1、2020 年红河州第二次高中毕业生复习统一检测理科综合能力测试参考答案一、选择题（本大题共 13 小题，每小题 6 分，共 48 分，在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求）题号 1 2 3 4 5 6 7 8 答案 D C B B D A A B 题号 9 10 11 12 13 答案 C D B C D 二、选择题（本大题共 8 小题，每小题 6 分，共 48 分，在每小题给出的四个选项中，第 1418 题只有一个选项符合题目要求，第 1921 题有多项符合题目要求；全部选对的得 6 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分）题号 14 15 16 17 18 19 20
2、 21 答案 C D A D B AB CD BD 1.【答案】D【解析】癌细胞是能够连续分裂的细胞，其细胞周期变短，D 错误。2.【答案】C【解析】线粒体内产生的H是还原型辅酶（NADH），用于还原 O2；叶绿体内产生的H是 还原型辅酶（NADPH），用于还原 C3，故 A、B 错误；叶绿体内的 ATP 仅用于暗反应 C3 化合物的还原，D 错误。3.【答案】B【解析】由于密码子的简并性，基因中碱基序列的改变不一定会导致生物性状的改变，A 错 误；同源染色体的非姐妹染色单体之间发生染色体片段交换属于基因重组，C 错误；基因突变是指基因分子中碱基对的替换、增添、缺失，D 错误。4.【答案】B【
3、解析】双缩脲试剂检测蛋白质，应先加 A 液到组织样液，摇匀后再加 B 液，B 错误。5.【答案】D【解析】比赛过程中，生命活动的调节方式是神经-体液调节，A 错误；丙酮酸氧化分解发生在细胞内，B 错误；内环境中存在缓冲物质，因此奔跑时产生的 CO2 和乳酸不会导致内环境的 pH 明显下降，C 错误；热量的散出主要通过汗液的蒸发、皮肤内毛细血管的散热。故 D 正确。6.【答案】A【解析】由到应是人工诱变育种过程，诱变育种的原理是基因突变，基因突变具有不定向性，A错误。7【答案】A【解析】乙醇的分子具有很大的渗透能力，它能穿过细菌表面的膜，打入细菌的内部，使构成细菌生命基础的蛋白质凝固，将细菌杀死
4、。75%的乙醇用于消毒，这是因为，过高浓度的乙醇会在细 1菌表面形成一层保护膜，阻止其进入细菌体内，难以将细菌彻底杀死。若乙醇浓度过低，虽可进入细菌，但不能将其体内的蛋白质凝固，同样也不能将细菌彻底杀死，乙醇消毒利用它能使蛋白质变性，而次氯酸钠溶液、过氧乙酸是利用其强氧化性消毒。因此，其消毒原理不同，故 A 错误；聚丙烯属于有机合成高分子材料，B 正确；绿色化学要求从源头上消除或减少生产活动对环境的污染，C 项正确；聚氯乙烯在使用过程中会慢慢释放出氯化氢，能够造成食品的污染，不能代替聚乙烯使用，故 D 正确 8.【答案】B【解析】Z 的分子式为 C14H14O2，故 A 错误；X、Y 分子中所
5、有原子可能处于同一平面，故 B 正确；根据 Y 结构的对称性，苯环上溴原子的位置分别有 2,3；2,4；2,5；2,6；3,4；3,5 共有 6 种，故 C错误；X 和 Z 含有酚羟基，属酚类物质，能和溴水发生取代反应，Y 中含有碳碳双键，能使酸性高锰酸钾溶液氧化，它们褪色原理不同，故 D 错误。9.【答案】C【解析】常温下 pH2 的 H2A 溶液，则溶液中氢离子浓度是 0.01mol/L，因此 1L 溶液中 H数目为0.01NA，A 正确；100g 质量分数为 46%的 H2A 水溶液中，水的质量为 54g 即物质的量为 3mol，氧原子总数为 3NA.B 正确；由电离方程式可以知道 H2
6、A 的一级电离为强电离，二级电离为弱电离，所以 HA-不发生水解，溶液中不存在 H2A，C 错误；Na2A 溶液中存在 Na+、H+、HA-、A2-、OH-，由电荷守恒可知，D 正确。10.【答案】D【解析】含有铁离子的溶液中先滴加氯水，再滴加少量 KSCN 溶液，也会出现溶液变成血红色现象，不能确定一定含有 Fe2+，A 错误；碎瓷片的主要作用防止溶液产生暴沸，B 错误；同类型的难溶电解质，Ksp 小的先沉淀，而 AgCl、Ag2CrO4的类型不同，不能由现象直接比较 Ksp，C 错误；银器、金属铝与食盐水构成原电池，铝做负极发生氧化反应，硫化银在正极被还原为银，D 正确 11【答案】B【解
7、析】W、X、Y、Z 依次为 N、F、Na、S。简单离子半径为：YXW221ff，B、C 错误；由11cosFf=，而且02112ff有12cossinFF，当cossin时，可能相等。1FF=217【答案】D【解析】在等量同种电荷连线的中垂线上，电场强度从 0 点开始向 B、D 两边先增大后减小，在 O 右侧的电场强度方向沿 OD 方向，在 0 左侧的电场强度方向沿 OB 方向，根据对称性可知 B、D 两点的电场强度大小相同，方向不同，电势相同，故 AB 错误;无法判断从 0到 B(0 到 D)电场强度是一直增大，还是先增大后减小，故无法判断电子的加速度的变化情况，C 错误;在垂直纸面且经过
8、BD 两点的圆上，所有点的电势相等，并且电子受到的电场力指向 0 点，与速度方向垂直，电子可绕 0 点做匀速圆周运动，D 正确.18【答案】B 3【解析】根据 B-t 图象，由楞次定律可知，线圈中感应电流方向一直为顺时针，但在 t1时刻，磁场的方向发生变化，故安培力的方向在 t1时刻发生变化，则 A 错误，B 正确；根据法拉第电磁感应定律得:2012B aEtt=，由闭合电路欧姆定律得:EIR=，由电流强度的定义式得:qIt=,R=4ar,联立得:0218B atqrt=，则 C、D 错误。19【答案】AB【解析】在R的滑动触头P由左向右移动的过程中，其接入电路的电阻减小，电流表的示数将增大，
9、0R 与 分得的电压增大，滑动变阻器两端的电压减小，电容器两极板间电压减小，电容器的电荷量减小，故A正确；将R的阻值调至 2，R的两端的电压为r4 VR总2 2 V，根据公式QCU，代入数据解得电容器的电荷量为，故B正确；电源的输出功率41 10 C()()()()()22216 R+14V16=R+1=W=1R+2R+2R+1+2R+1PI R=外W，当R0 时，电源输出功率最大，故C错误；由闭合电路欧姆定律得()0=E+I R+Ur，故电压表示数变化量的绝对值 U与电流表示数变化量的绝对值 I 的比值不变，故D错误.20【答案】CD【解析】A 星对 B 星的万有引力和 B 星对 A 星万有
10、引力是一对相互作用力，故大小相等，A 错；三颗星做匀速圆周运动，它们的角速度相等但 A 与 B、C 的线速度不等，B 错；A星受到 B、C 星引力的合力充当 A 星体圆周运动的向心力，A 星做圆周运动的向心力大小为:2022cos302 3AABmFFG L=，故 C 正确；B 星受到 A、C 星引力的合力充当 B 星体圆周运动的向心力，B 星所受的合力大小为:22222cos1207BCBABCBABmFFFF FG L=+=，故 D 正确 21【答案】BD【解析】小球下落到 xh=时，小球刚接触弹簧，直到1xhx=+前弹力小于重力，小球一直做加速度减小的加速运动，之后弹力大于重力，加速度反
11、向且逐渐增大，直至到达最低 4点，故 A 错；由题图乙可知，解得1mgkx=1mgxk=，由 Fx 图线与横轴所围图形的面积表示弹力所做的功，则有(212Wk xh=弹)，由动能定理得()2102mgxk xh=，解得21121xhxxhx=+，故最低点坐标不是12xhx=+，故 B 正确；且由题图可知，mg，由对称性可知当1kx=12xhx=+时，小球加速度为g，且弹力为，但不是最低点，故 C错；小球在2mg1xhx=+处时，动能有最大值，根据动能定理有()1Ekm0hxWmg+=弹，依题可得112W，所以mgx=弹12kmmgxEmgh=+，故 D 正确。22.（6 分，每空各 2 分）(
12、1)2.4 m/s；(2)重力加速度的一半或 2g，9.7 m/s2 解析(1)v5(21.6026.40)1020.12 m/s2.4 m/s，(2)由(m2m1)gh12(m1m2)v2知 v22(m2m1)ghm1m2，即图线的斜率k(m2m1)gm1m2 2g，带入数据解得 g9.7 m/s2.23.（9 分，第 1 问各 4 分，第 2 问 2 分，第 3 问 3 分）答案：(1)将电流计与定值电阻并联（1 分）1.0A（3 分）(2)（每空各 1 分）A C(3)如图所示 524.（12 分）【答案】(1)60 N，方向竖直向下(2)2.5 m 【解析】(1)小物块在 C 点时的速
13、度大小 vCv0cos 60 小物块由 C 到 D 的过程中，由机械能守恒定律得 mgR(1cos 60)12mvD212mvC2 代入数据解得vD2 5 m/s 小物块在 D 点时由牛顿第二定律得 FNmgmvD2R 代入数据解得 FN60 N 由牛顿第三定律得 FNFN60 N，方向竖直向下。(2)由于小物块最终未滑离长木板，说明它们的最后速度相等 由动量守恒定律得 共vMmmvD)(+=带入数据解得smv/25=共 评分标准：本题共 12 分。正确得出式各给 2 分，其余各式各给 1 分 25.（20 分）解析：粒子的轨迹如图所示：（1）带电粒子在电场中做类平抛运动，水平方向做匀加速运动
14、，竖直方向做匀速运动，由题得知，根据vxatqEm tv0，aqEm 6xvx2 t，联立解得：Emv202qd，（2）出电场时，vxvyv0，根据：xvx2 t，yvytv0t，得 y2x2d，出电场时与 y 轴交点坐标为(0,2d)，设粒子在磁场中运动的半径为 R，则有 Rsin(180)y2d，而 135，解得：R2 2d，粒子在磁场中运动的速度为：v 2v0，根据RmvqB，解得：Bmv02qd，（3）在第一象限运动时间为：t1135360T3d2v0，在第四象限运动时间为：t212T2dv0，所以自进入磁场至在磁场中第二次经过 x 轴所用时间为：tt1t27d2v0 评分标准：本题共
15、 20 分。正确得出式各给 2 分，其余各式各给 1 分 26、答案：（1）增大表面积加快反应速率（1 分），Fe3O4(1 分)7（2）不能（1 分）；氢氧化钙在水中的溶解度小，溶液浓度低，单位体积的氢氧化钙溶液吸收 SO2能力弱（1 分）；（3）2Na2S2O4=Na2S2O3+Na2SO3+SO2（2 分）（4）2H+S2O32-=H2O+S+SO2（2 分）（5)C(OH-)C(SO32-)C(H+)C(HSO3-)C(Na+)(2 分)（6）17.92L（2 分）（7）K2w/(Ka1Ka2b2)(2 分)答案详解：（1）增大表面积加快反应速率，Fe3O4（2）不能；氢氧化钙在水中的
16、溶解度小，溶液浓度低，单位体积的氢氧化钙溶液吸收 SO2能力弱；（3）根据题目信息写出反应物和生成物配平：2Na2S2O4=Na2S2O3+Na2SO3+SO2（4）酸性条件下硫代硫酸根发生歧化反应生成硫单质、二氧化硫和水 2H+S2O32-=H2O+S+SO2（5)亚硫酸氢钠溶液中的亚硫酸氢根电离程度大于水解程度，溶液呈酸性；各离子浓度的大小关系为：C(OH-)C(SO32-)C(H+)C(HSO3-)C(Na+)（6）硫代硫酸钠在漂白工业中用作“脱氯剂”,S2O32-的硫化合价被氯气从+2 价氧化到+6 价，氯气中氯的化合价从 0 价还原到1 价，反应的对应关系 1molS2O32-对应
17、4mol 的 Cl2,31.6g 硫代硫酸钠的物质的量为 0.2mol，吸收氯气的物质的量为 0.8mol，标况下的体积为 17.92L。（7）亚硫酸钠溶液中亚硫酸根分两步水解：SO32-+H2O HSO3-+OH-；Kh1=C(HSO3-)C(OH-)/C(SO32-),HSO3-+H2OH2SO3+OH-;Kh2=C(H2SO3)C(OH-)/C(HSO3-)。两级水解常数相乘 Kh1Kh2=C(H2SO3)C2(OH-)/C(SO32-)，由 Kw=Ka1Kh2，Kw=Ka2Kh1 Kh1Kh2=C(H2SO3)C2(OH-)/C(SO32-)=K2w/(Ka1Ka2)=C(H2SO3)
18、/C(SO32-)b2 进行转换得到：C(H2SO3)/C(SO32-)=K2w/(Ka1Ka2b2)27、答案：（1）圆底烧瓶（1 分）（2）洗掉反应剩余的大部分硫酸和醋酸（2 分）；洗掉碳酸氢钠（1 分）；（3）d（1 分）（4）提高异戊醇的转化率或者是提高乙酸异戊酯的产率（1 分）（5）做吸水剂和催化剂（2 分)（6）冷却后再补加沸石，重新加热蒸馏（1 分）（7）60%（2 分）（8）高（1 分）；会收集少量未反应的异戊醇和乙酸（2 分）。答案详解：(1)装置 A 是圆底烧瓶，8(2)反应后的溶液要经过多次洗涤，在洗涤操作中，第一次洗涤的主要目的是除去大部分催化剂硫酸和醋酸；第一步中饱和
19、碳酸氢钠溶液既可以除去未洗净的醋酸，也可以降低酯的溶解度，但第一步洗涤后生成的酯中混有碳酸氢钠，所以第二次水洗，主要目的是除去产品中残留的碳酸氢钠，故答案为：洗掉反应剩余的大部分硫酸和醋酸；洗掉碳酸氢钠；(3)由于酯的密度比水小，二者互不相溶，因此水在下层，酯在上层；分液时，要先将水层从分液漏斗的下口放出，待到两层液体界面时关闭分液漏斗的活塞，再将乙酸异戊酯从上口放出，所以正确的为 d，故答案为：d；(4)酯化反应是可逆反应，增大反应物的浓度可以使平衡正向移动；增加一种反应物的浓度，可以使另一种反应物的转化率提高，因此本实验中加入过量乙酸的目的是提高异戊醇的转化率，故答案为：提高异戊醇的转化率
20、或者是提高乙酸异戊酯的产率；(5)实验中加入少量浓硫酸的目的是：做吸水剂和催化剂 故答案为：做吸水剂和催化剂(6)在蒸馏操作中，忘记加入沸石应冷却后再补加沸石，重新加热蒸馏。答案：冷却后再补加沸石，重新加热蒸馏(7)乙酸的物质的量为：n=molgg/600.6=0.1mol,异戊醇的物质的量为：n=molgg/884.4=0.05mol,由于乙酸和异戊醇是按照 1:1 进行反应,所以乙酸过量,生成乙酸异戊酯的量要按照异戊醇的物质的量计算,即理论上生成 0.05mol 乙酸异戊酯;实际上生成的乙酸异戊酯的物质的量为molggn/1309.3=0.03mol,所以实验中乙酸异戊酯的产率为：molm
21、ol05.003.0100%=60%，故答案为：60%；(8)在进行蒸馏操作时，若从 110便开始收集馏分此时的蒸气中含有异戊醇和乙酸，会收集少量的未反应的异戊醇和乙酸，因此会导致产率偏高，故答案为：高；会收集少量未反应的异戊醇和乙酸。28.（15 分）【答案】（1）CH4(g)+CO2(g)2H2(g)+2CO(g)H=+246kJ/mol（2 分）（2）0.002molL-1min-1（1 分）；正（CO2）60min，故 60min 时 逆（CO2）小于 20 min 时正（CO2）；充入 H2增加了生成物浓度，平衡逆向移动，导致合成气产率降低；移除一部分合成气降低了生成物浓度，平衡正向
22、移动，可以提高合成气产率，入选；适当提高反应升高温度，由于该反应吸热，化学平衡将向正反应方向进行，可以提高产率，入选；改用高效催化剂不影响化学平衡移动，转化率不变，产率也不变；由于反应已经进入平衡状态，再延长反应时间不能提高反应的限度，转化率不变。故答案为 BC；图 A，假设 CO2转化了 x,则根据关系式 CO2CH4，CH4也转化了 x。则有：（CO2）=x；4CH2x=（），二者的转化学率比值等于 2 为一定值，所以 p 点不能说明反应达到平衡状态，A错；B项，反应热 H 与化学平衡与否无关，B 错；C 项，H2的体积分数不随时间变化，而且 p 点正好落在直线上，说明反应已经达到平衡，C
23、 正确；D 项，图中给出了两种不同的催化剂载体对 CO产率的影响。载体不同，催化剂体系就不同。不同的催化剂在给定的反应条件下不影响产物的产率。Ni 基载体的催化效果优于 ZrO2，能够提高 CO 的产率，说明此时的 p 点一定不是平衡状态，D错。根据三段式，可求平衡时各物种的物质的量如下：起始（mol）2100转化（mol）0.50.511平衡（mol）1.50.511 CH4(g)+CO2(g)=2H2(g)+2CO(g)则 ，根据 PV=nRT，同温度同体积，压强之比等于物质的量之比。反应开始 n 总=3.0mol,P 总=3.0Mpa；平衡时的 n 总=4.0mol，则 p 总=4.0M
24、pa。43(CH)8=21(CO)8=()21CO(H)4=2222242()()111.3()()1.5 0.5pHp COKpp CHp CO=p(H2)=p（CO)=1 Mpa、p(CH4)=1.5 Mpa、p(CO2)=0.5 Mpa。则=（3）根据图表出示的数据，该工艺的副反应是甲烷的热裂解，产生积碳附着在催化剂表面。Sr助剂的最佳质量含量应该能起到两点作用，其一，使得原料气的转化率尽可能大；其二，催化剂表面积碳的质量含量尽可能低，结合这两点，最佳的质量含量应该为 3%。（4）根据题目的要求，甲烷失去电子，一部分给了 O2-,一部分直接在电极上转移电子给 H 元素，转化为 H2，在负
25、极直接产生合成气 CO 和 H2 ,总过程应该为 CH4-2e-+O2-=CO+2H2。29.（10 分）除特殊标记外，每空 1 分（1）活细胞 蛋白质或 RNA 降低化学反应的活化能（2）温度、酶的种类 pH、反应时间、溶液的量、淀粉的浓度、酶的浓度等（3）右 温度降低会引起酶 A 的活性下降，酶催化反应完成所需的时间增加 低温（04）（4）斐林试剂检测时需水浴加热，会导致反应体系温度发生改变，影响实验结果（2 分）30.（8 分）每空 1 分 （1）非细胞 基因突变 4 种核糖核苷酸 （2）体液免疫 效应 T 细胞 密切接触，使其裂解死亡 抗体 （3）记忆细胞 1031.（9 分）除特殊标
26、记外，每空 1 分 （1）分解者 能够加快生态系统的物质循环，对于植物的传粉和种子的传播具有重要作用（2 分）湿地生态系统的生物种类多，营养结构复杂（2）垂直 提高了群落利用阳光等资源的能力 25kJ（3）间接 就地 32.（12 分）除特殊标记外，每空 1 分 （1）有性生殖的真核生物 非同源染色体上的非等位基因随非同源染色体的自由组合而组合（2 分）（2）4 AaBb 1:1:1:1 测交（3）AabbaaBB 或 AAbb aaBb（2 分）1:1（4）能 RRAabb rraaBb 33.答案：（1）ACE（5 分，选对 1 个给 2 分，选对 2 个得 4 分，选对 3 个得 5 分
27、，每选错 1 个扣 3 分，最低得分 0 分）（2）初态时 p1p0gh96 cmHg，T1288 K，l120 cm。终态时 p2p0g(ll2)86 cmHg，l240 cm。由理想气体状态方程得p1l1ST1 p2l2ST2，所以T2p2l2p1l1T186409620288 K516 K。当温度升高后，竖直管中的水银将移至水平管中，设水银柱刚好全部进入水平部分，则此时被封闭空气柱长为 l50 cm，压强 pp076 cmHg，由TplsTslp=111得 此时的温度T plp1l1T176509620288 K570 K，评分标准：本题共 10 分。正确得出式各给 2 分，其余各式各给
28、 1 分 11 34.（1）答案 CDE（5 分，选对 1 个给 2 分，选对 2 个得 4 分，选对 3 个得 5 分，每选错 1个扣 3 分，最低得分 0 分）(2)解析：(1)光在该圆柱体中的传播速度为vcn 3108 m/s.(2)假设光线 PC 经折射后经过 B 点，光路图如图所示 假设入射角为，折射角为，则由折射定律有 nsin sin 3 又由几何关系有 2 解得 60，30 则BC2Rcos 3R 103 m 所以tBCv 1109 s.答案：(1)3108 m/s(2)1109 s 评分标准：本题共 10 分。正确得出各给 2 分，各给 1 分 35（1）1s22s22p63
29、s23p63d64s2或Ar3d64s2(1 分)p(1 分)（2）3s2(1 分)（3）大于(1 分)(4)O(1 分)H2O、Cl-(2 分)18NA或 186.021023(2 分)(5)三角锥形(2 分)N2O 或 CO2(2 分)（6）34 99.5AaN(2 分)（1）铁是 26 号元素，根据核外电子排布规律，可知其基态原子核外电子排布式为：1s22s22p63s23p63d64s2或Ar3d64s2；砷原子的外围电子排布为 ns2 npx，故答案为：p；12（2）从表中原子的第一至第四电离能可以看出，A 的第二电离能小，第三电离能较大，说明易失 去 2 个电子，则 A 的化合价为
30、+2 价，应为 Mg 元素，价电子排布式为 3s2；(3)根据失去一个电子后的价电子排布式确定第二电离能的大小；Cu+的价电子排布式为 3d10，处于全充满状态；而锌失去一个电子后的排布式为 3d104s1，最外层处于半充满状态，故铜的第二电离能大于锌的第二电离能；(4)在晶体TiCl(H2O)5Cl2H2O中含有 Ti、Cl、H、O 四种元素，元素的非金属性越强，电负性越大。由于元素的非金属性最强的元素的 O 元素，所以 O 的电负性最大；晶体TiCl(H2O)5Cl2H2O 中内界离子是TiCl(H2O)52+，中心离子是 Ti3+，配位体是 Cl-、H2O；配位数是 6,；外界离子是 2
31、 个 Cl-，配离子TiCl(H2O)52+中含有共价键、配位键，TiCl(H2O)52+中含有 6 个配位键，也属于键，水分子中含有 2 个键，故 1molTiCl(H2O)5Cl2H2O 中含有 18mol键；(5)NH3分子中 N 原子是 sp3杂化，且具有一对孤对电子，则 NH3的空间构型为三角锥形，与 SCN 互为等电子体的分子有:N2O 或 CO2，故答案为三角锥形，N2O 或 CO2；（6）一个晶胞中 Cu 原子数目为 8 81+6 21=4，Cl 原子数目为 4，晶胞密度=33/5.99445.993cmgNaaNvmAA=36、答案：（1）一氯甲苯（分）碳碳双键、羧基（分）（
32、2）（分）（3）18（分）（分）（4）取代反应（分）（5）（6）（分）13【解析】由流程转化关系，结合题给信息可知，A 为,B 为，化学名称为一氯甲苯（1-氯甲苯），发生水解反应生成 C 为，催化氧化生成 D 为。根据逆推法由有机物 I 的结构简式逆推 F 的结构简式为，根据已知信息，逆推 E 的结构简式为；G 的结构简式为。详解：（1）A 为甲苯，在光照条件下与氯气发生侧链的取代得到 B，化学名称为学名称为一氯甲苯（1-氯甲苯）。BC 的反应为在氢氧化钠溶液中，共热发生水解反应生成，CD 的反应为在铜做催化剂发生醇的催化氧化生成。（2）苯 甲 醛 可 与 新 制 的 Cu(OH)2 悬 浊
33、液,加 热 煮 沸 反 应 有 砖 红 色 沉 淀，化 学 方 程 式 为。（3）根据 F 的结构简式可知最多是所有原子共平面。（4）根据 F、H 的结构简式和 I 的结构简式对比，两者发生的反应类型为取代反应。14（5）J 是 E 的同分异构体，同时满足三个条件，二取代的芳香族化合物，J 苯环上有两种化学环境的氢，可水解，水解产物遇到 FeCl3 溶液显紫色，J 的结构简式只有一种。（6）由题给信息，结合逆推法可知乙 酰 苯 胺 可 由和发生取代合成，可由苯发成硝化反应先制得硝基苯，再还原得到，可由乙酸在苯、SOCl2、加热条件下取代制得，所以合成路线为 37.（15 分）除特殊标记外，每空
34、 2 分(1)出汁率和澄清度 物理吸附 (2)果酒发酵的无氧、pH 呈酸性条件和代谢产生的酒精抑制了杂菌的生长(3)凝胶色谱法 带电性质差异(或带电情况)迁移速度(4)不可靠，只能得出提取的蛋白质含有两种大小不同的肽链，不一定是两条(3 分）38.（15 分）除特殊标记外，每空 2 分 （1）PCR（1 分）要有一段已知目的基因的核苷酸序列 Taq（热稳定 DNA 聚合酶）使目的基因在受体细胞中稳定存在，并且可以遗传给下一代，同时使目的基因能够 表达和发挥作用 （2）Sma会破坏质粒的抗性基因和外源 DNA 中的目的基因 （3）脱分化、再分化（4）将培育的烟草幼苗栽培于含有一定盐的土壤中，观察该烟草植株的生长状态 15
