1、2014-2015学年浙江省台州市天台县平桥中学高二（上）第二次测试物理试卷 一.单项选择题：（每题4分，共40分）1（4分）（2014秋瓯海区校级期中）带电微粒所带的电荷量的值不可能的是下列的（）A2.41019CB6.41019CC1.61019CD41017C考点：元电荷、点电荷版权所有专题：电场力与电势的性质专题分析：元电荷是指最小的电荷量，任何物体的带电量都是元电荷或是元电荷的整数倍解答：解：最小的电荷量是1.61019C，我们把这个最小的电荷量叫做元电荷，任何物体的带电量都是元电荷或是元电荷的整数倍，A、由于2.41019C不是1.61019C的整数倍，故A错误B、6.41019C
2、是1.61019C的4倍，故B正确；C、1.61019C是1.61019C的1倍，故C正确；D、41017C是1.61019C的250倍，故D正确；本题选择不可能的，故选：A点评：本题就是对元电荷概念的考查，知道任何物体的带电量都是元电荷或是元电荷的整数倍即可解决本题2（4分）（2014秋天台县校级月考）如图所示，两个带绝缘底座的金属球A和B相距一定距离，A带+Q电荷，B带+q电荷，它们之间的相互作用力为F，若保持球A的带电量不变，而使B球改为带q电荷，则它们之间的相互吸引力为F，则（）AF=FBFFCFFD无法比较二者的大小考点：库仑定律菁优网版权所有专题：电场力与电势的性质专题分析：本题比
3、较简单，直接根据库仑力公式得出两次作用力的表达式，虽球距离不变，但电荷的间距发生变化，从而从而解出正确结果解答：解：由库伦定律可得：A带+Q电荷，B带+q电荷，它们之间的相互作用力：F=使B球改为带q电荷，则它们之间的相互吸引力：F=从B带+q电荷，变为q电荷，导致电荷间距变小，则库仑力变大，即FF故选：B点评：本题考查库仑定律的直接应用，对于库伦定律公式要注意公式的适用条件以及公式中各个物理量的含义3（4分）（2009普陀区二模）如图所示，在矩形ABCD的AD边和BC边的中点M和N各放一个点电荷，它们分别带等量的正、负电荷E、F是AB边和CD边的中点，P、Q两点在MN的连线上，MP=QN对于
4、E、F、P、Q四点，其中电场强度相同、电势相等的两点是（）AE和FBP和QCA和BDC和D考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势能版权所有专题：电场力与电势的性质专题分析：首先画出根据等量异种电荷的电场线，然后根据沿着电场线电势逐渐降低来判断电势的高低；用电场线的疏密程度表示电场强度的大小，用电场线的切线方向表示场强方向解答：解：A、等量异号电荷的电场线分布情况如图所示图中电场线从正电荷出发，等势面为不规则的圆圈，在两个异种电荷的中垂线上是等势面，E、F两点关于连线对称，电场强度大小和方向都相同，故A正确；B、在两个异种电荷的连线上，电场线从正电荷指向负电荷，沿着电场线电势越来越低，故P
5、、Q电势不等，故B错误；C、题目图中位置A与位置C两位置关于两电荷连线不对称，由A选项的分析图可知，其场强方向不同，故C错误；D、C与D两位置位于两电荷连线同一侧，结合图象可知，场强方向也不同，故D错误；故选A点评：本题关键根据等量异种电荷的电场线图，确定各点的场强方向和大小，还可以画出等势面，同时要注意，沿着电场线，电势降低4（4分）（2012秋杜集区校级期中）下列关于场强和电势的叙述正确的是（）A在匀强电场中，场强处处相同，电势也处处相等B在正点电荷形成的电场中，离点电荷越远，电势越高，场强越小C等量异种点电荷形成的电场中，两电荷连线中点的电势为零，场强不为零D在任何电场中，场强越大的地方
6、，电势也越高考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；电场强度；电势版权所有专题：电场力与电势的性质专题分析：沿着电场线的方向电势逐渐降低根据等量同种电荷和等量异种电荷周围电场线的特征判断电势的高低和电场强度的大小解答：解：A、在匀强电场中，场强处处相同，但同一等势面上电势处处相等，不是所有的电势均处处相等，故A错误；B、在正点电荷形成的电场中，根据可知，离点电荷越远，场强越小，因沿着电场线方向，电势在减小，故B错误；C、通常取无穷远为零电势，等量异种点电荷形成的电场中，两电荷连线中点的电势则为零，但电场强度不为零，故C正确；D、在任何电场中，场强越大的地方，等差等势面越密，但电势不一定越高，比
7、如靠近负点电荷，电场强度大，而电势却低，故D错误，故选：C点评：解决本题的关键知道等量同种电荷和等量异种电荷周围电场线的特点，根据电场线疏密比较场强的强弱，根据电场线方向确定电势的高低5（4分）（2008海南）匀强电场中有a、b、c三点在以它们为顶点的三角形中，a=30、c=90，电场方向与三角形所在平面平行已知a、b和c点的电势分别为（2）V、（2+）V和2V该三角形的外接圆上最低、最高电势分别为（）A（2）V、（2+）VB0V、4VC（2）V、（2+）VD0V、V考点：电势；电场线版权所有专题：压轴题；电场力与电势的性质专题分析：作出三角形的外接圆，其圆心O在ab的中点，该点电势为2V，O
8、C为等势线，作出OC的垂线MN为电场线，根据U=Ed，顺着电场线MN，找出离O点最远的点，电势最低；逆着电场线，离O点最远点电势最高解答：解：如图所示，取ab的中点O，即为三角形的外接圆的圆心，且该点电势为2V，故Oc为等势线，其垂线MN为电场线，方向为MN方向 外接圆上电势最低点为N点，最高点为M点设外接半径为R，则UOP=UOa=V， UON=ER，UOP=ERcos30， 则 UON：UOP=2：， 故UON=2V，N点电势为零，为最低电势点， 同理M点电势为4V，为最高电势点故选B点评：找等势点，作等势线，进一步作出电场线，并结合几何知识是求电势问题常用的方法6（4分）（2011秋长沙
9、县校级期末）使带电的金属球靠近不带电的验电器，验电器的箔片张开下列各图表示验电器上感应电荷的分布情况，其中正确的是（）ABCD考点：电荷守恒定律版权所有分析：当带电金属球靠近不带电的验电器时，由于电荷间的相互作用，而使电荷发生了移动从而使箔片带电解答：解：由于同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，故验电器的上端应带上与小球异号的电荷，而验电器的箔片上将带上与小球同号的电荷；故只有B符合条件故选：B点评：本题根据电荷间的相互作用，应明确同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引7（4分）（2014秋天台县校级月考）在阴雨天气，由于阳光不足，热水器中的水温达不到所需要的温度，若在热水器内设计安装利用电阻丝辅
10、助加热装置，如图所示，如要在最短的时间内将水加热到预期的温度，应将选择开关置于哪一个档位（）A“0”档B“1”档C“2”档D“3”档考点：焦耳定律版权所有专题：恒定电流专题分析：焦耳定律的内容是：电流通过导体产生的热量跟电流的二次方成正比，跟导体的电阻成正比，跟通电的时间成正比对于纯电阻电路，在电压相等的条件下，电阻越小，电流越大，热功率越大解答：解：根据焦耳定律，有：Q=I2Rt根据欧姆定律，有：I=故在电压一定的情况下，电阻越小，发热功率越大，产生相同的内能需要的时间越短；故选：B点评：本题关键是根据焦耳定律和欧姆定律得到发热的一般表达式，然后进行分析讨论8（4分）（2011秋长丰县校级期
11、末）A、B、C是三个不同规格的灯泡，按图所示方式连接都能正常发光，已知电源的电动势为E，内电阻为r，将滑动变阻器的滑片P向左移动，则三个灯亮度变化是（）AA、B灯比原来亮，C灯变暗BA、B灯比原来暗，C灯变亮C都比原来亮D都比原来暗考点：闭合电路的欧姆定律版权所有专题：恒定电流专题分析：由图看出此电路结构是：B灯、变阻器串联后与C并联，再与A灯串联滑动变阻器的滑片P向左移动时，接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据欧姆定律并联部分电压的变化情况，即可判断AB两灯亮度的变化，根据干路电流的变化，分析B灯亮度的变化解答：解：A、滑动变阻器的滑片P向左移动时，接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小
12、，根据闭合电路欧姆定律得知，干路电流增大，则A灯变亮根据串联电路分压规律可知并联部分分担的电压减小，则C灯变暗，由于通过B灯的电流等于干路电流与通过C灯电流之差，干路电流增大，而通过C灯的电流减小，则通过B灯的电流增大，变亮，故A正确，BCD错误故选：A点评：本题是简单的电路动态变化分析问题，通常按照“部分整体部分”的思路分析也可以直接根据有关结论进行分析，比如：变阻器电阻减小，所在电路中的电流增大，与之并联的电路中电流减小9（4分）（2014秋天台县校级月考）如图所示，R1和R2是两个定值电阻，R1的阻值很大，R2的阻值很小，G是一个灵敏电流计，则下列判断正确的是（）A只闭合K1，整个装置相
13、当于伏特表B只闭合K2，整个装置相当于安培表CK1和K2都断开，整个装置相当于灵敏电流计DK1和K2都闭合，整个装置相当于伏特表考点：多用电表的原理及其使用版权所有专题：恒定电流专题分析：电流表和电压表都是由表头改装而成的；电流表采用并联一个小电阻分流的方式，而电压表采用的采用串联大电阻分压的方向；根据电路的结构可知电路的功能解答：解：A、若只闭合K1，则G与R2并联扣与R1串联，由于R1的阻值很大，故电路中电阻较大，只能充当电压表使用，故A正确；B、只闭合K2，则R1被短路，只有表头接入电路，故只相当于灵敏电流计，故B错误；C、两个开关均断开，则G与R1串联，则相当于电压表，故C错误；D、两
14、开关均闭合，则电路中表头与R2并联，电阻较小，相当于安培表，故D错误；故选：A点评：本题要求学生能掌握电表的性质及电表改装的原理，明确电流表内阻较小，而电压表内阻较大10（4分）（2003北京）如图中虚线所示为静电场的等势面1、2、3、4，相邻的等势面之间的电势差相等，其中等势面3的电势为0一带正电的点电荷在静电力的作用下运动，经过a、b点的动能分别为26eV和5eV当这一点电荷运动到某一位置，其电势能变为8eV时，它的动能应为（）A8eVB13eVC20eVD34eV考点：等势面；功能关系；电势能版权所有专题：压轴题；带电粒子在电场中的运动专题分析：要求正电荷的电势能为8eV时的动能，需要知
15、道该正电荷的动能和电势能的总和，得出Eka+Epa=Ekb+Epb，得出EpbEpa=21eV从而确定ba；根据电荷经过a、b点的动能分别为26eV和5eV和ab之间有两个等势面且等势面3的电势为0，可设等势面4的电势为，则等势面a的电势2，再根据该正电荷的动能和电势能的总和保持不变求出正电荷的动能解答：解：在只有电场力做功的条件下动能和电势能的总和保持不变，故有Eka+Epa=Ekb+Epb所以26eV+Epa=5ev+EpbEpbEpa=26eV5eV=21eV根据EP=q可知ba，由于相邻等势面之间的电势差相同，等势面3的电势为0，设等势面4的电势为，则等势面a的电势2，代入式得q（2q
16、）=3q=21eVq=7eV正电荷的能量故有Ek+（8eV）=5eV+7eVEK=5eV+7eV+8eV=20eV故C正确，故选C点评：“在只有电场力做功的条件下动能和电势能的总和保持不变；相邻等势面之间的电势差相同”是我们解决此类问题时的突破口二.不定项选择（每题5分，共25分）11（5分）（2010老城区校级模拟）图中虚线是用实验方法描绘出的某一静电场中的一簇等势线，若不计重力的带电粒子从a点射入电场后恰能沿图中的实线运动，b点是其运动轨迹上的另一点，则下述判断正确的是（）Ab点的电势一定高于a点Ba点的场强一定大于b点C带电粒子一定带正电D带电粒子在b点的速率一定小于在a点的速率考点：等
17、势面；电场强度；电势版权所有专题：电场力与电势的性质专题分析：解答本题需要掌握：根据等势线的分布情况确定电场线的分布情况；正确判断带电粒子在电场中运动时电势能的变化；电场力做功特点解答：解：A、由图可知带电粒子的电场力指向弧的内侧，电场线和等势线垂直且由高等势线指向低等势线，但由于电性未知，故无法判断电场的方向，即ab两点的电势无法判断，故A错误；B、a点等势线密，电场线也密，所以电场强度大于b处，故B正确；C、由于电场的方向未知，故根据题意无法判断电荷的电性，故C错误；D、带电粒子所受电场力沿电场线指向曲线内侧，故带电粒子从a运动到b点时电场力做负功，所以带电粒子的动能减小，即带电粒子在b点
18、的速率一定小于在a点的速率，故D正确故选BD点评：解决这类问题的突破口为根据粒子运动轨迹确定粒子所受电场力方向，同时这类问题涉及物理知识很全面，能考查学生综合利用物理知识解决问题的能力，是高考的重点，要不断加强练习12（5分）（2010秋保定期末）如图所示，a、b分别表示由相同材料制成的两条长度相同、粗细均匀电阻丝的伏安特性曲线，下列判断中正确的是（）Aa代表的电阻丝较粗Bb代表的电阻丝较粗Ca电阻丝的阻值小于b电阻丝的阻值D图线表示的电阻丝的阻值与电压成正比考点：电阻定律版权所有专题：恒定电流专题分析：IU图线的斜率表示电阻的倒数，根据斜率比较电阻的大小根据电阻定律R=比较电阻丝的粗细解答：
19、解：A、图线的斜率表示电阻的倒数，图线a的斜率小于b的斜率，所以a的电阻大于b的电阻，根据电阻定律R=知，长度相同，材料相同，知a的横截面积小，b的横截面积大故A、C错误，B正确D、电阻的大小与电压、电流无关故D错误故选：B点评：解决本题的关键会从IU图线中比较电阻的大小，以及掌握电阻定律R=13（5分）（2005上海）在场强大小为E的匀强电场中，一质量为m、带电量为q的物体以某一初速沿电场反方向做匀减速直线运动，其加速度大小为0.8qE/m，物体运动S距离时速度变为零则（）A物体克服电场力做功qESB物体的电势能减少了0.8qESC物体的电势能增加了qESD物体的动能减少了0.8qES考点：
20、电势能；功的计算；动能定理的应用版权所有专题：计算题；压轴题分析：物体所受电场力为F=Eq，方向和电场方向相同，由于运动方向和电场方向相反，故电场力做负功，根据电场力做功情况可以判断电势能的变化；动能的变化可以利用动能定理通过合外力做功来求解答：解：A、由于物体所受电场力和运动方向相反，故电场力做负功即克服电场力做功W=EqS，故A正确；B、电场力做负功，电势能增加，故B错误；C、电势能增加量和克服电场力做功相等，所以电势能增加了EqS，故C正确；D、物体做减速运动，合外力做负功，动能减小，由动能定理得：Ek=F合S=maS=0.8EqS，故D正确故选ACD点评：本题在电场中考察了各种功能关系
21、的转化，正确解答的关键是明确各种功能关系14（5分）（2014秋天台县校级月考）如图所示，A、B、C、D是某匀强电场中的4个等势面，一个质子和一个粒子（电荷量是质子的2倍，质量是质子的4倍）同时在A等势面从静止出发，向右运动，当到达D面时，下列说法正确的是（）A电场力做功之比为1：2B它们的动能之比为2：1C它们的速度之比为：1D它们运动的时间之比为1：1考点：电势差与电场强度的关系；电势能版权所有专题：电场力与电势的性质专题分析：根据电场力做功的特点可得电场力所做的功W=qU；根据动能定理qU=mv2，可以求出粒子的动能EK；根据EK=求的速度之比，再利用运动学公式即可求解解答：解：A、质子
22、的电荷量为e，粒子的电荷量为2e，粒子从A等势面从静止出发，向右运动，当到达D面过程中电场力所做的功W=qU，故电场力对质子和粒子所做的功之比为W1：W2=：q1：q2=1：2，故A正确B、根据动能定理qU=mv2，可得质子和粒子的动能之比为EK1：EK2=q1：q2=1：2，故B错误；C、根据EK=求的速度之比，故质子和粒子的速度之比，故C正确D、根据a=可知，根据x=得，故D错误故选：AC点评：只要掌握了各个物理量之间的关系，就可顺利解决此类题目这类题目比较经典，是不可多得的好题15（5分）（2013秋武城县校级期末）如图所示，两块水平放置的平行正对的金属板a、b与电池相连，在距离两板等距
23、的M点有一个带电液滴处于静止状态若将a板向下平移一小段距离，但仍在M点上方，稳定后，下列说法中正确的是（）A液滴将向下加速运动BM点电势升高，液滴在M点的电势能将减小CM点的电场强度变小了D在a板移动前后两种情况下，若将液滴从a板移到b板，电场力做功相同考点：带电粒子在混合场中的运动；电容版权所有专题：带电粒子在复合场中的运动专题分析：电容器与电源相连，则电压不变；根据极板的移动可知电容器内电场强度的变化；则可得出带是粒子的受力变化，从而判断其运动状态；由U=Ed判断电势的变化，从而得出电势能的变化解答：解：A、液滴受力平衡，故电场力向上，液滴带负电；电容器两端的电压不变，a板下移时，两板间的
24、距离减小，则由U=Ed可知，E增大；则粒子受到的电场力增大，故液滴将向上加速运动；故A错误，C错误；B、下极板接地，则M点的电势等于M与b之间的电势差，因E增大，d不变，故液滴处的电势增大；因带电液滴带负电，故电势能将减小，故B正确；D、因两板间的电势差不变，故前后两种状态下移动电荷时，电场力做功相同，故D正确；故选：BD点评：对于电容器的动态分析问题，关键在于明确电容器是断开电源还是与电源相连；然后再由电容的定义式有决定式进行分析求解三.试验题（每空2分，共22分）16（10分）（2014秋天台县校级月考）某同学测量一只未知阻值的电阻（1）他先用多用电表进行测量，按照正确的步骤操作后，测量的
25、结果如图（甲）所示请你读出其阻值大小为1000为了使多用电表测量的结果更准确，该同学接着应该进行哪些操作？先将选择开关打到“100”挡；将两表笔短接，调节调零旋钮，进行欧姆挡调零；再将被电阻接到两表笔之间测量其阻值并读出读数；测量完毕将选择开关打到“OFF”挡（2）若该同学再用“伏安法”测量该电阻，所用器材如图（乙）所示，其中电压表内阻约为5k，电流表内阻约为5，变阻器阻值为50图中部分连线已经连接好，为了尽可能准确地测量电阻，请你完成其余的连线（3）该同学按照“伏安法”测量电阻的要求连接好图乙电路后，测得的电阻值将大于（填“大于”、“小于”或“等于”）用多用电表测得的阻值考点：用多用电表测电
26、阻版权所有专题：实验题分析：（1）欧姆表指针示数与挡位的乘积是欧姆表示数，用欧姆表测电阻时要选择合适的挡位，使指针指针中央刻度线附近，欧姆表换挡后要 进行欧姆调零（2）根据题意确定滑动变阻器与电流表接法，然后连接实物电路图（3）根据电路图，应用欧姆定律分析实验误差解答：解：（1）由图甲所示可知，欧姆表选择10挡，欧姆表示数为：10010=1000由图示可知，欧姆表指针偏角太小，所选挡位太小，要准确测量电阻，应将选择开关打到“100”挡；将两表笔短接，调节调零旋钮，进行欧姆挡调零；再将被电阻接到两表笔之间测量其阻值并读出读数；测量完毕将选择开关打到“OFF”挡（2）待测电阻阻值约为1000，滑动
27、变阻器最大阻值为50，为测多组实验数据，滑动变阻器应采用分压接法，电流表内阻约为5，电压表内阻约为5000，相对来说待测电阻阻值远大于电流表内阻，电流表应采用内接法，实物电路图如图所示：（3）由图示电路图可知，电流表采用内接法，由于电流表的分流作用，所测电压偏大，由欧姆定律可知，电阻测量值大于真实值故答案为：（1）1000；应将选择开关打到“100”挡；将两表笔短接，调节调零旋钮，进行欧姆挡调零；再将被电阻接到两表笔之间测量其阻值并读出读数；测量完毕将选择开关打到“OFF”挡；（2）电路图如图所示；（3）大于点评：本题考查了欧姆表的使用、连接实物电路图、实验误差分析，根据题意确定滑动变阻器与电
28、流表接法是正确连接实物电路图的前提与关键17（6分）（2014秋天台县校级月考）同学们知道，将两个金属电极插入任何一个水果中就可以做成一个水果电池，但日常生活中我们很少用“水果电池”，这是为什么呢？某学习小组的同学准备就此问题进行探究（1）同学们通过查阅资料知道将锌、铜两电极插入水果中，电动势大约会有1伏多一点晓宇同学找来了一个土豆做实验，当用量程为03V、内阻约50k的伏特表测其两极时读数为0.96V但当他将四个这样的水果电池串起来给标称值为“3V，0.5A”的小灯泡供电时，灯泡并不发光检查灯泡、线路均没有故障，而用伏特表测量其电压确实能达到3V多据您猜想，出现这种现象的原因应当是：水果电池
29、的内阻太大（不要求写分析、推导过程）（2）晓宇同学用欧姆表直接测“土豆电池”的两极，读得此时的读数为30小丽同学用灵敏电流表直接接“土豆电池”的两极，测得电流为0.32mA，根据前面用伏特表测得的0.96V电压，由全电路欧姆定律得：r=3.0k因而晓宇同学说土豆的内阻为30，而小丽同学则说是3k请你判断，用晓宇的方法测量是否正确，请说明理由不正确，因水果电池本身有电动势，当用欧姆表直接接“土豆电池”的两极时，欧姆表内部的电源与水果电池的电动势正向或反向串联，影响测量的结果，故测不准；用小丽的方法测量是否正确，请说明理由小丽同学测量的误差也很大理想状态下用电流表测得的是短路电流，伏特表测得的应当
30、是电源电动势，但由于水果电池的内阻很大，伏特表的内阻不是远大于水果电池的内阻，故其测得的电动势误差大，算得的内阻亦不准确考点：测定电源的电动势和内阻版权所有专题：实验题分析：（1）“苹果电池”的内阻太大，接灯泡时，电流太小，灯泡功率太小，不会发光；（2）晓宇同学未考虑水果电池本身有电动势，小丽同学的测量为扣除电流计内电阻；（3）由题中所给实验器材可知，可以采用安阻法测电源电动势与内阻，根据安阻法测电阻的原理选择实验器材，作出实验电路图解答：解：（1）“苹果电池”的内阻太大，接灯泡时，电流太小，灯泡功率太小，不会发光；故答案为：“苹果电池”的内阻太大；（2）晓宇的方法不正确，因水果电池本身有电动
31、势，当用欧姆表直接接“土豆电池”的两极时，欧姆表内部的电源与水果电池的电动势正向或反向串联，影响测量的结果，故测不准；小丽同学测量的误差也很大理想状态下用电流表测得的是短路电流，伏特表测得的应当是电源电动势，但由于水果电池的内阻很大，伏特表的内阻不是远大于水果电池的内阻，故其测得的电动势误差大，算得的内阻亦不准确小丽同学的测量为扣除电流计内电阻；故答案为：（1）水果电池的内阻太大（2）晓宇的方法不正确，因水果电池本身有电动势，当用欧姆表直接接“土豆电池”的两极时，欧姆表内部的电源与水果电池的电动势正向或反向串联，影响测量的结果，故测不准小丽同学测量的误差也很大理想状态下用电流表测得的是短路电流
32、，伏特表测得的应当是电源电动势，但由于水果电池的内阻很大，伏特表的内阻不是远大于水果电池的内阻，故其测得的电动势误差大，算得的内阻亦不准确点评：本题考查测电池的电动势和内阻实验、闭合电路欧姆定律等知识，考查逻辑推理能力、分析综合能力和实验探究能力18（6分）（2014秋天台县校级月考）某同学采用如图1所示的电路测定一节干电池的电动势和内电阻提供的器材有，电压表（03V）、电流表（00.6A）、滑动变阻器有R1（10，2A）和R2（100，0.1A）各一只实验中滑动变阻器应选用R1（填“R1”或“R2”）在实验中测得多组电压和电流值，得到如图2所示的UI图线，由图可求出该电源电动势E=1.46V
33、；内阻r=1.78（保留三位有效数字）考点：测定电源的电动势和内阻版权所有专题：实验题分析：因为电源的内阻较小，所以应该采用较小最大值的滑动变阻器，有利于数据的测量和误差的减小由闭合电路欧姆定律分析UI图象的纵轴截距和斜率的意义，可求出电动势和内阻解答：解：滑动变阻器在选择时要求阻值大于待测电阻阻值，但阻值也不能太大，那样调节不方便，故滑动变阻器应选R1由闭合电路欧姆定律U=EIr得知，当I=0时，U=E，UI图象斜率的绝对值等于电源的内阻，纵截距即为电动势E=1.46Vr=1.78故答案为：R1 1.46 1.78点评：本题中误差分析采用图象法，关键在于明确电表内阻对测量结果的影响；注意极限
34、法的应用从而正确得出图象四.计算题（19题9分，20题8分，21题8分，22题8分，共33分）19（9分）（2014秋菏泽期末）在匀强电场中，将一电荷量为2105C的负电荷由A点移到B点，其电势能增加了0.1J，已知A、B两点间距为2cm，两点连线与电场方向成60角，如图：问：（1）在电荷由A移到B的过程中，电场力做了多少功？（2）A、B两点间的电势差为多少？（3）该匀强电场的电场强度为多大？考点：电势；电场强度；电势能版权所有专题：电场力与电势的性质专题分析：根据电场力做功与电势能的关系WAB=EAEB=E可计算电场力做的功，由W=qu可求AB间的电势差Uab，再由E=求的电场强度，注意d是
35、沿电场线方向的解答：解：（1）由题意根据电场力做功与电势能的关系WAB=EAEB=E得，WAB=E=0.1J 即电场力做了0.1J的功 （2）由W=qu可求AB间的电势差UAB=5103V （3）由E=得，=5105V/m即电场强度为5105V/m点评：考查了电场力做功与电势能、电势差的关系，电场强度与电势差的关系20（8分）（2003南京一模）如图所示，电源的电动势E=110V，电阻R1=21，电动机绕组的电阻R0=0.5，电键S1始终闭合当电键S2断开时，电阻R1的电功率是525W；当电键S2闭合时，电阻R1的电功率是336W，求：（1）电源的内电阻；（2）当电键S2闭合时流过电源的电流和
36、电动机的输出功率考点：电功、电功率；闭合电路的欧姆定律版权所有专题：恒定电流专题分析：（1）根据S2断开时R1消耗的功率为，求出内阻r（2）当电键S2闭合时，根据电阻R1的电功率求出R1两端的电压和通过R1的电流，再根据E=U+Ir，求出总电流从而求出通过电动机的电流，根据，求出电动机的输出功率解答：解：（1）设S2断开时R1消耗的功率为P1，则，代入数据可以解得r=1（2）设S2闭合时R1两端的电压为U，消耗的功率为P2，则，解得U=84V由闭合电路欧姆定律得 E=U+Ir，代入数据，得I=26A流过R1的电流为I1，流过电动机的电流为I2，A，而I1+I2=I，所以I2=22A，由UI2=
37、P出+I22R0，代入数据得P出=1606W点评：解决本题的关键能够灵活运用闭合电路欧姆定律，以及知道电动机输入功率、输出功率、热功率的关系21（8分）（2012秋余姚市校级期中）有一个点电荷Q的电场中，Ox坐标轴与它的一条电场线重合，坐标轴上A、B两点的坐标分别为2.0m和5.0m已知放在A、B两点的试探电荷受到的电场力方向都跟x轴的正方向相同，电场力的大小跟试探电荷所带电荷量大小的关系如图中直线A、B所示，放在A点的电荷带正电，放在B点的电荷带负电求：（1）B点的电场强度的大小和方向；（2）试判断点电荷Q的电性，并确定点电荷Q的位置坐标考点：电场强度版权所有专题：电场力与电势的性质专题分析
38、：（1）根据图线的斜率求出B点的电场强度大小，根据电场强度的方向与正电荷所受电场力方向相同，和负电荷所受电场力方向相反，判断电场强度的方向（2）根据A点的正电荷受力和B点的负电荷受力均指向x轴的正方向，判断点电荷的电性及位置，根据点电荷的场强公式确定Q的位置坐标解答：解：（1）由图可得B点电场强度的大小N/C因B点的试探电荷带负电，而受力指向x轴的正方向，故B点场强的方向沿x轴的负方向（2）因A点的正电荷受力和B点的负电荷受力均指向x轴的正方向，故点电荷Q位于A、B两点之间，带负电设点电荷Q的坐标为x，则，由图可得EA=40N/C，则解得x=2.6m答：（1）B点的电场强度的大小为2.5N/C
39、，方向沿x轴负方向（2）点电荷带负电，位置坐标x=2.6m点评：解决本题的关键掌握电场强度的定义式和点电荷的场强公式，以及掌握场强方向的判断22（8分）（2014秋天台县校级月考）如图所示，各种不同速率的正负离子射入由A、B两板提供的匀强电场的正中央，已知离子所带电量的绝对值为e，A、B两极板间的电压为U，距离为d，板长为L，板的右端距荧光屏S为2L，离子若打在荧光屏S上出现一个亮点今在板的右端与荧光屏中间放一宽度为d的金属板C，C板与过A、B板正中央的直线垂直，且直线经过C板的中心，它能使射到C上的离子不能再射到光屏S上试求：（1）动能多大的离子经过电场后才能打到荧光屏S上；（2）荧光屏上出
40、现的亮斑的宽度考点：带电粒子在匀强电场中的运动版权所有专题：带电粒子在电场中的运动专题分析：离子在AB板间的电场中做类平抛运动，将离子的运动按水平和竖直两个方向进行分析，运用牛顿第二定律、运动学公式，结合两个分运动的等时性，求出离子射出电场时的偏转距离y离子离开电场后做匀速直线运动，离子要打在屏MN上，y必须满足y，且Ltan+y联立即可求解解答：解：（1）偏转电场的场强大小为：E=离子所受电场力：F=Eq离子的加速度为：F=ma由解得：a=设离子的质量为m，初速度为v0，离子射出电场的时间t为：L=v0t射出电场时的偏转距离y为：y=由解得：y=离子射出电场时的竖直分速度vy=at射出电场时的偏转角：tan=由得：tan=离子射出电场时做匀速直线运动要使离子打在屏MN上，需满足：y，Ltan+y由可得：（2）由（1）中偏移量：y=和偏转角tan=，可得：y=tan，粒子出偏转电场时，轨迹的反向延长线交于板间中线的中点，当粒子从极板下边缘偏出时，由几何关系可得：，解得：，同理当粒子偏转后，恰好经过C板下边缘，解得：，荧光屏上出现的亮斑的宽度，为=，答：（1）动能范围为：（2）荧光屏上出现的亮斑的宽度为为点评：本题考查粒子在偏转电场中的运动，解题关键是利用类平抛运动知识，要能熟练推导出偏转距离和偏转角度的表达式，同时要正确分析临界条件，相结合即可进行求解
