1、山西省运城市芮城县三校2019-2020学年高二物理上学期期中联考试题（含解析）一、单选题（共8小题，每小题4分，共32分。在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题意）1.关于电源电动势说法，正确的是( )A. 电路中每通过2C的电荷量，电池提供的电能是4J，那么这个电池的电动势是0.5VB. 电源的路端电压增大时，其电源电动势一定也增大C. 无论内电压和外电压如何变化，其电源电动势不变D. 电源是通过非静电力做功把其它形式的能转化为电能的装置【答案】CD【解析】【详解】A. 电路中通过q=2C的电荷量，电池提供的电能W=4J，根据电动势的定义式得：故A错误。B. 电动势表征电源本身的特性
2、，与外电路无关，当电源的路端电压增大时，其电源电动势不变。故B错误。C. 电动势由电源本身决定，当内电压和外电压变化时，电源电动势保持不变故C正确。D. 电源是通过非静电力做功将其他形式的能转化为电能的装置，故D正确。2.下图为电阻和电阻的I-U图像，两电阻的阻值分别为R1和R2。把两电阻并联后接入电路，通过它们的电流大小分别为I1和I2，则A. R1R2，I1I2B. R1R2，I1I2C. R1R2，I1I2D. R1R2，I1I2【答案】C【解析】【详解】根据欧姆定律可知，斜率大的电阻小，所以R1R2，电阻并联，电压相同，电阻大的电流小，所以I1I2，ABD错误C正确。3.如图所示,在E
3、=500 V/m的匀强电场中,a、b两点相距d=2 cm,它们的连线跟场强方向的夹角是60,则Uab等于（ ）A. 5 VB. 10 VC. -5 VD. -10 V【答案】C【解析】根据顺着电场线方向电势降低，判断得知a点的电势低于b点的电势，则Uab0则得：Uab=-Edcos60=-5000.020.5V=-5V，故选C.4.四种电场的电场线如图所示，一正电荷q仅在静电场力作用下由M点向N点做加速运动，且加速度越来越大，则该电荷所在的电场是图中的( )A. B. C. D. 【答案】D【解析】【详解】因粒子由M到N是加速运动，而粒子带正电，故说明电场线是由M到N的；因粒子在运动中加速度越
4、大越大，说明受电场力越大越大，则电场强度越大越大，电场线越来越密；A.图像与分析不符，故A错误。B.图像与分析不符，故B错误。C.图像与分析不符，故C错误。D.图像与分析相符，故D正确。5.在如图所示的四种电场中，分别标记有a、b两点其中a、b两点的电势相等，电场强度相同的是（ ）A. 甲图中与点电荷等距的a、b两点B. 乙图中两等量异种电荷连线的中垂线上与连线等距的a、b两点C. 丙图中两等量同种电荷连线的中垂线上与连线等距的a、b两点D. 丁图中匀强电场中的a、b两点【答案】B【解析】【详解】A甲图中两点电场线方向不同，故电场强度的方向不同，两点离点电荷距离相等，所以两点的电势相等，故A错
5、误；Bab两点方向均向水平向左，且两电荷中垂线为等势面，故电势相等，因两点关于连线对称，故电场强度相等，故B正确；Ca、b两点电场方向不相同，两点的场强不等，故C错误；D根据沿电场线方向电势降低可知，a、b两点电势不相等，a、b两点处于匀强电场中，所以两点的电场强度相同，故D错误。6.如图所示，虚线a、b、c是电场中的三个等势面，相邻等势面间的电势差相同，实线为一个带正电的质点仅在电场力作用下，通过该区域的运动轨迹，P、Q是轨迹上的两点。下列说法中正确的是（ )A. 三个等势面中，等势面a的电势最高.B. 带电质点通过P点时的动能比通过Q点时小C. 带电质点通过P点时的加速度比通过Q点时小D.
6、 带电质点一定是从P点向Q点运动【答案】B【解析】【详解】A. 作出电场线，根据轨迹弯曲的方向和正电荷可知，电场线向下。故a点电势最低。故A错误。B.正电荷在电势高的地方电势能大，所以在P点电势能大于Q点电势能，根据能量守恒可知，在P点时的动能比通过Q点时小，故B正确。C. 等差等势面P处密，P处电场强度大，电场力大，加速度大，故C错误。D. 根据已知条件无法判断粒子的运动方向。故D错误。7.如图所示，电源电动势为E，内阻为r，合上开关S后各电灯恰能正常发光如果某一时刻电灯L1的灯丝烧断，则( ) A L2、L3变亮，L4变暗B. L3变亮，L2、L4变暗C. L4变亮，L2、L3变暗D. L
7、3、L4变亮，L2变暗【答案】A【解析】【详解】当电灯L1的灯丝烧断后，L2这段电路电阻增大，外电路总电阻R总增大，路端电压U增大，干路电流I减小，由R3不变，故L3变亮；由I4=I-I3知I减小，I3增大，则I4减小，U4=I4R4R4不变，U4减小，则L4变暗；U2=U-U4U增大，U4减小，则U2增大，则L2变亮。A. L2、L3变亮，L4变暗，与分析相符，故A正确。B. L3变亮，L2、L4变暗，与分析不符，故B错误。C. L4变亮，L2、L3变暗，与分析不符，故C错误。D. L3、L4变亮，L2变暗，与分析不符，故D错误。8.如图所示，有一个双量程电流表其中小量程为1A。已知表头的满
8、偏电流Ig=500mA，定值电阻R1=20，R2=180，则表头的内阻Rg的值为( )A. 500B. 250C. 200D. 100【答案】C【解析】【详解】接公共端与最右边的接线柱时量程为小量程，此时R1与R2串联为一支路，当G表头达到满偏时通过R1、R2的电流为I1=I-Ig=1A-0.5A=0.5A根据并联电路的特点可得：IgRg=I1（R1+R2）解得Rg=200A. 500与分析不符，故A错误。B. 250与分析不符，故B错误。C. 200与分析相符，故C正确。D. 100与分析不符，故D错误。二、多项选择题（共4小题，每小题4分，共16分，全部选对得4分，选不全的得2分，错选0分
9、）9.下列各量中，与检验电荷无关的物理量是( )A. 电场强度EB. 电场力FC. 电势差UD. 电势能EP【答案】AC【解析】【详解】AB. 电场强度取决于电场本身，与试探电荷无关；而电场力F=Eq与试探电荷有关；故A正确B错误；C.电势差描述的是电场本身的性质，与检验电荷无关，故C正确。D. 据电势能公式EP=q可知，电势能与电荷有关，故D错误。10.两块大小、形状完全相同的金属平板平行放置，构成一平行板电容器，与它相连接的电路如图所示，接通开关S，电源即给电容器充电。则( )A. 保持S接通，减小两极板间的距离，则两极板间电场的电场强度减小B. 保持S接通，在两极板间插入一块介质，则极板
10、上的电荷量增大C. 断开S，减小两极板间的距离，则两极板间电场的电场强度不变D. 断开S，在两极板间插入一块介质，则两极板间的电势差增大【答案】BC【解析】【详解】A. 保持S接通，板间电压不变，减小两极板间的距离， ，两极板间电场的电场强度增大，故A错误。B. 保持S接通，板间电压不变，在两极板间插入一块介质，根据，电容增加；根据 可知电量增加；故B正确。C. 断开S，电量Q一定；减小两极板间的距离，根据， ，整理得：故E不变，故C正确。D. 断开S，电量Q一定；在两极板间插入一块介质，根据，电容增加，根据 可知电势差减小，故D错误。11.如图所示，变阻器R1=1，电源的电动势E=8 V，内
11、阻r=4 ，R2为变阻器，则（ ）A. R2=5时， 变阻器R2获得的电功率最大B. R2=3时， 电源有最大的输出功率4WC. 滑动变阻器的滑片P从图示位置向右移动时，电源的总功率一定增大D. 滑动变阻器的滑片P从图示位置向右移动时，电源的效率一定减小【答案】AB【解析】【详解】A.根据电源的内外电阻相等时，电源的输出功率最大，知将R1看成电源的内阻，当R2=R1+r=1+4=5R2获得的电功率最大，故A正确。B. 当R2+R1=r，R2=3时，电源输出功率最大，此时电路中电流为电源的最大输出功率为 Pmax=I2（R2+R1）=124W=4W故B正确。C. 滑动变阻器的滑片P从图示位置向右
12、移动时，若有R2+R1r电源的总功率减小。若一直有R2+R1r电源的总功率增大。故C错误。D. 滑动变阻器的滑片P从图示位置向右移动时，外电阻增大，路端电压增大，由知电源的效率一定增大，故D错误。12.在如图所示电路中，电源内阻不可忽略.R1和R2为定值电阻，R为滑动变阻器，在R的滑动触头向上滑动的过程中A. 电压表与电流表的示数都减小B. 电压表与电流表的示数都增大C. 定值电阻R1电功率增大D. R中电流变化的绝对值大于电流表读数变化的绝对值【答案】ACD【解析】在变阻器R的滑片向上滑动的过程中，变阻器接入电路的电阻减小，变阻器R与R2并联电阻R并减小，则外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆
13、定律得知，干路电流I增大，路端电压U减小，则电压表示数减小并联部分电压U并=E-I（R1+r），I增大，E、R1、r均不变，则U并减小，故电流表示数减小故A正确，B错误I增大，通过R1的电流增大，根据公式P=I2R知R1电功率增大，故C正确干路电流I增大，通过R2的电流减小，则知通过R的电流增大，而且R中电流变化的绝对值大于电流表读数变化的绝对值，故D正确故选ACD.点睛：本题是电路动态变化分析问题，首先确定出变阻器接入电路的电阻如何变化，再按局部到整体，再到部分的思路进行分析三、填空题（每空2分，共22分）13.现有一合金制成的圆柱体，为测量该合金的电阻率，现用伏安法测圆柱体两端之间的电阻，
14、用螺旋测微器测量该圆柱体的直径，用游标卡尺测量该圆柱体的长度。螺旋测微器和游标卡尺的示数如图(a)和图(b)所示。(1)由上图(a)读得圆柱体的直径为_mm， 图(b)的游标尺上每一个小刻度的长度是_mm，该圆柱体的长度为_cm。(2)若流经圆柱体的电流为I，圆柱体两端之间的电压为U，圆柱体的直径和长度分别用D、L表示，则用测得的D、L、I、U表示的电阻率的关系式为=_。【答案】 (1). 1.847(1.8461.849均对) (2). 0.05 (3). 5.015 (4). 【解析】【详解】(1)123螺旋测微器固定刻度示数为1.5mm，游标尺示数为34.80.01mm=0.348mm螺
15、旋测微器示数为1.5mm+0.343mm=1.848mm图(b)的游标尺上每一个小刻度的长度是0.05mm；游标卡尺主尺示数为5cm，游标尺示数为30.05mm=0.15mm游标卡尺示数为50mm+0.15mm=50.15mm=5.015cm(2)4 根据电阻定律，有：解得：14.某同学用实验描绘小灯泡的伏安特性曲线。实验可供选择的器材有：小灯泡、电流表、电压表、滑动变阻器、电源、开关和导线若干。（1）请在图甲虚线框内画出实验电路图_。（2）描绘出了小灯泡的IU图线如图乙，可知加在小灯泡两端的电压为1.4V时，小灯泡的电阻是_。（3）如果把该小灯泡直接接在电动势是2V、内阻是8的电源上组成闭合
16、回路，则小灯泡的实际功率为_W。【答案】 (1). (2). 3.1 (3). 0.08【解析】【详解】(1)1 描绘灯泡伏安特性曲线电压与电流从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应采用外接法，实验电路图如图所示：(2)2 由图示图象可知，灯泡电压：U=1.4V对应的电流I=0.45A，此时灯泡电阻：(3)3 在灯泡I-U图象坐标系内作出电源I-U图象如图所示：由图示图象可知，灯泡工作电压与电流：U=0.4V，工作电流：I=0.2A，此时灯泡实际功率：P=UI=0.40.2=0.08W15.某同学制作了一个简单多用电表， 如图为电表的电路原理图。已知选用的电
17、流表内阻Rg=10、满偏电流Ig=10mA(1)当选择开关接3时是量程为10V的电压表,则电阻R2的阻值为_.(2)当选择开关接2时为欧姆表，选“100”挡调零后，测一阻值为1000的电阻时，指针偏转至满刻度正中间，再用该表测一未知电阻,指针偏转到满刻度的处，则该电阻的阻值为_.为了把电阻值测得更准确些，应换用_挡，将红黑表笔_,重新进行欧姆调零后测量.【答案】 (1). 990 (2). 4000 (3). 1k (4). 短接【解析】【详解】(1)1 根据串联分压得：(2)234 据题意知，其中值电阻为1000，则欧姆表的内阻值R=R中值=1000则有，解得：Rx=4000因为指针偏转角度
18、较小，所以为了测量准确，需要换用1k的欧姆档，并重新进行欧姆调零，即红黑表笔短接，旋转欧姆调零旋钮让指针指到欧姆0刻度线位置；四、计算题（共3小题，共30分。解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。）16.在如图所示的电路中，电源电动势E=6V，内阻r=1电阻R1=6、R2=5、R3=3，电容器的电容C=2105F。(1) 若将开关S闭合，电路稳定时通过R2的电流I为多少? (2) 断开开关S后，通过R1的电荷量q1为多少? 【答案】(1) 0.75A(2) 【解析】【详解】(1)开关S闭合电路稳定时，外电路中
19、总电阻为根据闭合电路欧姆定律得：(2)电容器两端的电压为，电量，断开开关S后：电容器通过与放电，设通过与的放电电流分别为和，则由电量公式可知，通过与的电量之比为又联立得：通过的电量为17.如图所示的电路中，电炉电阻R=10 ，电动机线圈的电阻r=1 ，电路两端电压U=100 V，电流表的示数为30 A。(1) 通过电动机的电流强度为多少？(2) 电动机效率为多少？【答案】（1） （2）【解析】【详解】（1）电炉电阻R=10，电压U=100V，故电流：通过电动机的电流：（2）电动机的总功率：电动机的发热功率：故电动机的机械功率是：所以18.一个初速度为零的电子通过电压为U=4500V的电场加速后，从C点沿水平方向飞入电场强度为E=1.5105V/m的匀强电场中，到达该电场中另一点D时，电子的速度方向与电场强度方向的夹角正好是120，如图所示。试求：(1) 电子到达C点时的速度；(2) 电子从C点到达D点的时间；(3) C、D两点沿电场强度方向的距离y【答案】(1)(2)(3) 【解析】【详解】(1)对电子加速过程，由动能定理：得：(2)在偏转电场中，竖直方向：根据牛顿第二定律得：得：(3)CD两点沿场强方向的距离：