若|FQ|2,则直线 l 的斜率等于_解析:1 设直线 l 的方程为 yk(x1),A(x1,y1),B(x2,y2),由y24x,ykx1 消去 y整理得k2x22(k22)xk20,x1x22k22k2,x1x22k22k2 12k2,y1y222k,所以 Q12k2,2k.又|FQ|2,F(1,0),12k21 2 2k24,解得 k1.10(2014重庆诊断)过抛物线 y22x 的焦点 F 作直线交抛
8、物线于 A、B 两点,若|AB|2512,|AF|BF|,则|AF|_.解析:56 由题意知过抛物线焦点的直线斜率存在,设其方程为 ykx12,由y22xykx12消去 y 整理得 k2x2(k22)x14k20,设 A(x1,y1),B(x2,y2)则 x1x2k22k2,x1x214.所以|AB|x1x21k22k2 12512,得 k224,代入 k2x2(k22)x14k20 得 12x213x30,解得 x113,x234,又|AF|BF|,故|AF|x11256.11(2014太原调研)如图,已知抛物线 C:y22px 和M:(x4)2y21,过抛物线C 上一点 H(x0,y0)(
9、y01)作两条直线与M 相切于 A,B 两点,分别交抛物线为 E,F 两点,圆心点 M 到抛物线准线的距离为174.(1)求抛物线 C 的方程;(2)当AHB 的角平分线垂直 x 轴时,求直线 EF 的斜率;(3)若直线 AB 在 y 轴上的截距为 t,求 t 的最小值解:(1)点 M 到抛物线准线的距离为 4p2174,p12,所以抛物线 C 的方程为 y2x.(2)当AHB 的角平分线垂直 x 轴时,点 H(4,2),kHEkHF,设 E(x1,y1),F(x2,y2),yHy1xHx1yHy2xHx2,yHy1y2Hy21yHy2y2Hy22,y1y22yH4.kEFy2y1x2x1y2
10、y1y22y211y2y114.(3)设 A(x1,y1),B(x2,y2),kMA y1x14,kHA4x1y1,所以直线 HA 的方程为(4x1)xy1y4x1150,同理直线 HB 的方程为(4x2)xy2y4x2150,(4x1)y20y1y04x1150,(4x2)y20y2y04x2150,直线 AB 的方程为(4y20)xy0y4y20150,令 x0,可得 t4y015y0(y01),t 关于 y0 的函数在1,)单调递增,tmin11.即 t 的最小值为11.12如图,已知抛物线 P:y2x,直线 AB 与抛物线 P 交于 A、B 两点,OAOB,OAOB OC,OC 与 A
11、B 交于点 M.(1)求点 M 的轨迹方程;(2)求四边形 AOBC 的面积的最小值解:(1)设 M(x,y),A(y21,y1),B(y22,y2),OA OB OC,M 是线段 AB 的中点xy21y222y1y222y1y22,yy1y22.OAOB,OA OB 0.y21y22y1y20.依题意知 y1y20,y1y21.把、代入得:x4y222,即 y212(x1)点 M 的轨迹方程为 y212(x1)(2)依题意得四边形 AOBC 是矩形,四边形 AOBC 的面积为S|OA|OB|y212y21y222y22 y211y221y1y22 y21y22y21y221 2y21y22.
12、y21y222|y1y2|2,当且仅当|y1|y2|时,等号成立,S 222.四边形 AOBC 的面积的最小值为 2.1(2014长沙模拟)与抛物线 y28x 相切倾斜角为 135的直线 l 与 x 轴和 y 轴的交点分别是 A 和 B,那么过 A,B 两点的最小圆截抛物线 y28x 的准线所得的弦长为()A4B2 2C2 D.2解析:选 C 设直线 l 的方程为 yxb,联立直线与抛物线方程,消元得 y28y8b0,因为直线与抛物线相切,故 824(8b)0,解得 b2,故直线 l 的方程为xy20,从而 A(2,0),B(0,2),因此过 A,B 两点最小圆即为以 AB 为直径的圆,其方程
13、为(x1)2(y1)22,而抛物线 y28x 的准线方程为 x2,此时圆心(1,1)到准线距离为 1,故所截弦长为 2 22122.故选 C.2(2013山东高考)抛物线 C1:y 12px2(p0)的焦点与双曲线 C2:x23y21 的右焦点的连线交 C1 于第一象限的点 M.若 C1 在点 M 处的切线平行于 C2 的一条渐近线,则 p()A.316 B.38 C.2 33 D.4 33解析:选 D 设 Mx0,12px20,y12px2 xp,故 M 点切线的斜率为x0p 33,故M33 p,16p.由33 p,16p,0,p2,(2,0)三点共线,可求得 p43 3,故选 D.3过抛物
14、线 y22px(p0)的焦点 F 的直线 l 与抛物线在第一象限的交点为 A,直线 l与抛物线的准线的交点为 B,点 A 在抛物线的准线上的射影为 C,若AFFB,BABC36,则抛物线的方程为_解析:y22 3x 由AFFB知 F 为 AB 的中点,设准线与 x 轴的交点为 D,则|DF|12|AC|p,|AC|2p|AF|FB|,|AB|4p,ABC30,|BC|2 3p,BABC|BA|BC|cos 304p2 3p 32 36,解得 p 3,y22 3x.4(2014西安五校联考)已知直线 y2 上有一个动点 Q,过点 Q 作直线 l1 垂直于 x轴,动点 P 在 l1 上,且满足 O
15、POQ(O 为坐标原点),记点 P 的轨迹为 C.若直线 l2 是曲线 C的一条切线,则当点(0,2)到直线 l2 的距离最短时,直线 l2 的方程为_解析:2xy10 或 2xy10设点 P 的坐标为(x,y),则点 Q 的坐标为(x,2),OQOP,kOQkOP1,当 x0 时,得yx2x 1,化简得 x22y,当 x0 时,P,O,Q 三点共线,不合题意,故 x0,故曲线 C 的方程为 x22y(x0)由 x22y,得 yx,直线 l2 与曲线 C 相切,设切点 M 的坐标为(x1,y1),其中 y112x210,则直线 l2 的方程为 yy1x1(xx1),化简得 x1xyy10.点(
16、0,2)到直线 l2 的距离d|2y1|x211 y122y11122y1132y11 1222y1132y11 3,当且仅当 2y1132y11,即 y11 时,等号成立,此时 x1 2,所以直线 l2 的方程为 2xy10 或 2xy10.5已知抛物线 y22x,P 是抛物线的动弦 AB 的中点(1)当 P 的坐标为(2,3)时,求直线 AB 的方程;(2)当直线 AB 的斜率为 1 时,求线段 AB 的垂直平分线在 x 轴上的截距的取值范围解:(1)设 A(x1,y1),B(x2,y2),由题意知 y1y26.由y212x1y222x2可得 y21y222x12x2,变形得y1y2x1x22y1y2,则 kAB2613.所以直线 AB 的方程为 y313(x2),即 x3y70.(2)由题意可设直线 AB 的方程为 yxb,A(x1,y1),B(x2,y2)由y22xyxb 可得 x22(b1)xb20.依题意得 48b0,所以 b12.易知 x1x22(1b),y1y2(x1b)(x2b)2,故 AB 的中点 P 的坐标为(1b,1)所以线段 AB 的垂直平分线的方程为 y1(x1b),即 xyb20,其在 x 轴上的截距为 2b.因为 b12,所以 2b32,所以截距的取值范围为32,.