1、成都市2019级高中毕业班第二次诊断性检测数学（文科）第卷（选择题，共60分）一、选择题：本大题共12小题，每小题5分，共60分在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1. 已知i为虚数单位，则（ ）A. 1+iB. 1iC. 1+iD. 1i【答案】B【解析】【分析】利用复数运算求得正确答案.【详解】.故选：B2. 设集合若集合满足，则满足条件的集合的个数为（ ）A. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】根据并集结果可列举出集合所有可能的情况，由此可得结果.【详解】，集合所有可能的结果为：，满足条件的集合共有个.故选：D.3. 如图是一个几何体的三视图，其中正视图与侧视图都
2、是边长为的等边三角形，俯视图是直径为的圆则该几何体的表面积为（ ）A. B. C. D. 【答案】A【解析】【分析】由三视图可还原几何体为圆锥，利用圆锥表面积公式可求得结果.【详解】由三视图可知几何体是如下图所示的圆锥，其中圆锥的底面圆半径为，母线长为，几何体的表面积.故选：A.4. 已知函数，则（ ）A. B. C. D. 【答案】A【解析】【分析】根据解析式直接求解即可.【详解】.故选：A.5. 在区间（2，4）内随机取一个数x，使得不等式成立的概率为（ ）A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】首先求解指数不等式，然后结合几何概型概率计算公式，计算出所求概率.【详解】，所以不等
3、式的解集为，所以所求概率为.故选：B6. 设经过点直线与抛物线相交于两点，若线段中点的横坐标为，则（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】根据中点坐标公式可求得，利用抛物线焦点弦长公式可求得结果.【详解】设，中点横坐标为，则，解得：；.故选：C.7. 已知数列的前项和为若，则（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】由可证得数列为等差数列，利用等差数列求和公式可得结果.【详解】由得：，数列是以为首项，为公差的等差数列，.故选：C.8. 若曲线在点（1，2）处的切线与直线平行，则实数a的值为（ ）A 4B. 3C. 4D. 3【答案】B【解析】【分析】利用切线的斜率
4、列方程，化简求得的值.【详解】，所以.故选：B9. 在等比数列中，已知，则“”是“”（ ）A. 充分不必要条件B. 必要不充分条件C. 充要条件D. 既不充分也不必要条件【答案】A【解析】【分析】结合等比数列的通项公式、充分、必要条件的知识确定正确选项.【详解】依题意，；且；所以“”是“”的充分不必要条件.故选：A10. 在三棱锥中，已知底面，若三棱锥的顶点均在球的表面上，则球的半径为（ ）A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】首先求得外接圆半径，则所求半径.【详解】，外接圆半径，底面，球的半径.故选：B.11. 在不考虑空气阻力的条件下，火箭的最大速度（单位：）与燃料的质量（单位
5、：），火箭（除燃料外）的质量（单位：）的函数关系是当燃料质量与火箭质量的比值为时，火箭的最大速度可达到若要使火箭的最大速度达到，则燃料质量与火箭质量的比值应为（ ）A. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】根据对数运算法则可求得，由此可得结果.【详解】由题意得：，即当火箭的最大速度达到，则燃料质量与火箭质量的比值为.故选：D.12. 已知中，角的对边分别为若，则的最小值为（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】利用正弦定理边化角，可得，再次角化边可得关系，利用余弦定理和基本不等式可求得的最小值.【详解】由正弦定理得：，即，则，（当且仅当，即时取等号），的最小值为.故选：
6、C.【点睛】关键点点睛：本题考查正余弦定理在解三角形中的应用，解题关键是能够灵活应用正弦定理进行边角互化，从而得到三角形三边之间满足的等量关系，将等量关系代入余弦定理，则可利用基本不等式求得最值.第卷（非选择题，共90分）二、填空题：本大题共4小题，每小题5分，共20分把答案填在答题卡上13. 某区域有大型城市个，中型城市个，小型城市个为了解该区域城市空气质量情况，现采用分层抽样的方法抽取个城市进行调查，则应抽取的大型城市的个数为_【答案】【解析】【分析】确定抽样比后即可计算得到结果.【详解】，应抽取大型城市个数为个.故答案为：.14. 已知中，C90，BC2，D为AC边上的动点，则_【答案】
7、【解析】【分析】利用向量的数量积运算求得.【详解】.故答案为：15. 定义在R上的奇函数f（x）满足，且当时，则函数的所有零点之和为_【答案】【解析】【分析】判断出的对称性、周期性，画出的图象，结合图象求得的所有零点之和.【详解】依题意，定义在R上的奇函数f（x）满足，所以关于对称，所以是周期为的周期函数.，所以关于点对称.关于点对称.当时，画出的图象如下图所示，由图可知，有个公共点，所以的所有零点和为.故答案：16. 已知为双曲线的右焦点，经过作直线与双曲线的一条渐近线垂直，垂足为，直线与双曲线的另一条渐近线在第二象限的交点为若，则双曲线的离心率为_【答案】【解析】【分析】设，与双曲线两渐近
8、线联立可求得坐标，利用可构造齐次方程求得离心率.【详解】由题意可设：，由得：，即；由得：，即；，即，即，解得：，即双曲线的离心率为.故答案为：.【点睛】思路点睛：求解圆锥曲线离心率或离心率取值范围问题的基本思路有两种：（1）根据已知条件，求解得到的值或取值范围，由求得结果；（2）根据已知的等量关系或不等关系，构造关于的齐次方程或齐次不等式，配凑出离心率，从而得到结果.三、解答题：本大题共6小题，共70分解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤17. 某中学为研究课外阅读时长对语文成绩的影响，随机调查了50名学生某阶段每人每天课外阅读的平均时长（单位：分钟）及他们的语文成绩，得到如下的统计表：平均
9、时长（单位：分钟）（0，20（20，40（40，60（60，80人数921155语文成绩优秀人数39103（1）估算该阶段这50名学生每天课外阅读平均时长的平均数（同一组中的数据用该组区间的中点值为代表）；（2）若从课外阅读平均时长在区间（60，80的学生中随机选取3名进行研究，求所选3名学生中至少有2名语文成绩优秀的学生的概率【答案】（1）平均数为分钟 （2）【解析】【分析】（1）根据平均数的求法，求得平均数.（2）利用列举法，结合古典概型的概率计算公式，计算出所求概率.【小问1详解】平均数为分钟.【小问2详解】区间（60，80的学生有人，记为，其中为语文成绩优秀，从中任取人，基本事件有：，
10、共种，其中至少有人语文成绩优秀的为：，共种，所以所选3名学生中至少有2名语文成绩优秀的学生的概率为.18. 已知函数，其中，且（1）求函数的单调递增区间；（2）若，且，求的值【答案】（1） （2）【解析】【分析】（1）利用二倍角和辅助角公式可化简得，根据可求得，进而得到；令，解不等式即可求得所求的单调递增区间；（2）由可求得，根据同角三角函数关系求得，根据，利用两角和差正弦公式可求得结果.【小问1详解】，解得：，又，；令，解得：，的单调递增区间为；【小问2详解】由（1）知：，；当时，.19. 如图，在三棱柱中，已知平面，ABAC，BC2，D为BC的中点，点F在棱上，且BF2，E为线段AD上的动
11、点（1）证明：；（2）若三棱锥的体积为，求的值【答案】（1）证明见解析 （2）【解析】【分析】（1）通过证明平面来证得.（2）根据三棱锥的体积求得，进而求得.【小问1详解】由于平面，所以平面，所以平面，所以，由于是的中点，所以，由于，所以平面，所以.，则，由于，所以平面，平面，所以.【小问2详解】由（1）知平面，即，在中，所以.20. 已知椭圆C：经过点，其右顶点为A（2，0）（1）求椭圆C的方程；（2）若点P，Q在椭圆C上，且满足直线AP与AQ的斜率之积为证明直线PQ经过定点，并求APQ面积的最大值【答案】（1） （2）证明见解析，定点，APQ面积的最大值为【解析】【分析】（1）根据题意可得
12、，再结合，即可解出，从而得出椭圆C的方程；（2）依题可设，再将直线方程与椭圆方程联立，即可得到，然后结合，可找到的关系，从而可知直线PQ经过定点，于是APQ面积等于，即可求出其最大值【小问1详解】依题可得，解得，所以椭圆C的方程为【小问2详解】易知直线AP与AQ的斜率同号，所以直线不垂直于轴，故可设，由可得，所以，而，即，化简可得，因为，所以，令可得，令可得，把代入得，化简得，所以，或，所以直线或，因为直线不经过点，所以直线经过定点设定点，所以，因为，所以，设，所以，当且仅当即时取等号，即APQ面积的最大值为21. 已知函数，其中（1）若函数f（x）在上单调递增，求a的取值范围；（2）若函数存
13、在两个极值点，当时，求的取值范围【答案】（1） （2）【解析】【分析】（1）在区间上，由分离常数，通过构造函数法，结合导数求得的取值范围.（2）先求得，利用换元法表示出，通过构造函数法，利用导数，结合来求得的取值范围.【小问1详解】当时，恒成立，即在区间上恒成立，令，所以在区间递减；在区间递增.所以，所以的取值范围是.【小问2详解】，对函数，设上一点为，过点的切线方程为，将代入上式得，所以过原点的的切线方程为.所以，要使与有两个交点，则，此时有两个极值点，且.，令，则，所以，所以，令，令，所以在上递增.，所以在上恒成立.所以在上恒成立.所以在上递增.，所以当时，所以的取值范围是.【点睛】根据极
14、值点的范围，求表达式的范围，关键是建立极值点与已知条件之间的关系.本题中，已知是极值点，另提供的范围，求的是的取值范围，所以考虑将的取值范围转化到已知的的范围中去求解.请考生在第22，23题中任选择一题作答，如果多做，则按所做的第一题记分作答时，用2B铅笔在答题卡上把所选题目对应的标号涂黑选修4-4：坐标系与参数方程22. 在直角坐标系中，曲线的方程为以坐标原点为极点，轴正半轴为极轴建立极坐标系，直线的极坐标方程为，其中为常数且（1）求直线的普通方程与曲线的极坐标方程；（2）若直线与曲线相交于两点，求的取值范围【答案】（1）当时，直线；当时，直线；曲线； （2）.【解析】【分析】（1）分别在和
15、两种情况下可得普通方程；根据极坐标与直角坐标互化方法可求得曲线的极坐标方程；（2）根据直线与圆相切时的值可求得与相交时的取值范围；将代入的极坐标方程，可得关于的一元二次方程，从而得到韦达定理的形式，利用的意义和三角函数值域的求解方法可求得结果.【小问1详解】当时，直线；当时，直线；由得：，曲线的极坐标方程为：；【小问2详解】当时，与圆相切；当时，若与圆相切，则，解得：，；若与圆相交，则；将代入曲线的极坐标方程得：，设，则为该方程的两根，即的取值范围为.选修4-5：不等式选讲23. 已知函数，（1）当时，求函数的最大值；（2）若对，关于的不等式恒成立，当时，求的取值范围【答案】（1） （2）【解析】【分析】（1）利用绝对值三角不等式可直接求得最大值；（2）利用绝对值三角不等式可得；利用基本不等式可求得，由此可得，解不等式即可求得结果.【小问1详解】当时，（当且仅当，即时取等号），的最大值为【小问2详解】，；，（当且仅当，即，时取等号），若恒成立，则，解得：，即的取值范围为.
