1、2013届高中新课标二轮物理总复习（湖南用）专题6 第1讲 直流电路和交流电路的分析与计算班级：_姓名：_学号：_1.(2012北京卷)一个小型电热器若接在输出电压为10V的直流电源上，消耗电功率为P；若把它接在某个正弦交流电源上，其消耗的电功率为.如果电热器电阻不变，则此交流电源输出电压的最大值为()A5V B5VC10V D10V图12.(2012新课标卷)自耦变压器铁芯上只绕有一个线圈，原、副线圈都只取该线圈的某部分一升压式自耦调压变压器的电路如图1所示，其副线圈匝数可调已知变压器线圈总匝数为1900匝；原线圈为1100匝，接在有效值为220V的交流电源上当变压器输出电压调至最大时，负载
2、R上的功率为2.0kW.设此时原线圈中电流有效值为I1，负载两端电压的有效值为U2，且变压器是理想的，则U2和I1分别约为()A380V和5.3A B380V和9.1AC240V和5.3A D240V和9.1A3.(2012上海卷)直流电路如图2所示，在滑动变阻器的滑片P向右移动时，电源的()图2A总功率一定减小B效率一定增大C内部损耗功率一定减小D输出功率一定先增大后减小4.(2012广东卷)某小型发电机产生的交变电动势为e50sin 100t(V)，对此电动势，下列表述正确的有()A最大值是50VB频率是100HzC有效值是25VD周期是0.02s图35.(2012福建卷)如图3，理想变压
3、器原线圈输入电压uUmaxsin t，副线圈电路中R0为定值电阻，R是滑动变阻器，V1和V2是理想交流电压表，示数分别用U1和U2表示；A1和A2是理想交流电流表，示数分别用I1和I2表示，下列说法正确的是()AI1与I2表示电流的瞬时值BU1和U2表示电压的最大值C滑片P向下滑动过程中，U2不变，I1变大D滑片P向下滑动过程中，U2变小，I1变小图46.(2012重庆卷)如图4所示，理想变压器的原线圈接入u11000sin 100t(V)的交变电压，副线圈通过电阻r6的导线对“220V/880W”的电器RL供电，该电器正常工作，由此可知()A原、副线圈的匝数比为501B交变电压的频率为100
4、HzC副线圈中电流的有效值为4AD变压器的输入功率为880W7.(2012四川卷)如图5所示，在铁芯P上绕着两个线圈a和b，则()图5A线圈a输入正弦交变电流，线圈b可输出恒定电流B线圈a输入恒定电流，穿过线圈b的磁通量一定为零C线圈b输出的交变电流不对线圈a的磁场造成影响D线圈a的磁场变化时，线圈b中一定有电场8.(2012江苏卷)某兴趣小组设计了一种发电装置，如图6所示在磁极和圆柱状铁芯之间形成的两磁场区域的圆心角均为，磁场均沿半径方向匝数为N的矩形线圈abcd的边长abcdl、bcad2l.线圈以角速度绕中心轴匀速转动，bc和ad边同时进入磁场在磁场中，两条边所经过处的磁感应强度大小均为
5、B、方向始终与两边的运动方向垂直线圈的总电阻为r，外接电阻为R.求：(1)线圈切割磁感线时，感应电动势的大小Em；(2)线圈切割磁感线时，bc边所受安培力的大小F；(3)外接电阻上电流的有效值I.9.(2012安徽卷)图7是交流发电机模型示意图在磁感应强度为B的匀强磁场中，有一矩形线圈abcd可绕线圈平面内垂直于磁感线的轴OO转动，由线圈引出的导线ae和df分别与两个跟线圈一起绕OO转动的金属圆环相连接，金属圆环又分别与两个固定的电刷保持滑动接触，这样矩形线圈在转动中就可以保持和外电路电阻R形成闭合电路，图8是线圈的主视图，导线ab和cd分别用它们的横截面来表示已知ab长度为L1，bc长度为L
6、2，线圈以恒定角速率逆时针转动(只考虑单匝线圈)(1)线圈平面处于中性面位置时开始计时，试推导t时刻整个线圈中的感应电动势e1的表达式；(2)线圈平面处于与中性面成0夹角位置时开始计时，如图9所示，试写出t时刻整个线圈中的感应电动势e2的表达式；(3)若线圈电阻为r，求线圈每转动一周电阻R上产生的焦耳热(其他电阻均不计)限时训练(十四)1C解析：设电热器的电阻为R，正弦交流电电压的有效值为U.当电热器接到直流电源上有P，当电热器接到交流电源上有，解得U5V.交流电压的最大值UmaxU10V.所以C正确2B解析：由：U2380V由P出P入U1I1I19.1A.3ABC解析：滑动变阻器的滑片向右移
7、动，则路段电阻增大，总功率减小，对电能的利用效率增大，电源内阻不变，电流减小，内部消耗功率减小，故本题选ABC.4CD解析：从题中可知电动势的最大值为50V，100，有效值为25V，T0.02s，故选CD.5C解析：本题考查电路和变压器交流电表的读数都是有效值；故A、B错误；P下滑，变阻器R阻值变小，原线圈电压U1不变，所以副线圈电压U2不变，故负载回路中总电流I2变大，由n1I1n2I2，故C正确，D错误6C解析：由：u11000sin 100t(V)umax11000V，u有11000VT0.02s，f50Hz，故B错；R2正常工作，则IA4A，故C正确；所以U1Ir24V所以输出电压U2
8、44V由，故A错误P入P出P2I2r976W，故D错误7D解析：A：b线圈输出应为交变电流B：b线圈磁通量不会为0，且与a中相同C：b中有电流必会形成磁场影响a线圈D：a的磁场变化，b线圈就有变化磁通量，必会形成电场8解析：(1)bc、ad边的运动速度v，感应电动势Emax4NBlv解得Emax2NBl2(2)电流Imax，安培力F2NBImaxl解得F(3)一个周期内，通电时间tTR上消耗的电能WIRt，且WI2RT解得I9解析：(1)矩形线圈abcd转动过程中，只有ab和cd切割磁感线，设ab和cd的转动速度为v，则v在t时刻，导线ab和cd因切割磁感线而产生的感应电动势均为E1BL2v1由图可知v1vsint则整个线圈的感应电动势为e12E1BL1L2sint(2)当线圈由图9位置开始计时，在t时刻整个线圈的感应电动势为e2BL1L2sin(t0)(3)由闭合电路欧姆定律可知I这里E为线圈产生的电动势的有效值E则线圈转动一周在R上产生的焦耳热为QRI2RT其中T于是QRR()2
