收藏 分享(赏)

2020新课标高考理科数学二轮新讲练课件:专项检测19 导数的简单应用 .ppt

上传人:高**** 文档编号:943049 上传时间:2024-06-02 格式:PPT 页数:31 大小:825.50KB
下载 相关 举报
2020新课标高考理科数学二轮新讲练课件:专项检测19 导数的简单应用 .ppt_第1页
第1页 / 共31页
2020新课标高考理科数学二轮新讲练课件:专项检测19 导数的简单应用 .ppt_第2页
第2页 / 共31页
2020新课标高考理科数学二轮新讲练课件:专项检测19 导数的简单应用 .ppt_第3页
第3页 / 共31页
2020新课标高考理科数学二轮新讲练课件:专项检测19 导数的简单应用 .ppt_第4页
第4页 / 共31页
2020新课标高考理科数学二轮新讲练课件:专项检测19 导数的简单应用 .ppt_第5页
第5页 / 共31页
2020新课标高考理科数学二轮新讲练课件:专项检测19 导数的简单应用 .ppt_第6页
第6页 / 共31页
2020新课标高考理科数学二轮新讲练课件:专项检测19 导数的简单应用 .ppt_第7页
第7页 / 共31页
2020新课标高考理科数学二轮新讲练课件:专项检测19 导数的简单应用 .ppt_第8页
第8页 / 共31页
2020新课标高考理科数学二轮新讲练课件:专项检测19 导数的简单应用 .ppt_第9页
第9页 / 共31页
2020新课标高考理科数学二轮新讲练课件:专项检测19 导数的简单应用 .ppt_第10页
第10页 / 共31页
2020新课标高考理科数学二轮新讲练课件:专项检测19 导数的简单应用 .ppt_第11页
第11页 / 共31页
2020新课标高考理科数学二轮新讲练课件:专项检测19 导数的简单应用 .ppt_第12页
第12页 / 共31页
2020新课标高考理科数学二轮新讲练课件:专项检测19 导数的简单应用 .ppt_第13页
第13页 / 共31页
2020新课标高考理科数学二轮新讲练课件:专项检测19 导数的简单应用 .ppt_第14页
第14页 / 共31页
2020新课标高考理科数学二轮新讲练课件:专项检测19 导数的简单应用 .ppt_第15页
第15页 / 共31页
2020新课标高考理科数学二轮新讲练课件:专项检测19 导数的简单应用 .ppt_第16页
第16页 / 共31页
2020新课标高考理科数学二轮新讲练课件:专项检测19 导数的简单应用 .ppt_第17页
第17页 / 共31页
2020新课标高考理科数学二轮新讲练课件:专项检测19 导数的简单应用 .ppt_第18页
第18页 / 共31页
2020新课标高考理科数学二轮新讲练课件:专项检测19 导数的简单应用 .ppt_第19页
第19页 / 共31页
2020新课标高考理科数学二轮新讲练课件:专项检测19 导数的简单应用 .ppt_第20页
第20页 / 共31页
2020新课标高考理科数学二轮新讲练课件:专项检测19 导数的简单应用 .ppt_第21页
第21页 / 共31页
2020新课标高考理科数学二轮新讲练课件:专项检测19 导数的简单应用 .ppt_第22页
第22页 / 共31页
2020新课标高考理科数学二轮新讲练课件:专项检测19 导数的简单应用 .ppt_第23页
第23页 / 共31页
2020新课标高考理科数学二轮新讲练课件:专项检测19 导数的简单应用 .ppt_第24页
第24页 / 共31页
2020新课标高考理科数学二轮新讲练课件:专项检测19 导数的简单应用 .ppt_第25页
第25页 / 共31页
2020新课标高考理科数学二轮新讲练课件:专项检测19 导数的简单应用 .ppt_第26页
第26页 / 共31页
2020新课标高考理科数学二轮新讲练课件:专项检测19 导数的简单应用 .ppt_第27页
第27页 / 共31页
2020新课标高考理科数学二轮新讲练课件:专项检测19 导数的简单应用 .ppt_第28页
第28页 / 共31页
2020新课标高考理科数学二轮新讲练课件:专项检测19 导数的简单应用 .ppt_第29页
第29页 / 共31页
2020新课标高考理科数学二轮新讲练课件:专项检测19 导数的简单应用 .ppt_第30页
第30页 / 共31页
2020新课标高考理科数学二轮新讲练课件:专项检测19 导数的简单应用 .ppt_第31页
第31页 / 共31页
亲,该文档总共31页,全部预览完了,如果喜欢就下载吧!
资源描述

1、第1页专项检测十九 导数的简单应用第2页一、选择题1曲线 yex2x 在点(0,1)处的切线方程为()Ayx1 Byx1Cy3x1 Dyx1C解析:求导函数 yex2,当 x0 时,ye023,所以曲线 yex2x 在点(0,1)处的切线方程为 y3x1.第3页2设函数 f(x)x312xb,则下列结论正确的是()A函数 f(x)在(,1)上单调递增B函数 f(x)在(,1)上单调递减C若 b6,则函数 f(x)的图象在点(2,f(2)处的切线方程为 y10D若 b0,则函数 f(x)的图象与直线 y10 只有一个公共点C第4页解析:对于选项 A,B,根据函数 f(x)x312xb,可得f(x

2、)3x212,令 3x2120,得 x2 或 x2,故函数f(x)在(,2),(2,)上单调递增,在(2,2)上单调递减,所以选项 A,B 都不正确;对于选项 C,当 b6 时,f(2)0,f(2)10,故函数 f(x)的图象在点(2,f(2)处的切线方程为 y10,选项 C 正确;对于选项 D,当 b0 时,f(x)的极大值为 f(2)16,极小值为 f(2)16,故直线 y10与函数 f(x)的图象有三个公共点,选项 D 错误故选 C.第5页3设函数 f(x)xex1,则()Ax1 为 f(x)的极大值点Bx1 为 f(x)的极小值点Cx1 为 f(x)的极大值点Dx1 为 f(x)的极小

3、值点D解析:由题意得,f(x)(x1)ex,令 f(x)0,得 x1,当 x(,1)时,f(x)0,则 f(x)在(,1)上单调递减,在(1,)上单调递增,所以 x1 为 f(x)的极小值点,故选 D.第6页4函数 f(x)12x2lnx 的最小值为()A12B1C0 D不存在A解析:f(x)x1xx21x,且 x0.令 f(x)0,得 x1;令 f(x)0,得 0 x1.f(x)在 x1 处取得最小值,且 f(1)12ln112.第7页5已知函数 f(x)xsinxcosxx2,则不等式 f(lnx)f(ln1x)2f(1)的解集为()A(e,)B(0,e)C(0,1e)(1,e)D(1e,

4、e)D第8页解析:f(x)xsinxcosxx2,因为 f(x)f(x),所以 f(x)是偶函数,所以 f(ln1x)f(lnx)f(lnx),所以 f(lnx)f(ln1x)2f(1)可变形为 f(lnx)0,所以 f(x)在(0,)上单调递增,在(,0)上单调递减,所以 f(lnx)f(1)等价于1lnx1,所以1ex0)在 x1 和 x2 处取得极值,且极大值为52,则函数 f(x)在区间(0,4上的最大值为()A0B52C2ln24D4ln24D第10页解析:f(x)2axbcx2ax2bxcx(x0,a0)因为函数 f(x)在 x1 和 x2 处取得极值,所以 f(1)2abc0,f

5、(2)4abc20.又 a0,所以当 0 x2 时,f(x)0,f(x)是增函数;当 1x2 时,f(x)0,hxx0 时,f(x)exx1,f(x)exx1x2,当 x(0,1)时,f(x)1 时,f(x)0,函数 f(x)单调递增x1 时,f(x)取到极小值 e1,即 f(x)的最小值 e1.又 f(x)为奇函数,且 x0 时,f(x)h(x),h(x)的最大值为(e1)1e.第16页10设函数 f(x)lnx12ax2bx,若 x1 是 f(x)的极大值点,则 a 的取值范围是(1,)解析:f(x)的定义域为(0,),f(x)1xaxb,由 f(1)0,得 b1a.f(x)1xaxa1a

6、x21axxxax1x1x.第17页若 a0,当 0 x0,f(x)单调递增;当 x1 时,f(x)0,f(x)单调递减;所以 x1 是 f(x)的极大值点若 a1,解得1a1,且 f(x)ex 1x1.令 h(x)ex 1x1,则 h(x)ex1x120,函数 h(x)ex 1x1在(1,)上单调递增,且 h(0)f(0)0.可知,当 x(1,0)时,h(x)f(x)0,f(x)exln(x1)单调递增函数 f(x)的单调递减区间是(1,0),单调递增区间是(0,)第23页(2)g(x)f(x)axexln(x1)ax,g(x)f(x)a.由(1)知,g(x)在(1,)上单调递增,当 x1

7、时,g(x);当 x时,g(x),则 g(x)0 有唯一解,记为 x0.可知,当 x(1,x0)时,g(x)0,g(x)exln(x1)ax 单调递增第24页函数 g(x)在 xx0 处取得极小值,即 g(x0)e x0ln(x01)ax0,且 x0 满足 e x01x01a.g(x0)(1x0)e x0ln(x01)11x01.令(x)(1x)exln(x1)1 1x1,则(x)xex1x12可知,当 x(1,0)时,(x)0,(x)单调递增;当 x(0,)时,(x)0,所以 f(x)在(0,1),(1,)单调递增因为 f(e)1e1e10,所以 f(x)在(1,)有唯一零点 x1,即 f(x1)0.又 01x11,f(1x1)lnx1x11x11f(x1)0,故 f(x)在(0,1)有唯一零点1x1.综上,f(x)有且仅有两个零点第31页(2)因为1x0elnx0,故点 B(lnx0,1x0)在曲线 yex 上由题设知 f(x0)0,即 lnx0 x01x01,连接 AB,则直线 AB的斜率 k1x0lnx0lnx0 x01x0 x01x01x01x01x01x0.曲线 yex 在点 B(lnx0,1x0)处切线的斜率是1x0,曲线 ylnx 在点 A(x0,lnx0)处切线的斜率也是1x0,所以曲线 ylnx在点 A(x0,lnx0)处的切线也是曲线 yex 的切线

展开阅读全文
相关资源
猜你喜欢
相关搜索

当前位置:首页 > 幼儿园

网站客服QQ:123456
免费在线备课命题出卷组卷网版权所有
经营许可证编号:京ICP备12026657号-3