1、河北省邢台市20172018学年高二上学期期末考试物理试题一.选择题（18题单选，912题多选）1. 下列说法中正确的是A. 磁感线虽然看不见，但它是客观存在的B. 磁通量是矢量，它的单位符号是TC. 公式适用于计算任意电场的电场强度D. 电炉通电后.电炉丝热得发红，而跟电炉连接的铜导线却不热，是因为铜导线电阳较小【答案】D【解析】磁感线是人们为了形象的描述磁场的分布情况而引入的一些带箭头的曲线，不是客观存在的，故A错误；磁通量是标量，其单位是韦伯（Wb），但有正负之分，故B错误；公式仅适用于匀强电场，故C错误；电炉在使用时，电炉丝和导线串联，电流相等，通电时间t相同，根据可知，电阻越大的，产
2、生的热量越大，电阻越小的，产生的热量越小，故D正确；选D.2. 如图所示，真空中有一电场，a、b、c、d是电场中四点，下列说法正确的是 A. a、b两点的电场强度大小相等、方向相同B. a .c两点的电场强度大小相等、方向不同C. 将电子从b点移到d点电场力做正功D. 质子在a点的电势能比在d点的大【答案】D【解析】电场线的密集程度反映电场强度的大小，电场线沿切线的方向为电场强度的方向，由图可知a、b两点电场线的密集程度相同，故a、b两点的电场强度大小相等，但方向不同，故A错误；a、c两点的电场密集程度不相同，故a、c两点的电场强度的大小不相等，方向不相同，故B错误；沿着电场线方向电势降低，负
3、电荷在电势越低的点，电势能越大，故将电子从b点移到d点电场力做负功；正电荷在电势越高的点，电势能越大，故质子在a点的电势能比在d点的大，故C错误，D正确；选D.3. 如图所示，金属棒与金属导轨垂直放置,且接触良好,导轨间有垂直纸面向里的匀强磁场，当金属棒ab沿导轨向右勻速滑动时，螺线管左侧小磁针的N极受力方向为A. 水平向左 B. 水平向右 C. 垂直纸面向里 D. 垂直纸面向外【答案】B【解析】根据右手定则，ab中的电流的方向b到a，此电流流过螺旋管时，线圈外侧的电流方向向下，根据安培定则可知，水平向右，故选B4. 在如图所示的电路中两相同的小灯泡原来都发光，忽然小灯泡A比原来亮了，小灯泡B
4、比原来暗了,则发生这种故障可能是A. 断路 B. 短路 C. 断路 D. 短路【答案】B【解析】电阻单独在一个支路上，断路后电路的电阻值变大，因不考虑电源的内阻，则灯泡所在的电路两端的电压不变，两个灯泡的亮度都不变，故A错误；短路，总电阻减小，总电压不变，故流过A灯的电流增大，A灯变亮；并联电路的特点，可知流过B灯的电流减小，流过的电流增大，故B正确；断路，总电阻增大，总电压不变，故流过A灯的电流减小，A灯变暗；流过B灯的电流增大，B灯变亮，故C错误；短路，总电阻减小，总电压不变，故流过A、B两灯的电流都增大，故A、B两灯都变亮；故D错误；故选B.5. 如图所示，以O为圆心的圆形区域内，存在方
5、向垂直纸面向外的勻强磁场，磁场边界上的A点有一粒子发射源，沿半径AO方向发射出速率不同的同种粒子（重力不计），垂直进入磁场，下列说法正确的是A. 率越大的粒子在磁场中运动的时间越长B. 速率越小的粒子在磁场中运动的时问越长C. 速率越大的粒子在磁场中运动的角速度越大D. 速率越小的粒子在磁场中运动的角速度越大【答案】B【解析】粒子在磁场中做圆周运动，洛伦兹力作向心力，则有，解得粒子做圆周运动的半径，设磁场圆形区域半径为r，如图所示粒子在磁场中运动的偏转角为，由向何关系得：，所以v越大，则R大，则越小，故也越小，而周期，即不同速率的粒子在磁场中做圆周运动的周期相同，则粒子在磁场中运动的偏转角越大
6、，运动时间越长，所以速率越大的粒子在磁场中运动的偏转角越小，运动的时间越短，故A错误，B正确粒子在磁场中运动的角速度，所以不同速率粒子在磁场中运动的角速度相等，故CD错误；6. 如图所示，在水平向右的匀强电场中，一质量为m、带电荷为q的小球，经过P点时速度大小为，方向水平向右;经过Q点时速度大小也为，方向竖直向下，Q点与P点的水平距离与竖直距离相等，重力加速度大小为g, 下列说法正确的是A. 小球从P点到Q点的运动过程中速度可能先增大后减小B. 小球从P点到Q点运动过程中机械能保持不变C. 小球运动的加速度大小为gD. 匀強电场的电场强度大小为【答案】D【解析】由题可知，小球受电场力（水平向左
7、）和重力（竖直向下）作用，小球从P点运动到Q点速度先减小后增大，因Q点与P点的水平距离x与竖直距离h相等，由动能定理得：，解得：，故小球运动的合力为，则加速度为，运动过程除重力做功外还有电场力做功，故小球在运动过程中机械能不守恒，故ABC错误，D正确.选D.7. 图甲所示是某种型号的电热毯的部分电路图.其电热丝的总电阻R=24.2,电热毯所接电源电压的波形如图乙所示（每段为正弦曲线的一部分），则该电热毯的电功率为A. 62.5W B. 125W C. 250W D. 500W【答案】B【解析】设将此电流加在阻值为R的电阻上，电压的最大值为，电压的有效值为U，根据热效应有：，代入解得，则该电热毯
8、的电功率为，故选B.【点睛】根据有效值的定义，将此电压与直流电压分别加在相同的电阻，在一个周期内，产生的热量相同，直流电压值即为此电压的有效值此电流在一个周期内产生的热量是标准正弦式电流产生热量的一半根据求出该电热毯的电功率.8. 某发电厂用11kV的电压将电能输送到远处的用户，在用户端为了能得到220V的电压，安装有一变压器，若输电线的功率损耗等于总输电功率的8%，则用户端变压器原、副线圈的匝数比A. 46：1 B. 50 : 1 C. 23 :1 D. 25 : 1【答案】A【解析】设输电线的电流为I，则总输电功率为，输电线的损失功率为，因，则有：，故用户端变压器原线圈的电压为，则用户端变
9、压器原、副线圈的匝数比，故选A.9. 如图所示，用静电计测量带电的平行板电容器两极板间的电势差时，保持平行板电容器两极板距离不变，若把B极板向上移动少许，则A. 电容器的电容不变B. 两极板间的电场强度变大C. 静电计的张角增大D. 两极板所带的电荷量增大【答案】BC【解析】将B板竖直向上平移，两板正对面积减小，由分析可知电容减小，而电容器的电量不变，根据可知板间电压增大，则静电计指针张角增大，根据可知，d不变，故电场强度增大，故选BC.【点睛】静电计指针的张角反应电容器两端间电势差的变化，抓住电容器带电量不变，根据，通过电容的变化，判断电势差的变化，根据判断电场强度的变化.10. 在如图所示
10、电路中，A、B是两个完全相同的灯泡，L是一个电阻不计，自感系数较大的电感线圈，当开关S闭合或断开时，A、B的亮度变化情况是A. S闭合时,A立即亮，然后逐渐熄灭B. S闭合时,A逐渐变亮,B立即亮C. S断开时，A 、B均逐渐熄灭D. S断开时，A逐渐熄灭，B立即熄灭【答案】AD【解析】S闭合瞬间，有于L的自感作用相当于断路，所以两灯同时亮，稳定后，自感消失，A被短路，B更亮，A正确B错误；S断开时，L相当于电源与A组成回路，A亮一下再熄灭，B立即熄灭，C错误，D正确故选AD.11. 如图所示.在光滑绝缘水平面上有一单匝线圈ABCD.在水平外力作用下以大小为v的速度向右匀速进入竖直向上的匀强磁
11、场.第二次以大小为的速度向右匀速进入该匀强磁场，则下列说法正确的是A. 笫二次进入与笫一次进入时线圈中的电流之比为1： 3B. 第二次进入与第一次进入时外力做功的功率之比为1：3C. 第二次进入与笫一次进入时线圈中产生的热量之比为1：3D. 第二次进入与第一次进入时通过线圈中某一横截面的电荷量之比为1： 3【答案】AC【解析】设磁感应强度为B，CD边长度为L，AD边长为，线圈电阻为R；线圈进入磁场过程中，产生的感应电动势E=BLv，感应电流，感应电流I与速度v成正比，第二次进入与第一次进入时线圈中电流之比：，故A正确；线圈进入磁场时受到的安培力：，线圈做匀速直线运动，由平衡条件得，外力，外力功
12、率，功率与速度的平方成正比，第二次进入与第一次进入时外力做功的功率之比：，故B错误；线圈进入磁场过程中产生的热量：，产生的热量与速度成正比，第二次进入与第一次进入时线圈中产生热量之比：，故C正确；通过导线横截面电荷量：，电荷量与速度无关，电荷量之比为1：1，故D错误；故选AC.【点睛】根据切割公式E=BLv求解电动势，由欧姆定律求出感应电流，然后求出电流之比；线框匀速进入匀强磁场，安培力与外力平衡，根据安培力公式求解安培力，再结合平衡条件得到外力，最后根据P=Fv求解外力的功率；由焦耳定律求出线圈产生的热量，然后求出热量之比由电流定义式求出电荷量间的关系12. 如图所示长度为1m的通电导体棒水
13、平静止在倾斜的绝缘框架上，磁感应强度大小为1T的磁场方向竖直问上，右侧回路电源电动势为 9V，内阻为1,额定功率为9W、额定电压为6V的电动机正常工作.电动机线圈电阻为1，g取下列说法正确的是：A. 通过电动机的电流为3AB. 导体棒的电阻为4C. 导体棒受到的安培力大小为1.5ND. 电动机的工作效率为75 %【答案】BCD【解析】电动机的正常工作时，有：，代入数据解得：，通过电源的电流为，则流过导体棒的电流为，故导体棒的电阻为，导体棒受到的安培力大小为，电动机的发热功率为，故电动机的工作效率为，故A错误，BCD正确，选BCD.二.实验题（2小题）13. 某同学设计了如图所示的电路，已知电流
14、表内阻，允许通过的最大电流为100mA,，.将接线柱1、2接入电路时，可以测量的最大电流为_A；将接线柱1、3接入电路时，可以测量的最大电压为_V。(均保两位有效数宇）【答案】 (1). 0.50 (2). 15【解析】接线柱 1、2 接入电路时，根据并联电路特点，有：，解得，故可以测量的最大电流为；接线柱1、3 接入电路时，电流表A与并联，后与串联，根据串联电路的特点有：，则，故可以测量的最大电压为14. 某同学测量一只电压表的内阻，所备器材如下：A.待测电压表V(量程3V，内阻未知)B.定值电阻R(阻值为2k,额定电流50mA)C.蓄电池E(电动势略小于3 V,内阻不计)D.多用电表 E.
15、开关、，导线若干(1)首先，用多用电表进行粗测选用“10”倍率，调零后进行测量,发现指针偏转的角度很小，为了把电阻测量得更准确些，应换用_（选填“100”或“1”)挡；重新调零后测量的结果如图甲所示，示数为_（2）为了更精确地测出此电压表的内阻，该同学设计了如图乙所示的实验电路图丙中，根据图乙电路杷实物连接好；_若、都闭合时电压表示数为, 闭合, 断开时电压表的示效为，定值电阻的阻值为R.则电压表的内阻=_.【答案】 (1). 100 (2). 3200 (3). (4). （2）根据图乙电路杷连接好的实物图如图所示：（3）当、都闭合时电压表的示数为电源电动势，则有；当闭合、断开时可得R的电压
16、为，根据串联电路的特点有：，解得：三、计算题（3小题）15. 如图所示，光滑绝缘水平面上固定有两个质量均为m的带电小球a,b(均可视为质点），小球a带负电荷，小球b带正电荷，a带电荷量绝对值为，b带电荷量绝对值为，现给小球所在空间加一水平向右的匀强电场,释放两小球后.它们能保持相対静止地水平向右做匀加速直线运动，已知两小球相对静止时相距为.，静电力常数为k,求：(1)匀强电场的电场强度的大小(2)在小球b向右运动的距离为的过程中,匀强电场对小球b做的功，【答案】（1）；（2）. 【解析】试题分析：（1）最终两个小球相对静止向右做匀加速，根据牛顿第二定律分别对a、b列式即可求解；（2）根据即可求
17、解.（1）根据牛顿第二定律有：对小球a： 对小球b：联立解得：（2）匀强电场对小球b做功为：解得：16. 如图中所示，理想变压器原、副线圈的匝数比；原线圈电路中接有一量程为10A的理想电流表，副线圈接有可变电阻和若干“6V，3W”的灯泡，变压器的输入电压与时间的关系图象如图乙所示.调节可变电阻.使灯泡正常发光，求：（1）电路中最多允许接入的灯泡个数；（2）灯泡正常发光时可变电阻的阻值R与灯泡个数N的关系，【答案】（1）n=80，（2）. 由变压器原理可知 解得：而解得：n=80（2）由可知：副线圈两端电压灯泡正常工作时并联的灯泡分的的电压所以可变电阻分得的电压则有 解得：17. 如图所示，在宽
18、度均为的两个相邻的.足够长的条形区域内分别有匀强磁场和匀强电场.磁场的磁感应强度大小B=3T，方向垂直于纸面向里，电场方向与电、磁场分界线平行向右。一质量为、电荷量的带正电粒子以大小的速度从磁场区域上边界的P点与边界成角斜射入磁场,最后从电场下边界上的Q点射出，已知PQ连线垂直于电场方向，不计粒子重力，求：(1)粒子在磁场中的运动的时间(2)匀强电场的电场强度的大小，【答案】(1),（2） 【解析】试题分析：（1）作出粒子在磁场中运动的轨迹图，根据几何关系求出偏转角，即可求解在磁场中运动的时间；（2）粒子在电场中做类平抛运动，根据类平抛运动的规律即可求出电场强度.（1）粒子在磁场中运动的轨迹图如图所示：粒子在磁场中做匀速圆周运动 解得：r=0.2m过P点做射入速度方向的垂线，由几何关系可知，粒子在磁场中做圆周运动的轨迹对应的圆心恰好在磁场的下边界上，则粒子垂直磁场下边界射入电场，粒子在磁场中做圆周运动所对应的圆心角为，则有 解得：（2）粒子在电场中做类平抛运动，则有：沿电场方向： 垂直电场方向：其中解得：
