1、山西省运城市高中联合体2019-2020学年高一化学下学期第一次摸底考试试题（含解析）1.下列说法不正确的是A. 石油和天然气属于一次能源B. 绿色植物进行光合作用时，太阳能转化为化学能C. 燃料燃烧时，化学能全部转化为热能D. 石墨转化为金刚石是吸热反应，故石墨能量比金刚石能量低【答案】C【解析】【详解】A. 石油和天然气都是由自然界直接开采的能源，属于一次能源，故A正确；B. 绿色植物进行光合作用，生成淀粉和氧气，太阳能转化为化学能，故B正确；C. 燃料燃烧时，将化学能转化为内能，故C错误；D. 石墨转化为金刚石是吸热反应，石墨能量比金刚石能量低，故D正确；选C。2.2016年IUPAC命
2、名117号元素为Ts（中文名“”，tin），Ts的原子核外最外层电子数是7。下列说法不正确的是A. Ts是第七周期第A族元素B. Ts的同位素原子具有相同的电子数C. Ts在同族元素中非金属性最弱D. 中子数为176的Ts核素符号是【答案】D【解析】【详解】A. 该原子结构示意图为，该元素位于第七周期、第VIIA族，故A正确；B. 同位素具有相同质子数、不同中子数,而原子的质子数=核外电子总数,则Ts的同位素原子具有相同的电子数，故B正确；C. 同一主族元素中,随着原子序数越大,元素的非金属性逐渐减弱,则Ts在同族元素中非金属性最弱，故C正确；D. 该元素的质量数=质子数+中子数=176+11
3、7=293,该原子正确的表示方法为：，故D错误；故答案选：D。3.下列化学用语表示正确的是A. 氮气的电子式B. C14的原子结构示意图： C. 二硫化碳的结构式：S=C=SD. D2O和H2O互为同分异构体【答案】C【解析】【详解】A. 氮气的电子式，故A错误； B. C14原子的质子数是6、核外电子数是6，原子结构示意图为，故B错误；C. 二硫化碳中存在C=S键，结构式为S=C=S，故C正确；D. D2O和H2O是由氢元素的不同同位素原子构成的水分子，H2O和D2O是同一种物质，故D错误；选C。4.下列反应既属于氧化还原反应，又属于吸热反应的是A. 铝片和稀盐酸反应B. Ba(OH)28H
4、2O与NH4Cl的反应C. 灼热的碳与二氧化碳的反应D. 甲烷在氧气中的燃烧【答案】C【解析】【分析】根据题中属于氧化还原反应，又属于吸热反应可知，本题考查氧化还原反应的特征和常见吸热反应，运用有化合价变化的反应是氧化还原反应和常见吸热反应分析。【详解】A. 铝片和稀盐酸属于氧化还原反应，又属于放热反应，A项错误；B. Ba(OH)28H2O与NH4Cl反应属于非氧化还原反应，又属于吸热反应,B项错误；C. 碳与二氧化碳的反应属于氧化还原反应，又属于吸热反应,C项正确；D. 甲烷在氧气中的燃烧属于氧化还原反应，又属于放热反应,D项错误；答案选C。【点睛】常见吸热反应：大多数的分解反应；以C 、
5、CO、H2为还原剂的反应；八水合氢氧化钡与氯化铵反应。5.下列各组顺序排列不正确的是A. 热稳定性：HClH2SPH3B. 离子半径：Na+Mg2+O2-C 酸性强弱：H2SiO3H3PO4H2SO4D. 碱性强弱：KOHMg(OH)2Al(OH)3【答案】B【解析】【详解】A. 同周期元素从左到右非金属性增强，气态氢化物热稳定性增强，热稳定性HClH2SPH3，故A正确；B. 电子层数相同，质子数越多半径越小，离子半径O2-Na+Mg2+，故B错误；C. 同周期元素从左到右非金属性增强，最高价含氧酸酸性增强，酸性H2SiO3H3PO4H2SO4，故C正确；D. 元素金属性越强，最高价氧化物的
6、水化物碱性越强，碱性KOHMg(OH)2Al(OH)3，故D正确；选B。【点睛】本题考查元素周期表和周期律，把握元素的位置、性质、元素周期律为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意同周期元素递变规律的应用。6.根据元素周期律，由事实进行归纳推测，推测不合理的是（ ） 事实 推测 A12Mg与水反应缓慢，20Ca与水反应较快56Ba（A族）与水反应更快 BSi是半导体材料，同族的Ge也是半导体材料族的元素都是半导体材料 C HCl在1500时分解，HI在230时分解 HBr的分解温度介于二者之间 DSi与H2高温时反应，S与H2加热能反应 P与H2在高温时能反应A. AB. BC. CD.
7、D【答案】B【解析】【详解】A同主族从上到下金属性逐渐增强，12Mg与水反应缓慢，20Ca与水反应较快，56Ba（A族）与水反应更快，推论合理，故A正确；BSi是半导体材料，同族的Ge也是半导体材料，只有金属与非金属交界线附近才存在半导体，族的元素都是半导体材料的推论不合理，故B错误；C同主族元素从上到下元素的非金属性减弱，氢化物的稳定性减弱，HCl在1500时分解，HI在230时分解，推出：HBr的分解温度介于二者之间，结论合理，故C正确；D同周期从左到右元素的非金属性增强，单质与氢化合从难到易，由Si与H2高温时反应，S与H2加热能反应得出：P与H2在高温时能反应，结论合理，故D正确；故选
8、B。7.元素R、T、X、Y、Z在元素周期表中的相对位置如图所示，其中Z单质与H2混合遇强光会发生爆炸。则下列判断错误的是A. 气态氢化物的沸点：H2TH2YH2RB. R与Y的电子数相差8C. 非金属性：ZYXD. Z的含氧酸的酸性比Y的强【答案】AD【解析】【分析】Z单质与H2混合遇强光会发生爆炸，Z是Cl元素，根据元素R、T、X、Y、Z在元素周期表中的相对位置，R、T、X、Y分别是O、Se、P、S。【详解】A. 水分子间能形成氢键，气态氢化物的沸点：H2OH2SeH2S，故A错误；B. R是O、Y是S，电子数相差8，故B正确；C. 同周期元素从左到右非金属性增强，非金属性ClSP，故C正确
9、；D. 酸性：HClOH2SO4，Cl的含氧酸的酸性不一定比S的强，故D错误；选AD。8.下列说法不正确的是H2O2分子中既含极性键又含非极性键若R2-和M+的电子层结构相同，则原子序数:RMF2、Cl2、Br2、I2熔点随相对分子质量增大而升高NCl3、CCl4、CO2、BeCl2分子中各原子均达到8电子稳定结构固体熔化成液体的过程是物理变化，所以不会破坏化学键HF分子很稳定是由于HF分子之间能形成氢键Na2O2固体中的阴离子和阳离子个数比是1:2由于非金属性ClBrI,所以酸性HClHBrHIA. B. C. D. 【答案】A【解析】【详解】H2O2的结构式是H-O-O-H，分子中既含极性
10、键又含非极性键，故正确；若R2-和M+的电子层结构相同，质子数MR，原子序数:RM，故错误；F2、Cl2、Br2、I2随相对分子质量增大，范德华力增大，熔点升高，故正确；BeCl2分子中Be原子未达到8电子稳定结构，故错误；离子晶体熔化成液体的过程是物理变化，会破坏离子键，故错误；HF分子很稳定是由于H-F键的键能大，故错误；Na2O2固体中的阴离子是 ，阴离子和阳离子个数比是1:2，故正确；无氧酸的酸性与非金属性无关，酸性HClHBrbcdB. acdbC. cabdD. bdca【答案】B【解析】【详解】a、b相连时，a为负极，活泼金属作负极，所以a的金属活动性大于b；c、d相连时，电流由
11、d到c，故c为负极，所以c的金属活动性大于d；a、c相连时，c极上产生大量气泡，说明a为负极，所以a的金属活动性大于c，b、d相连时，b上有大量气泡产生，说明d为负极，所以d的金属活动性大于b，故a、b、c、d4块金属的活动性由强到弱的顺序为acdb，B选项正确；答案选B。16.燃料电池是目前电池研究的热点之一，现有某课外小组自制的氢氧燃料电池，如图所示，a、b均为惰性电极。下列叙述正确的是A. 总反应方程式为2H2+O22H2OB. a极反应是H22e2HC. 使用过程中电解质溶液的pH逐渐减小D. b电极是正极，该电极上发生氧化反应【答案】C【解析】【详解】A氢氧燃料电池的总反应方程式是2
12、H2+O2=2H2O，反应条件不是点燃，故A错误；B. a极氢气失电子生成水，电极反应是2H24OH4e4H2O，故B错误；C电池总反应方程式为2H2+O2=2H2O，电池工作时生成水，KOH的浓度降低，pH逐渐减小，故C正确；D. b电极是正极，该电极上氧气得电子发生还原反应，故D错误；选C17.以下关于烷烃的说法中正确的是A. 一氯甲烷只有一种空间结构，证明甲烷是正四面体的空间结构而不是平面结构B. 烷烃的熔沸点随分子中碳原子数的增多而降低C. C2H6与C3H6互为同系物D. 戊烷的结构有三种，其化学性质与甲烷类似【答案】D【解析】【详解】A. 二氯甲烷只有一种空间结构，证明甲烷是正四面
13、体的空间结构而不是平面结构，故A错误；B. 烷烃的熔沸点随分子中碳原子数的增多而升高，故B错误；C. 同系物分子是结构相似、组成相差若干个CH2， C2H6与C3H6只相差1个C原子，且前者是饱和烃，后者是不饱和烃，所以不是同系物，故C错误；D. 戊烷的结构有CH3CH3CH2CH2CH3、CH3CH3CH(CH3)2、C(CH3)4三种，属于烷烃，化学性质与甲烷类似，故D正确；选D。18.根据表中信息，判断以下叙述正确的是部分短周期元素的原子半径及主要化合价元素代号LMQRT原子半径nm0.1600.1430.1120.1040.066主要化合价232 6、22A. 氢化物的稳定性为H2TH
14、2RB. 单质与稀盐酸反应的剧烈程度为LQC. M与T形成的化合物具有两性D. L2+与R2的核外电子数相等【答案】C【解析】【分析】根据元素的主要化合价（最高正价等于最外层电子数，最低负价的绝对值等于8-最外层电子数）和原子半径的大小可知：L、Q为同一主族，L为镁，Q为铍；M为铝；R、T同一主族，R为硫，T为O。【详解】A.同一主族从上到下非金属性减弱，而非金属性越强，气态氢化物越稳定，因此稳定性H2TH2R（H2OH2S），故A错误；B.同一主族从上到下金属性增强，金属性越强，单质与稀盐酸反应越剧烈，因此LQ（MgBe），故B错误；C. M与T形成的化合物为氧化铝，氧化铝具有两性，故C正确
15、；D.L2+（Mg2+）核外电子数为10，而R2（S2）的核外电子数18，故D错误；答案：C19.可用于电动汽车的铝空气燃料电池，通常以NaCl溶液或NaOH溶液为电解液，铝合金为负极，空气电极为正极。下列说法正确的是A. 以NaOH溶液为电解液时，负极反应为:Al+3OH3eAl(OH)3B. 以NaCl溶液或NaOH溶液为电解液时，正极反应都为:O2+2H2O+4e=4OHC. 以NaOH溶液为电解液时，电池在工作过程中电解液的pH保持不变D. 电池工作时，电子通过外电路由正极流向负极【答案】B【解析】【详解】A. 以NaOH溶液为电解液时，负极反应为Al+4OH-3eAlO2-+2H2O
16、，故A错误；B. 以NaCl溶液或NaOH溶液为电解液时，正极氧气得电子生成氢氧根离子，电极反应都为O2+2H2O+4e=4OH，故B正确；C. 以NaOH溶液为电解液时，电池电池总反应为4Al+3O2+4OH-=4AlO2-+2H2O，所以在工作过程中电解液的pH减小，故C错误；D. 电池工作时，电子通过外电路由负极流向正极，故D错误；选B。20.科学家合成出了一种新化合物(如图所示)，其中W、X、Y、Z为同一短周期元素，Z核外最外层电子数是X核外电子数的一半。下列叙述不正确的是A. W的最高价氧化物是离子化合物B 该新化合物中X满足8电子稳定结构C. 元素非金属性的顺序为XYZD. Z的最
17、高价氧化物的水化物是强酸【答案】C【解析】【分析】W、X、Y、Z为同一短周期元素，X能形成4个共价键，Z能形成1个共价键，Z最外层有7或1个电子，Z核外最外层电子数是X核外电子数的一半，所以X是Si、Z是Cl；根据化合价代数和等于0，Y的化合价为-3，则Y是P元素；W形成+1价阳离子，W是Na。【详解】A. W是Na，Na的最高价氧化物是离子化合物，故A正确；B. X是Si原子，最外层有4个电子，形成4个共价键，所以该化合物中Si满足8电子稳定结构，故B正确；C. 同周期元素从左到右非金属性增强，元素非金属性的顺序为ClPSi，故C错误；D. Cl最高价氧化物的水化物HClO4是强酸，故D正确
18、；选C。21.X、Y、Z、M、N是短周期元素，且原子序数依次递增。已知X的最外层电子数是次外层电子数的3倍，X、M同主族，Y在同周期主族元素中原子半径最大。Z和N可以形成ZN2型化合物。回答下列问题：（1）元素N在周期表中的位置_，它的最高价氧化物的化学式为_。（2）由元素X、Y形成的一种化合物可以作为呼吸面具的供氧剂，该化合物的电子式为_，其所含化学键的类型为_。（3）用电子式表示ZN2的形成过程_。（4）Z能在氮气中燃烧，Z在氮气中燃烧的产物与水反应可产生一种使湿润红色石蕊试纸变蓝的气体。写出Z在氮气中的燃烧产物与水反应的化学方程式：_【答案】 (1). 第三周期VIIA族 (2). Cl
19、2O7 (3). (4). 离子键、共价键 (5). (6). Mg3N2+6H2O=3Mg(OH)2+2NH3【解析】【分析】X的最外层电子数是次外层电子数的3倍，X是O元素；X、M同主族，M是S元素；X、Y、Z、M、N原子序数依次增大，所以N是Cl元素；Y在同周期主族元素中原子半径最大，Y是Na；Z和Cl可以形成ZCl2型化合物，Z为Mg。【详解】（1）N是Cl元素，在周期表中的位置是第三周期VIIA族，氯元素最高价为+7，它的最高价氧化物的化学式为Cl2O7；（2）由元素O、Na形成的一种化合物可以作为呼吸面具的供氧剂，该化合物是Na2O2，电子式为，所含化学键的类型为离子键、共价键；（
20、3）MgCl2是离子化合物，用电子式表示MgCl2的形成过程是；（4）Mg能在氮气中燃烧生成Mg3N2，Mg3N2与水反应可产生氨气和氢氧化镁，反应的化学方程式是Mg3N2+6H2O=3Mg(OH)2+2NH3；【点睛】本题以元素推断为载体考查元素化合物、元素周期律知识，正确推断元素是解题关键，明确同周期元素性质递变规律，注意离子化合物中化学键的判断方法。22.化学反应速率与限度与生产、生活密切相关（1）A学生为了探究锌与盐酸反应过程中的速率变化，他在200mL稀盐酸中加入足量的锌粉，用排水集气法收集反应放出的氢气，实验记录如下（累计值）：时间（min）12345氢气体积（mL）（标准状况）1
21、00240688810860反应速率最大的时间段是_（填01、12、23、34、45）min，原因是_。在23min时间段以盐酸的浓度变化来表示的反应速率为_。（设溶液体积不变）（2）B学生也做同样的实验，但由于反应太快，测不准氢气体积，故想办法降低反应速率，请你帮他选择在盐酸中加入下列_以减慢反应速率。（填写代号）A冰块BHNO3溶液CCuSO4溶液（3）C同学为了探究Fe3和Cu2对H2O2分解的催化效果，设计了如图所示的实验。可通过观察_现象，定性比较得出结论。有同学提出将FeCl3改为Fe2(SO4)3更为合理，其理由是_，【答案】 (1). 23 (2). 因该反应放热，随着反应，溶
22、液温度升高，故反应速率加快 (3). 0.2molL-1min-1 (4). A (5). 反应产生气泡的快慢 (6). 控制阴离子相同，排除阴离子的干扰【解析】【分析】（1）单位时间内生成氢气的体积越大反应速率越快；锌与盐酸反应放热；23min生成氢气的体积是448mL（标准状况），物质的量是，消耗盐酸的物质的量0.4mol；（2）根据影响反应速率的因素分析；（3）双氧水分解有气泡产生；根据控制变量法，探究Fe3和Cu2对H2O2分解，控制阴离子相同；【详解】（1）根据表格数据，2 min3min收集的氢气最多，反应速率最大的时间段是23min；锌与盐酸反应放热，随着反应，溶液温度升高，故反
23、应速率加快；23min生成氢气的体积是448mL（标准状况），物质的量是，消耗盐酸的物质的量0.04mol，=0.2molL-1min-1；（2）A加入冰块，温度降低，反应速率减慢，故选A；B加入HNO3溶液，硝酸与锌反应不能生成氢气，故不选B；C加入CuSO4溶液，锌置换出铜，构成原电池，反应速率加快，故不选C；（3）双氧水分解有气泡产生，可通过观察反应产生气泡的快慢，定性比较催化效果；根据控制变量法，探究Fe3和Cu2对H2O2分解，控制阴离子相同，排除阴离子的干扰，所以FeCl3改为Fe2(SO4)3更为合理。【点睛】本题主要考查化学反应速率的影响因素，明确影响反应速率的因素是解题关键，
24、注意控制变量法在探究影响化学反应速率因素实验中的应用，理解原电池原理对化学反应速率的影响。23.能源与人类的生存和发展息息相关，化学反应在人类利用能源的历史过程中充当重要的角色。回答下列问题：（1）科学家最近研制出利用太阳能产生激光，使海水分解。太阳光分解海水时，光能转化为_能，水分解时断裂化学键是_（填“离子键”或“共价键”）（2）氢能是一种具有发展前景的理想清洁能源,氢气燃烧时放出大量的热。若断开1mol氢气中的化学键消耗的能量为Q1kJ，断开1mol氧气中的化学键消耗的能量为Q2kJ，形成1mol水中的化学键释放的能量为Q3kJ，则下列关系正确的是_AQ1Q2Q3 B2Q1Q22Q3 C
25、2Q1Q22Q3 DQ1Q2Q3（3）下列化学反应在理论上可以设计成原电池的是_。A.Fe+2FeCl33FeCl2 B.SO3+H2OH2SO4C.C+H2OCO+H2 D.Ba(OH)2+H2SO4BaSO4+2H2O（4）美国NASA曾开发一种铁空气电池，其原理如图所示，电池反应为：2Fe+O2+2H2O=2Fe(OH)2。电极a为原电池的_（填“正极”或“负极”），该极的电极反应式为_；电极b上发生_反应（填“氧化”或“还原”）。原电池工作一段时间后，若消耗铁22.4g，则电路中通过的电子数为_。【答案】 (1). 化学 (2). 共价键 (3). B (4). A (5). 负极 (
26、6). Fe-2e+2OH=Fe(OH)2 (7). 还原 (8). 0.8NA或0.86.021023【解析】【分析】（1）利用太阳光分解海水生成氢气和氧气，水是共价化合物，含有共价键；（2）放热反应，断裂化学键吸收的能量小于形成化学键释放的能量；（3）放热的氧化还原反应能设计成原电池；（4）a电极，FeFe(OH)2 ，铁失电子化合价升高；b电极，氧气得电子生成氢氧根离子；原电池工作时，铁元素化合价由0升高为+2；【详解】（1）利用太阳光分解海水生成氢气和氧气，光能转化为化学能，水是共价化合物，含有共价键，水分解断裂的是共价键；（2）放热反应，断裂化学键吸收的能量小于形成化学键释放的能量，
27、2mol氢气和1mol氧气反应生成2mol水，氢气燃烧时放出大量的热，所以2Q1Q22Q3，选B；（3）A.Fe+2FeCl33FeCl2，铁元素化合价改变，有电子转移，反应放出能量，能设计成原电池，故选A； B.SO3+H2OH2SO4，没有化合价改变，没有有电子转移，不能设计成原电池，故不选B；C.C+H2OCO+H2，碳元素化合价改变，有电子转移，该反应吸收能量，不能设计成原电池，故不选C； D.Ba(OH)2+H2SO4BaSO4+2H2O，没有化合价改变，没有有电子转移，不能设计成原电池，故不选D；（4）a电极，FeFe(OH)2 ，铁失电子化合价升高，a极电子流出，为原电池负极，电
28、极反应式是Fe-2e-+2OH-=Fe(OH)2；b电极，氧气得电子生成氢氧根离子，b极发生还原反应；原电池工作时，铁元素化合价由0升高为+2，若消耗铁22.4g，则电路中通过的电子数为0.8NA。24.某温度下在2L密闭容器中，3种气态物质A、B、C的物质的量随时间变化曲线如图。（1）该反应的化学方程式是_（2）若A、B、C均为气体，10min后反应达到平衡，此时体系的压强是开始时的_倍。在该条件达到平衡时反应物的转化率为_%（计算结果保留1位小数）（3）关于该反应的说法正确的是_。a.到达10min时停止反应b.在到达10min之前C气体的消耗速率大于它的生成速率c.在10min时B气体的
29、正反应速率等于逆反应速率【答案】 (1). 2CA+3B (2). 或1.29或1.3 (3). 66.7% (4). b、c【解析】【分析】（1）由图可知，C是反应物，物质的量分别减少2mol，A、B生成物，物质的量增加1mol、3mol，物质的量变化比等于系数比；（2）体系的压强比等于物质的量比；转化率=变化量初始量100%；（3）根据化学平衡的定义判断；【详解】（1）由图可知，C是反应物，物质的量减少2mol，A、B生成物，物质的量分别增加1mol、3mol，物质的量变化比等于系数比，所以该反应的化学方程式为：2CA+3B；（2）体系的压强比等于物质的量比，反应前气体总物质的量是7mol、反应后气体总物质的量是9mol，所以此时体系的压强是开始时的倍；转化率=变化量初始量100%=23100%=66.7%；（3）a.根据图象，到达10min时反应达到平衡状态，正逆反应速率相等但不为0，反应没有停止，故a错误；b.在到达10min之前，C的物质的量减少，所以 C气体的消耗速率大于它的生成速率，故b正确；c.在10min时反应达到平衡状态，所以B气体的正反应速率等于逆反应速率，故c正确；选bc。【点睛】本题考查化学反应中物质的量随时间的变化曲线、以及平衡状态的判断，注意根据化学平衡的定义判断平衡状态，明确化学反应的物质的量变化比等于化学方程式的系数比。
