1、秘密启用前【考试时间：2022 年 12 月27 日 15：00-17：00】雅安市高2020级第一次诊断性考试数学（理工类）注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号回答非选择题时，将答案写在答题卡上写在本试卷上无效3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回一选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1. 已知，是虚数单位，若与互为共轭复数，则（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】根据共轭复
2、数的概念可求得的值，进而根据复数的乘法运算即可求得结果.【详解】由已知可得，所以.故选：C.2. 已知集合，则（ ）A. B. C. D. 【答案】A【解析】【分析】求出集合，根据并集的运算即可求出结果.【详解】解可得，所以，所以.故选：A.3. 采购经理指数（PMI），是通过对企业采购经理的月度调查结果统计汇总、编制而成的指数，它涵盖了企业采购、生产、流通等各个环节，包括制造业和非制造业领域，是国际上通用的检测宏观经济走势的先行指数之一，具有较强的预测、预警作用制造业PMI高于时，反映制造业较上月扩张；低于，则反映制造业较上月收缩下图为我国2021年1月2022年6月制造业采购经理指数（PM
3、I）统计图根据统计图分析，下列结论最恰当的一项为（ ）A. 2021年第二、三季度的各月制造业在逐月收缩B. 2021年第四季度各月制造业在逐月扩张C. 2022年1月至4月制造业逐月收缩D. 2022年6月PMI重回临界点以上，制造业景气水平呈恢复性扩张【答案】D【解析】【分析】根据题意，将各个月的制造业指数与比较，即可得到答案.【详解】对于A项，由统计图可以得到，只有9月份的制造业指数低于，故A项错误；对于B项，由统计图可以得到，10月份制造业指数低于，故B项错误；对于C项，由统计图可以得到，1、2月份的制造业指数高于，故C项错误；对于D项，由统计图可以得到，从4月份的制造业指数呈现上升趋
4、势，且在2022年6月PMI超过，故D项正确.故选：D.4. 已知函数，则的图象（ ）A. 关于直线对称B. 关于点对称C. 关于直线对称D. 关于原点对称【答案】A【解析】【分析】求出以及的表达式，根据函数的对称性，即可判断各项，得到结果.【详解】对于A项，由已知可得，所以的图象关于直线对称，故A项正确；对于B项，因为，则，故B项错误；对于C项，则，故C错误；对于D项，因为，则，故D错误.故选:A.【点睛】设的定义域为.对于，若恒成立，则的图象关于直线对称；对于，若恒成立，则的图象关于点对称.5. 党的二十大报告既鼓舞人心，又催人奋进为学习贯彻党的二十大精神，某宣讲小分队将5名宣讲员分配到4
5、个社区，每个宣讲员只分配到1个社区，每个社区至少分配1名宣讲员，则不同的分配方案共有（ ）A. 480种B. 240种C. 120种D. 60种【答案】B【解析】【分析】先选出2人为1组有种，再将4组人员分配到4个社区有，根据分步计数原理，即可求出结果.【详解】5名宣讲员分配到4个社区，每个社区至少1人，则分配方式为1，1，1，2，先选出2人为1组有种，再将4组人员分配到4个社区有，所以不同的分配方案共有.故选：B.6. 函数在区间上的图象大致为（ ）A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】根据函数的奇偶性以及函数值的符号分析判断.【详解】，奇函数，图象关于原点对称，C、D错误；又若
6、时，当时，当时，当时，当时，A错误，B正确；故选：B.7. 已知，则的值为（ ）A. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】以为整体，利用诱导公式和二倍角的余弦公式运算求解.【详解】，故选：D.8. 如图所示的形状出现在南宋数学家杨辉所著的详解九章算术商功中，后人称为“三角垛”“三角垛”最上层有1个球，第二层有3个球，第三层有6个球，如图所示的程序框图，输出的S即为小球总数，则（ ）A. 35B. 56C. 84D. 120【答案】B【解析】【分析】设第层小球个数为，根据程序框图可知，输出的，求出各个数即可得到.【详解】设第层小球个数为，由题意可知，.根据程序框图可知，输出的，又，所以.
7、故选：B.9. 过抛物线的焦点F且倾斜角为锐角的直线与C交于两点A，B（横坐标分别为，点A在第一象限），为C的准线，过点A与垂直的直线与相交于点M若，则（ ）A. 3B. 6C. 9D. 12【答案】C【解析】【分析】由已知可求得直线的斜率为，则直线的方程为，联立直线与抛物线的方程，可求出，即可解得结果.【详解】设直线的斜率为，倾斜角为，.由抛物线的定义知，又，所以为等边三角形，且轴，所以，则.，则直线的方程为，联立直线的方程与抛物线的方程，可得，解得，显然，所以，所以，.故选：C.10. 如图，在长方体中，底面ABCD为正方形，E，F分别为，CD的中点，直线BE与平面所成角为，给出下列结论：
8、平面； ；异面直线BE与所成角为； 三棱锥的体积为长方体体积的其中，所有正确结论的序号是（ ）A. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】取中点为，可证明平面平面，根据面面平行的性质即可判断；可证明平面，即可判断；可证明四边形是平行四边形，即可得到，进而可得即等于所求角，求出该角即可判断；以为底，即可求出三棱锥的体积，进而判断.【详解】取中点为，连结.对于，因为分别是的中点，所以，因为平面，平面，所以平面，同理，平面.因为，平面，平面，所以平面平面，又平面，所以平面，所以正确；对于，由已知可得四边形是正方形，又平面，平面，所以，因为平面，平面，所以平面，又平面，所以，故正确；对于，取中点
9、为，连结.因为，所以，所以且，所以四边形是平行四边形，则，所以异面直线BE与所成角即等于直线与所成角，因为直线BE与平面所成角为，平面，所以，所以，设，则，则，所以为等边三角形，所以，故正确；对于，设长方体体积为，则.因为平面，则，故正确.故正确.故选：D.11. 已知椭圆左焦点为，离心率为，直线与C交于点M，N，且，当取最小值时，椭圆C的离心率为（ ）A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】根据直线和椭圆的对称性可得为平行四边形,再由及向量的数量积可求,再应用基本不等式,取等条件计算即可.【详解】因为直线与C交于点M，N，设为的中点,由为的中点,故四边形为平行四边形.则,由椭圆定义
10、得设因为,所以,又因所以,在中, ，应用余弦定理所以,又因为,所以当且仅当,即时取最小值,此时, 则故选: .12. 设，则a，b，c的大小关系是（ ）A. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】构建，求导，利用导数判断单调性，结合单调性可证，再构建，求导，利用导数判断单调性，结合单调性可证，再证，即可得.【详解】构建，则，当时，则，故在上单调递增，则，即，即，构建，则，当时，则，故在上单调递减，则，即，又，则，故，即，综上所述：.故选：D.【点睛】关键点点睛：若证，构建，结合导数分析判断；若证，构建，结合导数分析判断，并根据题意适当放缩证明.二填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分
11、13. 若x，y满足约束条件，则的最大值为_【答案】8【解析】【分析】作出可行域，通过平行确定的最大值.【详解】如图，作出不等式组所表示的平面区域，联立方程，解得，即，由，即表示斜率，横截距为的直线，通过平移可得当直线过点C时，横截距最大，即最大，故.故答案为：8.14. 已知向量，则向量与向量的夹角为_【答案】#【解析】【分析】根据数量积的坐标表示求夹角即可得到.详解】由已知可得，则由可得，所以，向量与向量的夹角为.故答案为：.15. 若函数的最小正周期为，则满足条件“是偶函数”的的一个值为_（写出一个满足条件的即可）【答案】（答案不唯一，也可以写，符合，即可）【解析】【分析】化简可得，又根
12、据周期可得，即可得到，根据偶函数可得，.【详解】，又的最小正周期为，所以，则，所以，所以.又因为是偶函数，所以应满足，所以有，.故答案为：.16. 已知O是边长为3的正三角形ABC的中心，点P是平面ABC外一点，平面ABC，二面角的大小为60，则三棱锥外接球的表面积为_【答案】【解析】【分析】根据题意分析可得二面角的平面角为，进而可得相关长度，再结合球的性质可得，可得球的半径，即可得结果.【详解】O是正三角形ABC的中心，则，取的中点，连接，则，即二面角的平面角为，由正三角形ABC的边长为3，则，三棱锥为正三棱锥，则三棱锥的外接球的球心在直线上，设三棱锥的外接球的半径为，则，解得，三棱锥外接球
13、的表面积.故答案为：.【点睛】结论点睛：球的相关性质：球的截面均为圆面；球心与截面圆心的连线垂直于该截面.三解答题：共70分解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤第1721题为必考题，每个试题考生都必须作答第2223题为选考题，考生依据要求作答（一）必考题：共60分17. 某企业为改进生产，现 某产品及成本相关数据进行统计现收集了该产品的成本费y（单位：万元/吨）及同批次产品生产数量x（单位：吨）的20组数据现分别用两种模型，进行拟合，据收集到的数据，计算得到如下值：14.50.086650.04-4504表中，若用刻画回归效果，得到模型、的值分别为，（1）利用和比较模型、的拟合效果，应选择哪
14、个模型？并说明理由；（2）根据（1）中所选择的模型，求y关于x的回归方程；并求同批次产品生产数量为25（吨）时y的预报值附：对于一组数据，其回归直线的斜率和截距的最小二乘法估计分别为，【答案】（1）选择模型，理由见解析； （2）6.【解析】【分析】（1）根据已知，根据的意义，即可得出模型的拟合效果好，选择模型；（2）与可用线性回归来拟合，有，求出系数，得到回归方程，即可得到成本费与同批次产品生产数量的回归方程为，代入，即可求出结果.【小问1详解】应该选择模型.由题意可知，则模型中样本数据的残差平方和比模型中样本数据的残差平方和小，即模型拟合效果好.【小问2详解】由已知，成本费与可用线性回归来拟
15、合，有. 由已知可得，所以，则关于的线性回归方程为.成本费与同批次产品生产数量的回归方程为，当（吨）时，（万元/吨）.所以，同批次产品生产数量为25（吨）时y的预报值为6万元/吨.18. 已知为等差数列，且，（1）求数列的通项公式；（2）若数列满足：，求前n项和【答案】（1） （2）【解析】【分析】（1）根据等差数列的定义和通项公式运算求解；（2）先根据前n项和与通项之间的关系求得，可得为等比数列，利用等比数列的前n项和公式运算求解.【小问1详解】设数列的公差为，则，即，故数列的通项公式.【小问2详解】，当时，则；当时，则，两式相减得，则；综上所述：.又，故数列是以首项，公比的等比数列，数列的
16、前n项和.19. 已知的内角A，B，C所对的边分别为a，b，c从下列三个条件中选择一个并解答问题：；（1）求角A的大小；（2）若，且的面积为，求的周长注：如果选择多个条件分别解答，按第一个解答计分【答案】（1）； （2）.【解析】【分析】（1）如选择，由已知可得，根据正弦定理以及两角和的正弦公式的逆用，即可得出，进而求出；如选择，由已知可得，根据正弦定理以及两角和的正弦公式，即可得出，利用辅助角公式可得，根据角的范围即可求出；如选择，由余弦定理可得，化简即有，进而求出，即可求出；（2）根据三角形的面积公式即可求出，根据余弦定理即可求出，进而即可得到的周长【小问1详解】如选择，有，即，由正弦定理
17、可得，又，所以，因为，所以.如选择，由可得，由正弦定理可得，又， 所以，又，所以，即，所以.因为，所以，所以，解得.如选择，.由余弦定理可得，整理可得，所以.因为，所以.【小问2详解】由（1）知，又，且的面积为，所以有，解得，由余弦定理可得，所以，所以的周长.20. 如图，四棱锥的底面是矩形，底面ABCD，（1）试在棱BC上确定一点M，使得平面平面，并说明理由（2）在第（1）问的条件下，求二面角的余弦值【答案】（1）答案见详解； （2）.【解析】【分析】（1）当为棱上靠近点的三等分点时，根据三角形相似，可推出，即，进而证明平面，从而得到面面垂直；（2）以点为原点建立空间直角坐标系，求得各点坐标
18、，求出平面的法向量以及平面的法向量，再根据图形判断二面角为锐角，即可求出结果.【小问1详解】当为棱上靠近点的三等分点时，平面平面.证明：若为棱上靠近点的三等分点， 所以.又，所以.所以.又，所以，所以.因为底面ABCD，平面ABCD，所以.因平面，平面，所以平面.又平面，所以平面平面.【小问2详解】由（1），连结，以点为原点，分别以所在的直线为轴，如图建立空间直角坐标系，设，则，.，.设平面的法向量为，则，即，令，则.设平面的法向量为，则，即，取，则.则，显然二面角为锐角，所以二面角的余弦值为.21. 已知函数（1）若是的极小值点，求a的取值范围；（2）若，求a的取值范围【答案】（1）； （2
19、）.【解析】【分析】（1）求导可得，然后分为、进行分类讨论，当时，导函数有两个解，对两个解的大小关系进行讨论，即可得到a的取值范围；（2）当时，可知恒成立，则单调递增，只需即可，代入得到的范围.当时，由（1）知，当时，取得极小值，也即为最小值.根据题意，只需满足，整理即可得到关于的不等式，求解即可得到.【小问1详解】由已知可得，定义域为R.当，则恒成立，解可得，解，可得；解，可得.显然是的极小值点，满足条件.当时，解可得，.（）当，即时，解，可得或；解，可得.此时是的极小值点，满足条件；（）当，即时，恒成立，无极值点；（）当，即时，解，可得或；解，可得.此时是的极大值点，与已知不符.综上所述，
20、a的取值范围为.【小问2详解】由（1）知，因为，所以，当时，可知恒成立，则单调递增.故时，所以，满足条件.当时，可知时，单调递减；时，单调递增.所以，在区间上，当时，取得极小值，也即为最小值.由于，恒成立，则，即有，整理可得，因为，所以有，解得.综上所述，a的取值范围为.【点睛】求解不等式在区间上恒成立问题，常常转化为求解函数的最值问题：即借助导函数得到函数的单调性，研究函数的极值、最值，列出关系式，即可求得参数的范围.（二）选考题：共10分请考生在第2223题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题记分 选修44：坐标系与参数方程22. 在直角坐标系中，直线l的参数方程为（t为参数）以坐标
21、原点为极点，x轴的正半轴为极轴建立坐标系，曲线C的极坐标方程为，直线l与曲线C相交于A，B两点，（1）求曲线C的直角坐标方程；（2）若，求直线l的斜率【答案】（1） （2）【解析】【分析】（1）根据极坐标与直角坐标直角的转化，运算求解；（2）联立直线l的参数方程和曲线C的直角坐标方程，根据参数的几何意义结合韦达定理运算求解.【小问1详解】，则，即，故曲线C的直角坐标方程为.【小问2详解】将直线l的参数方程为（t为参数）代入曲线C的直角坐标方程为，得，整理得，设A，B两点所对应的参数为，则，则，联立，解得，将代入得，解得，故直线l的斜率为. 选修45：不等式选讲23. 已知，且（1）证明：；（2）若不等式对任意恒成立，求m的取值范围【答案】（1）证明见详解 （2）【解析】【分析】（1）根据题意可得，代入运算整理，结合二次函数的对称性求最值；（2）根据题意分析可得，结合和运算求解.【小问1详解】，则，可得，又开口向上，对称轴为，当时，当时，故.【小问2详解】，当且仅当，即时等号成立；，又，当且仅当时等号成立，解得或，故m的取值范围为.
