1、课练24实验测定金属电阻率描绘小灯泡的伏安特性曲线1在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，除了标有“6 V1.5 W”的小灯泡、导线和开关外，还有：A直流电源6 V(内阻不计)B直流电流表03 A(内阻0.1 以下)C直流电流表0300 mA(内阻约为5 )D直流电压表015 V(内阻约为15 k)E滑动变阻器“10 2 A”F滑动变阻器“1 k0.5 A”实验要求小灯泡两端的电压从零开始变化并能多测几次(1)实验中电流表应选用_，滑动变阻器应选用_(均用序号表示)(2)试按要求在虚线框(图甲)中画出电路图(3)根据电路图将图乙中所示器材连成实验电路答案：(1)CE(2)如图所示(3)如图所
2、示解析：(1)小灯泡的额定电流为0.25 A，其电阻约为24 ，故为精确测量，电流表选C；为方便调节，滑动变阻器选E.(2)小灯泡内阻较小，故电流表采用外接法，小灯泡两端的电压要求从零开始调节，故滑动变阻器采用分压式接法(3)实物图连接可以根据分压式接法先把滑动变阻器下面两个接线柱直接连在电源和开关两端，再考虑小灯泡和电流表串联的一端接在滑动变阻器的上接线柱上，另一端接在电源没有接开关的那个接线柱上，最后连接电压表(要注意电流进出电表必须正进负出)2一实验小组准备探究元件Q的伏安特性曲线，他们设计了如图甲所示的电路图请回答下列问题：(1)请将图乙中的实物连线按电路图补充完整(2)考虑电表内阻的
3、影响，该元件电阻的测量值_(填“大于”“等于”或“小于”)真实值(3)在电路中闭合开关S，电流表、电压表均有示数，但无论怎样移动变阻器滑片，总不能使电压表的示数调为零，原因可能是图中的_(填a、b、c、d、e、f)处接触不良(4)实验测得表格中的7组数据请在坐标系(图丙)中作出该元件的IU图线序号电压/V电流/A10.000.0020.400.0230.800.0541.200.1251.600.2062.000.3172.400.44(5)为了求元件Q在IU图线上某点的电阻，甲同学利用该点的坐标I、U，由R求得乙同学作出该点的切线，求出切线的斜率k，由R求得其中_(填“甲”或“乙”)同学的方
4、法正确答案：(1)如图甲所示(2)小于(3)f(4)如图乙所示(5)甲解析：(2)由电路图知电流的测量值偏大，根据R知电阻的测量值偏小，即小于真实值；(3)无论怎样移动变阻器滑片，总不能使电压表的示数调为零，是因为滑动变阻器的接法是限流式接法，故是导线f断路3某同学研究小灯泡的伏安特性曲线，用实验得到下表的数据(I和U分别表示流过小灯泡的电流和小灯泡两端的电压)，则：U/V00.200.400.600.801.00I/A00.120.210.290.340.38U/V1.201.401.601.802.002.20I/A0.410.460.480.490.50(1)当U1.40 V时对应的电流
5、表示数如图甲所示，其读数为_ A.(2)实验中所用的器材有：电压表(量程3 V，内阻约为2 k)；电流表(量程0.6 A，内阻约为0.2 )；滑动变阻器(05 ，1 A)；电源、待测小灯泡、开关、若干导线请在图乙方框中画出该实验的电路图(3)根据实验数据，在图丙中画出小灯泡的UI曲线(4)如果把小灯泡接在一个电动势为1.5 V、内阻为2.0 的电池两端，则小灯泡的实际功率是_W(结果保留两位有效数字)答案：(1)0.44(2)如图甲所示(3)如图乙所示(4)0.27(0.250.29都正确)解析：(2)估测小灯泡的电阻较小，故电流表要采用外接法；测小灯泡伏安特性曲线，电压要从零开始调节，故滑动
6、变阻器采用分压式接法，如图甲所示(3)作小灯泡的UI曲线，要进行描点连线，连线要求舍去偏差比较大的点，并用平滑的曲线连线(4)把小灯泡接在一个电动势为1.5 V、内阻为2.0 的电池两端，此时小灯泡的实际电压、电流是小灯泡的UI曲线与电源的UI曲线的交点，如图丙所示，故其实际功率为交点对应的电流和电压的乘积4要描绘一个标有“3 V0.6 W”小灯泡的伏安特性曲线，小灯泡两端的电压需要由零逐渐增加到3 V，并便于操作已选用的器材有：电池组(电动势为4.5 V，内阻约1 )；电流表(量程为0250 mA，内阻约5 )；电压表(量程为03 V，内阻约3 k)；开关一个、导线若干(1)实验中所用的滑动
7、变阻器应选下列中的_(填选项字母)A滑动变阻器(最大阻值20 ， 额定电流1 A)B滑动变阻器(最大阻值1 750 ，额定电流0.3 A)(2)实验的电路图应选用下列的图_(填选项字母)(3)实验得到小灯泡的伏安特性曲线如图所示现将两个这样的小灯泡并联后再与一个2 的定值电阻R串联，接在电动势为1.5 V、内阻为1 的电源两端，如图乙所示每个小灯泡消耗的功率是_W.答案：(1)A(2)B(3)0.09解析：(1)由描绘小灯泡的伏安特性曲线的实验原理可知，滑动变阻器应选总阻值较小的A.(2)由于小灯泡电阻较小，电流表应选外接法，滑动变阻器应接成分压式，故实验电路为B.(3)设小灯泡中的电流为I，
8、电压为U，由UE2I(Rr)，代入数据可得U1.56I，作出小灯泡在图乙电路中的IU关系图线与小灯泡的伏安特性曲线的交点，该交点横、纵坐标的乘积即等于每个小灯泡消耗的功率，即P0.6 V0.15 A0.09 W.5小灯泡灯丝的电阻会随温度的升高而变大某同学为研究这一现象，用实验描绘小灯泡的伏安特性曲线实验可供选择的器材有：A小灯泡(规格为“2.5 V 1.2 W”)B电流表A(量程为00.6 A，内阻为1 )C电压表V(量程为03 V，内阻未知)D滑动变阻器(010 ，额定电流为1 A)E滑动变阻器(05 ，额定电流为0.5 A)F电源(E3 V，内阻不计)G定值电阻R0(阻值为6 )H开关一
9、个和导线若干(1)要求小灯泡两端的电压从零开始变化，且能尽量消除系统误差，在方框内画出实验电路图(2)实验中，应该选用的滑动变阻器是_(填写器材前字母代号)(3)按照正确的电路图，该同学测得实验数据如下(I是电流表A的示数，U是电压表V的示数，U灯是小灯泡两端的实际电压)请通过计算补全表格中的空格，然后在右图中画出小灯泡的U灯I曲线.I/A0.050.100.150.200.25U/V0.080.150.250.400.60U灯/VI/A0.300.350.400.450.48U/V0.901.301.852.503.00U灯/V(4)该同学将与本实验中一样的两个小灯泡以及给定的定值电阻R0三
10、者一起串联接在本实验中提供的电源两端，则每个灯泡的实际功率是_ W.答案：(1)如图甲所示(2)D(3)如下表如图乙所示(4)0.18I/A0.050.100.150.200.25U/V0.080.150.250.400.60U灯/V0.030.050.100.200.35I/A0.300.350.400.450.48U/V0.901.301.852.503.00U灯/V0.600.951.452.052.52解析：(1)要使小灯泡两端电压从零开始变化，滑动变阻器应采用分压式接法，为测量更准确，应采用电流表内接法，实验电路图如图甲所示(2)由于滑动变阻器采用分压式接法，若选E，则通过滑动变阻器
11、的电流约I A0.6 A0.5 A，故滑动变阻器应选用D.(3)由第(1)问中所画电路图分析可得：U灯UIRA，则可根据表中数据求出U灯，并画出U灯I图线如图乙所示(4)在U灯I图线中找出2U灯IR0E的点，则此时灯泡的电压U灯0.6 V，电流I0.3 A所以每个灯泡的实际功率PU灯I0.6 V0.3 A0.18 W.6现有一合金制成的圆柱体，为测量该合金的电阻率，现用伏安法测圆柱体两端之间的电阻，用螺旋测微器测量该圆柱体的直径，用游标卡尺测量该圆柱体的长度螺旋测微器和游标卡尺的示数如图甲和图乙所示(1)由图读得圆柱体的直径为_mm，长度为_cm.(2)若流经圆柱体的电流为I，圆柱体两端之间的
12、电压为U，圆柱体的直径和长度分别用D、L表示，则用D、L、I、U表示的电阻率的关系式为_.答案：(1)1.7954.250(2)解析：(1)圆柱体的直径为1.5 mm29.50.01 mm1.795 mm，长度为42 mm100.05 mm4.250 cm；(2)圆柱体的电阻为R，根据电阻的决定式可知R，联立两式得.7.有一根细长而均匀的金属管线样品，横截面如图所示此金属材料重12 N，长约为30 cm，电阻约为10 .已知这种金属的电阻率为，密度为0.因管内中空部分截面积形状不规则，无法直接测量，请设计一个实验方案，测量中空部分的截面积S0，现有如下器材可选：A毫米刻度尺B螺旋测微器C电流表
13、(0600 mA,1.0 )D电流表(03 A,0.1 )E电压表(03 V,6 k)F滑动变阻器(020 ，0.5 A)G滑动变阻器(010 k，2 A)H蓄电池(6 V,0.05 )I开关一个，带夹子的导线若干(1)除待测金属管线外，还应选用的器材有_(只填器材前的字母)(2)在方框中画出你所设计方案的实验电路图，并把所选仪器连成实际测量电路(3)实验中要测量的物理量有：_；计算金属管线内部空间截面积S0的表达式为S0_.答案：(1)ABCEFHI(2)如图所示(3)横截面边长a、管线长度L、管线两端电压U、通过管线的电流Ia2解析：(1)本实验需要用伏安法测量电阻，根据欧姆定律有R，同时
14、要结合电阻定律公式R求解截面积，故要用电压表测量电压，用电流表测量电流，用刻度尺测量长度，用螺旋测微器测量边长当然，要组成电路，还需要电源、开关、导线以及滑动变阻器由于电阻通电电流较大时升温明显，影响电阻率，故要小电流，电流表选择较小量程(2)由于要求尽可能测出多组有关数值，故滑动变阻器要采用分压式接法，金属管线电阻较小，因此电流表采用外接法(3)根据欧姆定律有R，根据电阻定律公式有R，由此解得S.因此要用螺旋测微器测横截面边长a，用毫米刻度尺测金属管线长度L，用电压表测金属管线两端电压U，用电流表测通过金属管线的电流I，因此金属管线内部空间截面积S0的表达式为S0a2.8如图甲所示(导线连线
15、不完整)，某同学想测量某导电溶液的电阻率，先在一根均匀的长玻璃管两端各安装了一个电极(接触电阻不计)，两电极相距L0.700 m，其间充满待测的导电溶液用如下器材进行测量：电压表V(量程15 V，内阻约30 k)电流表G(量程300 A，内阻约50 )滑动变阻器(最大阻值10 ，额定电流1 A)电池组(电动势E12 V，内阻r6 )单刀单掷开关一个，导线若干下表是他测量通过管中导电液柱的电流及两端电压的实验数据实验中他还用20分度的游标卡尺测量了玻璃管的内径，结果如图乙所示U/V01.03.05.07.09.011.0I/A02265109155175240根据以上所述请回答下面的问题：(1)
16、玻璃管内径d的测量值为_cm；(2)根据表中数据在图丙坐标系中描点，请作出UI图象，根据图象求出电阻R_(保留两位有效数字)；(3)计算导电溶液的电阻率表达式是_(用R、d、L表示)，测量值为_m(保留两位有效数字)；(4)请画出测量导电溶液电阻的电路图，并在图甲中补画出未连接的导线答案：(1)3.075(2)如图甲所示4.6104(3)49(4)如图乙、丙所示解析：(1)对游标卡尺：主尺刻度为30 mm，游标一共20个格，分度为0.05 mm，且游标尺的第15个格与主尺刻线对齐，因此它的读数为30 mm150.05 mm30.75 mm3.075 cm.(2)连线时要让大多数点在一条直线上作
17、出UI图象如图甲所示图线的斜率表示导电液柱的电阻，根据图线可得R4.6104 .(3)由RL/S，S(d/2)2，则49 m.(4)在本题中，由于待测导电溶液电阻值较大，故应采用电流表的内接法，从表中可看出电表示数从零开始，故应采用滑动变阻器的分压式接法电路图与实物连接图如图乙、丙所示9金属材料的电阻率通常随温度的升高而增大，而半导体材料的电阻率随温度的升高而减小某同学需要研究某种导电材料的导电规律，他用该种导电材料制作成电阻较小的线状元件Z，并测量元件Z中的电流随两端电压从零逐渐增大过程中的变化规律(1)他应选用下图所示的_电路进行实验(2)实验测得元件Z的电压与电流的关系如下表所示根据表中
18、数据，可判断元件Z是_(填“金属材料”或“半导体材料”).U/V00.400.600.801.001.201.501.60I/A00.200.450.801.251.802.813.20(3)用螺旋测微器测量线状元件Z的直径如图甲所示，则元件Z的直径是_mm.(4)把元件Z接入如图乙所示的电路中，当电阻R的阻值为R12 时，电流表的读数为1.25 A；当电阻R的阻值为R23.6 时，电流表的读数为0.80 A结合上表数据，求出电池的电动势为_V，内阻为_.(不计电流表的内阻)答案：(1)A(2)半导体材料(3)1.990(1.9891.991都算对)(4)4.00.4解析：(1)因为题中Z两端
19、电压要从零开始调节，所以滑动变阻器应该用分压式接法，根据表格中数据可知元件Z的阻值较小，为减小误差，应用电流表外接法，电路图应是A图(2)从测量得到的数据中可见电流越大，电阻值越小，说明该元件是半导体材料(4)由表格中分别读出1.25 A、0.80 A所对应的电压是1.00 V、0.80 V，利用EUI(Rr)建立方程，有E1.00 V1.25 A(2 r)，E0.80 V0.80 A(3.6 r)，解得E4.0 V，r0.4 .10(2018南开中学月考)某同学通过实验研究LED灯的伏安特性曲线，可用的器材如下：电源(内阻不计)、滑动变阻器、电流表、电压表、不同规格的LED灯两组、开关、导线
20、(1)该同学将灯L1连接成如图甲所示的实验电路，开关闭合前，滑动变阻器的滑片位置应置于最_端(填“左”或“右”)各元件检查正常，闭合开关后，移动滑动变阻器滑片，发现电压表有示数，而电流表始终无示数，且灯L1不亮，则一定断路的导线是_(2)更换导线后，移动滑动变阻器滑片，得到灯L1的IU图象如图乙中的图线，则可知灯L1的电阻随电压增大而_(填“变大”“变小”或“不变”)(3)换灯L2重做实验，得到其IU图象如图乙中的图线.将滑动变阻器的滑片移到合适位置固定，同时撤去导线2，接灯L2时电流表的读数为0.16 A，接灯L1时电流表的读数为0.14 A，灯被短路时，电流表的读数应为_A(结果保留两位有
21、效数字)答案：(1)左6(2)变小(3)0.22解析：(1)该同学将灯L1连接成如题图甲所示的实验电路，由图可知该电路为分压式电路，所以开关闭合前，滑动变阻器的滑片应置于最左端，使开始时LED灯两端的电压最小各元件检查正常，闭合开关后，移动滑动变阻器滑片，发现电压表有示数，说明电压表的支路没有问题；而电流表始终无示数，且灯L1不亮，则只有LED灯的支路存在问题，所以一定断路的导线是6.(2)在题图乙IU图象中，各个点与坐标原点的连线的斜率表示电阻的倒数，由图可知，随电压增大，各点与坐标原点的连线的斜率增大，所以可知灯L1的电阻值减小(3)由题图乙可以读出，接灯L2时电流的读数为0.16 A，此
22、时的电压为U20.8 V；接灯L1时电流表的读数为0.14 A，此时的电压为U11.05 V；设电源的电动势为E，滑动变阻器阻值为R，由闭合电路欧姆定律得EU1I1R，EU2I2R，联立解得E2.8 V，R12.5 .所以当灯被短路时，电流表的读数I A0.224 A0.22 A.刷题加餐练1(2017新课标全国卷)某同学研究小灯泡的伏安特性所使用的器材有：小灯泡L(额定电压3.8 V，额定电流0.32 A)；电压表(量程3 V，内阻3 k)；电流表(量程0.5 A，内阻0.5 )；固定电阻R0(阻值1 000 )；滑动变阻器R(阻值09.0 )；电源E(电动势5 V，内阻不计)；开关S；导线
23、若干(1)实验要求能够实现在03.8 V的范围内对小灯泡的电压进行测量，画出实验电路原理图(2)实验测得该小灯泡伏安特性曲线如图(a)所示由实验曲线可知，随着电流的增加小灯泡的电阻_(填“增大”“不变”或“减小”)，灯丝的电阻率_(填“增大”“不变”或“减小”)(3)用另一电源E0(电动势4 V，内阻1.00 )和题给器材连接成图(b)所示的电路，调节滑动变阻器R的阻值，可以改变小灯泡的实际功率闭合开关S，在R的变化范围内，小灯泡的最小功率为_W，最大功率为_W(结果均保留2位小数)答案：(1)实验电路原理图如图所示(2)增大增大(3)0.391.17解析：本题考查电路设计及伏安特性曲线的应用
24、(1)先考虑测量电路，由于小灯泡的额定电压为3.8 V，而电压表的量程只有3 V，但其内阻已知，由给定器材规格可知，可串联固定电阻R0将其改装为量程4 V的电压表因小灯泡的电阻较小，采用电流表外接法再考虑控制电路，由于实验中电压需从0开始变化，故控制电路需采用分压式(2)由R知IU图线的斜率表示电阻的倒数，故随着电流的增加小灯泡电阻逐渐增大再由R可知，在L、S不变的情况下，R增大的原因只能是电阻率增大(3)当R全部电阻接入电路时，通过灯泡的电流最小，灯泡实际消耗的功率最小设此时灯泡两端电压为U、通过的电流为I，由闭合电路欧姆定律得EUI(Rr)，代入数据得I0.40.1U，在灯泡的伏安特性曲线
25、坐标系中作出I0.40.1U的图线，两图线的交点坐标即为此时灯泡两端电压与通过灯泡的电流，有U1.75 V、I225 mA，故最小功率为PminIU0.39 W当R接入电路中的阻值等于0时，电路中电流最大、灯泡实际消耗的功率最大同理可得Pmax1.17 W.2(2016新课标全国卷)某同学利用图(a)所示电路测量量程为2.5 V的电压表的内阻(内阻为数千欧姆)，可供选择的器材有：电阻箱R(最大阻值99 999.9 )，滑动变阻器R1(最大阻值50 )，滑动变阻器R2(最大阻值5 k)，直流电源E(电动势3 V)，开关1个，导线若干实验步骤如下：按电路原理图(a)连接线路；将电阻箱阻值调节为0，
26、将滑动变阻器的滑片移到与图(a)中最左端所对应的位置，闭合开关S；调节滑动变阻器，使电压表满偏；保持滑动变阻器滑片的位置不变，调节电阻箱阻值，使电压表的示数为2.00 V，记下电阻箱的阻值回答下列问题：(1)实验中应选择滑动变阻器_(填“R1”或“R2”)(2)根据图(a)所示电路将图(b)中实物图连线(3)实验步骤中记录的电阻箱阻值为630.0 ，若认为调节电阻箱时滑动变阻器上的分压不变，计算可得电压表的内阻为_ (结果保留到个位)(4)如果此电压表是由一个表头和电阻串联构成的，可推断该表头的满刻度电流为_(填正确答案标号)A100 A B250 AC500 A D1 mA答案：(1)R1(
27、2)如图解析所示(3)2 520(4)D解析：(1)为减小实验误差，要求滑动变阻器的阻值远远小于待测电压表的内电阻，这样才能保证调节电阻箱时，滑动变阻器上的分压几乎不变，所以滑动变阻器应选R1.(2)实物图连线如图所示(3)电阻箱阻值为0时，电压表满偏电压Ug2.5 V，电阻箱阻值R630.0 时，电压表的示数UV2.00 V，此时电阻箱两端的电压URUgUV0.5 V，根据串联电路电压与电阻成正比可得，故RgR630.0 2 520 .(4)电压表的满偏电流为Ig，则IgRgUg，故Ig A1 mA，选项D正确3(2016浙江卷)某同学用伏安法测量导体的电阻，现有量程为 3 V、内阻约为3
28、k的电压表和量程为0.6 A、内阻约为0.1 的电流表采用分压电路接线，图1是实物的部分连线图，待测电阻为图2中的R1，其阻值约为5 .(1)测R1阻值的最优连接方式为导线连接_(填“a”或“b”)、导线连接_(填“c”或“d”)(2)正确接线测得实验数据如下表，用作图法求得R1的阻值为_ .U/V0.400.801.201.602.002.40I/A0.090.190.270.350.440.53(3)已知图2中R2与R1是材料相同、厚度相等、表面为正方形的两导体，R2的边长是R1的，若测R2的阻值，则最优的连线应选_(填选项)A连接a，连接cB连接a，连接dC连接b，连接cD连接b，连接d
29、答案：(1)ad(2)如图所示4.5(4.44.7)(3)B解析：(1)待测电阻R15 、RV3 k、RA0.1 ，故R1属于小电阻，用电流表外接法，因此导线应连接a，变阻器采用分压接法，因此导线应连接d.(2)R1的UI图线如图所示其阻值R1 4.5 (3)设电阻的厚度为d，表面为正方形且长度为l由电阻定律R和Sld得R故R2R1，因此连接方式与(1)相同，B选项正确4(2015福建卷)某学习小组探究一小电珠在不同电压下的电功率大小，实验器材如图甲所示，现已完成部分导线的连接(1)实验要求滑动变阻器的滑片从左到右移动过程中，电流表的示数从零开始逐渐增大，请按此要求用笔画线代替导线在图甲实物接
30、线图中完成余下导线的连接；(2)某次测量，电流表指针偏转如图乙所示，则电流表的示数为_A；(3)该小组描绘出的伏安特性曲线如图丙所示，根据图线判断，将_只相同的小灯泡并联后，直接与电动势为3 V、内阻为1 的电源组成闭合回路，可使小电珠的总功率最大，其总功率的值约为_W(保留两位小数)答案：(1)如图所示(2)0.44(3)42.28解析：(1)要求滑动变阻器的滑片从左到右移动过程中，电流表的示数从零开始逐渐增大，因此滑动变阻器采用分压接法，小电珠的电阻较小，电流表要外接，连线如图(2)电流表的分度值为0.02 A，可知读数为0.44 A(3)当电源外接电阻等于内阻时，电源的输出功率最大，此时
31、路端电压为1.5 V，外接总电阻为1 ，由图丙可知，当小电珠电压为1.5 V时，电流为0.38 A，因此此时小电珠的电阻为R 4 ，因此小电珠个数为n4个，小电珠的总功率为P4U/I41.50.38 W2.28 W.5(2015广东卷)某实验小组研究两个未知元件X和Y的伏安特性，使用的器材包括电压表(内阻约为3 k)、电流表(内阻约为1 )、定值电阻等(1)使用多用电表粗测元件X的电阻选择“1”欧姆挡测量，示数如图1(a)所示，读数为_.据此应选择图1中的_(填“b”或“c”)电路进行实验(2)连接所选电路，闭合S；滑动变阻器的滑片P从左向右滑动，电流表的示数逐渐_(填“增大”或“减小”)；依
32、次记录电流及相应的电压；将元件X换成元件Y，重复实验(3)图2(a)是根据实验数据作出的UI图线，由图可判断元件_(填“X”或“Y”)是非线性元件(4)该小组还借助X和Y中的线性元件和阻值R21 的定值电阻，测量待测电池的电动势E和内阻r，电路如图(b)所示闭合S1和S2，电压表读数为3.00 V；断开S2，读数为1.00 V利用图2(a)可算得E_V，r_(结果均保留两位有效数字，视电压表为理想电压表)答案：(1)10.0 b(2)增大(3)Y(4)3.20.50解析：(1)测量值读数倍率，故测量结果为10.01 10.0 ，因Rx10.0 ，Rx属于小电阻，故测量电路应采用电流表外接法(2
33、)滑片P向右滑动时测量电路两端的电压增大，故电流表的示数也增大(3)非线性元件的UI图线是曲线(4)由图2(a)可知U13.00 V时I10.30 A，U21.00 V时I20.10 A，根据闭合电路欧姆定律有E3.000.30r，E1.000.10(r21)，解得E3.15 V3.2 V，r0.50 .6(2018广东湛江一中等四校联考)某同学要测量一个由均匀新材料制成的圆柱体的电阻率，步骤如下：(1)用游标卡尺测量其长度如图甲所示，可知其长度为_mm.(2)用螺旋测微器测量其直径如图乙所示，可知其直径为_mm.(3)选用多用电表的电阻“1”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如
34、图丙所示，则该圆柱体的阻值约为_.(4)为更精确地测量其电阻，可供选择的器材如下：电流表A1(量程0300 mA，内阻约为2 )；电流表A2(量程0150 mA，内阻约为10 )；电流表V1(量程01 V，内阻r01 000 )；电流表V2(量程015 V，内阻约为15 k)；定值电阻R03 000 ；滑动变阻器R1(最大阻值为5 )；滑动变阻器R2(最大阻值为1 000 )；电源E(电动势约为4 V，内阻r约为1 )；开关，导线若干为了使测量尽量准确，测量时电表读数不得小于其量程的，电压表应选_，电流表应选_，滑动变阻器应选_(填器材代号)(5)根据你选择的器材，请在方框内画出实验电路图答案
35、：(1)50.15(2)4.700(3)22(4)V1A2R1(5)如图所示解析：(1)游标卡尺的读数为50 mm30.05 mm50.15 mm；(2)螺旋测微器的读数为4.5 mm20.00.01 mm4.700 mm；(3)欧姆表的读数：示数倍率221 22 ；(4)(5)用量程015 V的电压表指针偏角太小，所以用电压表V1，并进行改装，由电源电动势和内阻的值知电流最大约为Im174 mA，所以用电流表A2，滑动变阻器用最大阻值较小的，便于调节，所以用滑动变阻器R1，电流表外接，滑动变阻器采用分压接法，电路图如上图所示7(2018河南郑州一中质检)要测定一卷阻值约为20 的金属漆包线的
36、长度(两端绝缘层已去除)，实验室提供有下列器材：A电流表A：量程00.6 A，内阻约为1 ；量程03 A，内阻约为0.2 B电压表V：量程03 V，内阻约为2 k；量程015 V，内阻约为10 kC学生电源E：电动势约为30 V，内阻r可以忽略D滑动变阻器R1：阻值范围010 ，标定电流4 AE滑动变阻器R2：阻值范围0500 ，标定电流0.5 AF开关S及导线若干(1)使用螺旋测微器测量漆包线直径时示数如图甲所示，则漆包线的直径为d_mm.(2)为了调节方便，并能较准确地测出该漆包线的电阻，电流表应选择量程_(填量程序号)，电压表应选择量程_(填量程序号)，滑动变阻器应选择_(填“R1”或“
37、R2”)，请设计合理的实验电路，将电路图完整地补画在虚线框中(3)根据正确的电路图进行测量，某次实验中电压表与电流表的表盘示意图如图乙，可求出这卷漆包线的电阻为_(结果保留三位有效数字)(4)已知这种漆包线金属丝的直径为d，材料的电阻率为，忽略漆包线的绝缘层的厚度，则这卷漆包线的长度L_(用U、I、d、表示)答案：(1)0.830(2)R1如图所示(3)21.3(4)解析：(1)螺旋测微器的固定刻度为0.5 mm，可动刻度为33.00.01 mm0.330 mm，所以漆包线的直径为d0.5 mm0.330 mm0.830 mm.(2)题目中给出的电源电动势约为30 V，为了安全起见，电压表应选
38、择量程.为了便于控制，滑动变阻器采用分压接法， 故滑动变阻器选总电阻较小的R1.通过金属漆包线的最大电流不超过Imax A0.75 A，所以电流表应选择量程.由于20，500，所以R1，开关掷向2瞬间放电电流较小解析：(1)用多用电表的“10”挡测量电阻R1，指针指在刻度10，则多用电表读数为R11010 100 .(2)由题图丙可知最大电流im0.09 A，根据UmimR1，计算得出最大电压为9 V，it曲线和坐标轴所围的面积表示电容器的带电荷量Q42.3 mAs，由电容器电容CQ/U可得：C4.7103 F(3)第2次实验中，电流随时间变化的it曲线应该是题图丁中的虚线c.判断依据是：根据im，因R2R1，所以第2次实验的最大电流小些，故不是b，根据QmCUm，两次测得的it曲线与坐标轴所围成的面积相等，故不是d，所以正确的是c.
