1、江苏省镇江市2020届高三物理上学期期末考试试题（含解析）第卷(选择题 共40分)一、单项选择题：本题共5小题，每小题4分，共20分每小题只有一个选项符合题意1.一电器中的变压器可视为理想变压器，它将220V交变电压变为22V，已知变压器原线圈匝数为1000，则副线圈匝数为()A. 50B. 100C. 500D. 2000【答案】B【解析】【详解】根据理想变压器原副线圈匝数比等于电压比得变压器能将220V交变电流改变为22V，原线圈匝数n1=1000，副线圈匝数n2。则n2=匝=100匝故B正确，ACD错误。故选B。2.一质量为m的汽车以2v的速度经过拱形桥面顶端时对桥面的压力为零，重力加速
2、度为g.则该汽车以速度v经过顶端时对桥面的压力F为()A. 0.25mgB. 0.5mgC. 0.75mgD. mg【答案】C【解析】【详解】汽车速度为2v时，重力恰好充当向心力，则有当速度变为v时，此时向心力减小，桥面有向上的支持力，则有mg-F=m联立解得F=0.75mg根据牛顿第三定律可知，汽车对桥面的压力为0.75mg，故C正确，ABD错误。故选C。3.一矩形线框在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的轴匀速转动时，产生的正弦交流电压u随时间t变化的关系如图所示下列说法正确的是()A. 该交流电的频率为100HzB. t0时刻，线框平面与磁场方向平行C. 用交流电压表测量该电压时示数为220VD
3、. 电压瞬时值表达式为u220sin 100t(V)【答案】C【解析】【详解】A由u-t图象得到周期T=0.02s，f=50Hz，故A错误；Bt=0时刻，e=0，线框平面与磁场方向垂直，故B错误；C据图象可知，电动势的峰值是Em=220V，则有效值为 220V，用交流电压表测量该电压时示数为220V，故C正确；D电压瞬时值表达式为u=Umsint=220sin100t（V），故D错误。故选C。4.如图所示，两个质量均为m的物块P、Q叠放在光滑的水平面上，物块间的动摩擦因数为.若用水平外力F将物块Q从物块P的下方抽出，抽出过程中P、Q的加速度分别为aP、aQ，且aQ2aP，重力加速度为g，则F的
4、大小为()A. mgB. 1.5mgC. 2mgD. 3mg【答案】D【解析】【详解】以P研究对象受力分析，根据牛顿第二定律可得mg=map可得ap=g所以aQ=2ap=2g对Q受力分析，根据牛顿第二定律有F-mg=maQ可得拉力为F=mg+maQ=3mg所以D正确，ABC错误。故选D。5.如图所示为火星绕太阳运动的椭圆轨道，M、N、P是火星依次经过的三位置，F1、F2为椭圆的两个焦点火星由M到N和由N到P的过程中，通过的路程相等，火星与太阳中心的连线扫过的面积分别为S1和S2.已知由M到N过程中，太阳的引力对火星做正功下列判断正确的是()A. 太阳位于焦点F1处B. S1S2C. 在M和N处
5、，火星的动能EkMEkND. 在N和P处，火星的加速度aNaP【答案】B【解析】【详解】A已知由M到N过程中，太阳的引力对火星做正功，所以太阳位于焦点F2处，故A错误；B根据开普勒行星运动定律得火星由M到P的过程中速度增大，火星由M到N和由N到P的过程中，通过的路程相等，所以火星由M到N运动时间大于由N到P的运动时间，所以S1S2，故B正确；C已知由M到N过程中，太阳的引力对火星做正功，根据动能定理得火星的动能EkMEkN，故C错误；D根据万有引力公式得火星在N处的引力小于在P处的引力，根据牛顿第二定律得aNap，故D错误。故选B。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分每小题有多个
6、选项符合题意，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，错选或不答的得0分6.如图所示，通过较长的输电线给电阻丝M、N供电，保持输电电压U0不变，输电线电阻不可忽略，闭合开关S，两电阻丝均正常工作现断开开关S，下列判断正确的是()A. 输电线中电流变小B. 电阻丝M两端电压减小C. 整个电路消耗的总功率增大D. 为使电阻丝M仍能正常工作，可减小输电电压U0【答案】AD【解析】【详解】A断开开关S后，电阻变大，根据闭合电路欧姆定律可知，总电流变小，即输电线中的电流变小，故A正确；B根据欧姆定律可知，输电线中的电压变小，保持输电电压U0不变，则电阻丝M两端电压增大，故B错误；C根据P=IU0可知，总电
7、流I变小，则整个电路消耗的功率变小，故C错误；D为使电阻丝M仍能正常工作，可减小输电电压U0，使电阻丝M两端电压恢复原值，故D正确。故选AD。7.如图所示，发球机从O处先后以相同速率v0沿不同的方向斜向上发出两只相同的网球P和Q，它们的运动轨迹如图所示，不计空气阻力下列说法正确的是()A. 在最高点时，P的速度比Q的大B. P运动的加速度比Q的大C. 两只网球落地时速度大小相同D. 两只网球到达最高点所用的时间相同【答案】AC【解析】【详解】A设任意一个小球初速度与水平方向的夹角为，两球水平方向上都做匀速直线运动，最高点速度为斜抛时的水平速度，vx=v0cos，P球的较小，所以在最高点的速度v
8、x较大，故A正确；B斜抛运动只受重力，故两球运动的加速度均为g，相等，故B错误；C设抛出点离地高度为h，斜抛运动过程中，机械能守恒，根据机械能守恒定律得则得v=可知落地速度大小相等，故C正确；D网球到达最高点的时间t=P球的较小，所以到达最高点的时间短，故D错误。故选AC。8.如图所示，在真空环境中，点电荷M、N(图中未画出)分别固定在x0和x6a处，在x2a处由静止释放一个负点电荷P，点电荷P仅在电场力作用下沿x轴正方向运动，P的速度与其在x轴上的位置关系如图所示，则下列说法正确的是()A. x4a处的电场强度最大B. 点电荷M、N一定是同种电荷C. 点电荷P的电势能先增大后减小D. 点电荷
9、M、N所带电荷量之比为41【答案】BD【解析】【详解】A.由题目图可知，在x=4a处点电荷P的速度最大，速度的变化率为0，说明了x=4a处的电场强度等于0故A错误；B.由v-x图象可知，点电荷P的速度先增大后减小，所以点电荷P的动能先增大后减小，说明电场力先做正功，后做负功，结合负电荷受到的电场力的方向与场强的方向相反可知，电场强度的方向先沿x轴的负方向，后沿x轴的正方向，根据点电荷的电场线的特点与电场的叠加原理可知，点电荷M、N一定都是负电荷，故B正确；C.由B选项分析，可知，电场力对带电电荷先做正功后负功，则其电势能先减小后增大，故C错误；D.则M与N的点电荷在x=4a处的电场强度大小相等
10、，方向相反，根据库仑定律得所以点电荷M、N所带电荷量的绝对值之比为4：1故D正确。故选BD。9.如图(1)所示，倾角为(0表示电场方向竖直向上在t0时刻，一带电量为q、质量为m的带电微粒从边界P上的A点处水平射入该区域，先沿直线运动到某点，再经历一次完整的半径为L的匀速圆周运动，最后沿直线运动从边界Q上的B点处离开磁场，重力加速度为g.求：(1) 图2中的E0；(2) 微粒刚进入磁场时的速度v0及磁场的磁感应强度B；(3) 电场变化周期T的范围。【答案】(1) (2) ； (3) (1)T()【解析】【详解】(1) 由带电微粒做匀速圆周运动可得qE0mg得E0(2) 由带电微粒做直线运动可知Bqv0mgqE0由带电微粒做匀速圆周运动可得Bqv0m由上述两式解得v0B(3) () 如图1所示，当O点为AB中点时，所对应的周期T为最小周期微粒从A运动至O点处所需要时间为t1t1微粒做匀速圆周运动的周期为t2t2则最小周期Tmint1t2(1)() 如图2所示，当圆轨道与右边界Q相切时，所对应的周期T为最大周期微粒从A运动至O点处所需要的时间为t1t1微粒做匀速圆周运动的周期为t2t2则最大周期Tmaxt1t2()综上所述，电场变化周期T的范围是(1)T()
