1、湖北省孝感三中2013届高三高考复习最后冲刺猜押信息试卷（十一）物理试题1、（多选）如图所示，滑板运动员沿水平地面向前滑行，在横杆前相对于滑板竖直向上起跳，运动员与滑板分离，分别从杆的上、下通过，忽略运动员和滑板在运动中受到的阻力，则运动员则：( )A.起跳时脚对滑板的作用力斜向后B.运动员在空中水平方向先加速后减速C.运动员在空中机械能不变D.越过杆后仍落在滑板起跳的位置2、（多选）如图所示，R是光敏电阻，当它受到的光照强度增大时则：( )A.灯泡L变暗B.光敏电阻R上的电压增大C.电压表V的读数减小D.电容器C的带电量增大3、（多选）如图所示，两根位于同一竖直平面内的水平长杆，上、下两杆上
2、分别套着质量相等的甲、乙两金属球，两球之间用一轻质弹簧相连。开始时乙在甲的正下方，且弹簧刚好无弹力。现给甲一个水平向右的初速度v0,此后两球在杆上无摩擦地滑动。下列叙述中正确的是：( ) A.甲、乙两球加速度始终相同B.甲、乙两球的动能之和保持不变C.当甲球的速度为零时，乙球刚好位于甲球的正下方D.甲球的速度减小至零的过程中，弹簧的弹性势能先增大后减小4、2011年11月3日，“神舟八号”飞船与“天宫一号”目标飞行器成功实施了首次交会对接。任务完成后“天宫一号”经变轨升到更高的轨道，等待与“神舟九号”交会对接。变轨前和变轨完成后“天宫一号”的运行轨道均可视为圆轨道，对应的轨道半径分别为R1、R
3、2,线速度大小分别为v1、v2。则等于：( )A.B.C.D.5、（多选）阴极射线示波管的聚焦电场是由电极A1、A2形成的，其中虚线为等势线，相邻等势线间电势差相等，z轴为该电场的中心轴线(管轴)。电子束从左侧进入聚焦电场后，在电场力的作用下会聚到z轴上，沿管轴从右侧射出，图中PQR是一个从左侧进入聚焦电场的电子运动轨迹上的三点，则可以确定：( )A电极A1的电势高于电极A2的电势B电场中Q点的电场强度小于R点的电场强度C电子在R点处的动能大于在P点处的动能D若将一束带正电的粒子从左侧射入聚焦电场也一定被会聚6、（多选）如图所示，甲、乙两物块用跨过定滑轮的轻质细绳连接，分别静止在斜面AB、AC
4、上，滑轮两侧细绳与斜面平行。甲、乙两物块的质量分别为m1、m2。AB斜面粗糙，倾角为，AC斜面光滑，倾角为，不计滑轮处摩擦，则以下分析正确的是：（ ）A若，则甲所受摩擦力沿斜面向上B若在乙物块上面再放一个小物块后，甲、乙仍静止，则甲所受的摩擦力一定变小C若在乙物块上面再放一个小物块后，甲、乙仍静止，则甲所受的拉力一定变大D若在甲物块上面再放一个小物块后，甲、乙仍静止，则甲所受拉力一定变大7、如图(甲)所示，一个边长为a、电阻为R的等边三角形线框，在外力作用下，以速度匀速穿过宽均为a的两个匀强磁场.这两个磁场的磁感应强度大小均为B，方向相反线框运动方向与底边平行且与磁场边缘垂直取逆时针方向的电流
5、为正.若从图示位置开始计时，线框中产生的感应电流I与沿运动方向的位移x之间的函数图像，图（乙）中正确的是：（ ）8、（多选）图甲中理想变压器原、副线圈的匝数之比n1：n2 = 5：1，电阻R = 20 ，L1、L2为规格相同的两只小灯泡，S1为单刀双掷开关原线圈接正弦交变电源，输入电压u随时间t的变化关系如图乙所示现将S1接1、S2闭合，此时L2正常发光若小灯泡电阻不随温度变化，则下列说法正确的是：（ ）A输入电压u的表达式u = 20sin（50t） V B只断开S2后，L1、L2的功率均变为额定功率的一半 C只断开S2后，原线圈的输入功率减小 D若S1换接到2后，R消耗的电功率为08 W
6、9、如图所示，一光电管的阴极用极限波长0=510-7m的材料制成，用波长=310-7m的紫外线照射阴极K，光电管阳极A和阴极K之间的电势差U=2.4V时，光电流达到饱和。电子到达阳极A时的最大动能为_J（结果保留两位有效数字）。如果电势差U不变，而照射光的强度增到原来的三倍，此时电子到达阳极A时的最大动能_（填“变大”、“不变”或“变小”）。已知普朗克常量h=6.63l0-34 J.s，光速 c=3.0108 m/s，电子电荷量 e=1.610-19 C10、（1）某实验小组利用如图所示的气垫导轨装置来探究合力一定时，物体的加速度与质量之间的关系。(1)做实验时，将滑块从图示位置由静止释放，由
7、数字计时器(图中未画出)可读出遮光条通过光电门1、2的时间分别为t1、t2;用刻度尺测得两个光电门中心之间的距离x,用游标卡尺测得遮光条宽度d。则滑块经过光电门1时的速度表达式v1= ;滑块加速度的表达式a= 。(以上表达式均用已知字母表示)(2)为了保持滑块所受的合力不变，可改变滑块质量M和气垫导轨右端高度h(见图)。关于“改变滑块质量M和气垫导轨右端的高度h”的正确操作方法是 。AM增大时，h增大，以保持二者乘积增大BM增大时，h减小，以保持二者乘积不变C. M减小时，h增大，以保持二者乘积不变D. M减小时，h减小，以保持二者乘积减小（2）广州亚运盛会堪称是LED绿色照明技术、节能照明产
8、品得到全面应用的照明科技博览会。无论是海心沙、广州塔、广州中轴线城市景观照明等重点工程项目，还是亚运城、大学城等数十个场馆和设施，处处都闪耀着国产LED绿色照明、节能照明产品的光芒。某实验小组要精确测定额定电压为3 V的LED灯正常工作时的电阻，已知该灯正常工作时电阻大约500 ，电学符号与小灯泡电学符号相同。实验室提供的器材有：电流表(量程为0至50 mA,内阻约为3 )电流表(量程为0至3 mA,内阻=15 )定值电阻R1=697 定值电阻R2=1 985 滑动变阻器R(0至20 )一只电压表(量程为0至12 V，内阻RV=1 k)蓄电池E(电动势为12 V，内阻很小)电键S一只(1)在方
9、框中画出应采用的电路图。(2)写出测量LED灯正常工作时的电阻表达式Rx=_,当表达式中的_(填字母)达到_，记下另一电表的读数代入表达式，其结果为正常工作时的电阻。11、如图所示，水平传送带顺时针转动，转速，左右两端长。传送带左端有一顶端高为的光滑圆斜面轨道，斜面底端有一小段圆弧与传送带平滑连接。传送带右端有一竖直放置的光滑圆弧轨道MNP，半径为R，M、O、N在同一竖直线上，P点到传送带顶端的竖直距离也为R。一质量为的物块自斜面的顶端由静止释放，之后从传送带右端水平抛出，并恰好由P点沿切线落入圆轨道，已知物块与传送带之间的滑动摩擦因数，OP连线与竖直方向夹角。（）求：（1）竖直圆弧轨道的半径
10、R；（2）物块运动到N点时对轨道的压力；（3）试判断物块能否到达最高点M，若不能，请说明理由；若能，求出物块在M点对轨道的压力。12、如图所示，用特殊材料制成的PQ界面垂直于x轴，只能让垂直打到PQ界面上的电子通过。PQ的左右两侧有两个对称的直角三角形区域，左侧的区域内分布着方向垂直纸面向里、磁感应强度为B的匀强磁场，右侧区域内分布着竖直向上匀强电场。现有速率不同的电子在纸面上从坐标原点O沿不同方向射向三角形区域，不考虑电子间的相互作用。已知电子的电量为e，质量为m，在OAC中，OA=l,=60。(1)求能通过PQ界面的电子所具有的最大速度及其从O点入射时与y轴的夹角；(2)若以最大速度通过P
11、Q界面的电子刚好被位于x轴上的F处的接收器所接收，求电场强度E；(3)在满足第(2)问的情况下，求所有能通过PQ界面的电子最终穿过x轴的区间宽度。13、如图所示，倾角为的足够长的光滑绝缘斜面上存在宽度均为L的匀强电场和匀强磁场区域，电场的下边界与磁场的上边界相距为L,其中电场方向沿斜面向上,磁场方向垂直于斜面向下、磁感应强度的大小为B。电荷量为q的带正电小球(视为质点)通过长度为4 L的绝缘轻杆与边长为L、电阻为R的正方形单匝线框相连，组成总质量为m的“”型装置，置于斜面上，线框下边与磁场的上边界重合。现将该装置由静止释放，当线框下边刚离开磁场时恰好做匀速运动；当小球运动到电场的下边界时刚好返
12、回。已知L=1 m, B=0.8 T, q=2.210-6C,R=0.1 ,m=0.8 kg, =53,sin53= 0.8，g取10 m/s2。求：(1)线框做匀速运动时的速度大小;(2)电场强度的大小；(3)经足够长时间后，小球到达的最低点与电场上边界的距离。14、如图所示，载人小车和弹性球静止在光滑长直水平面上，球的质量为m，人与车的总质量为16m。人将球以水平速率v推向竖直墙壁，球又以速率v弹回。求：在人将球推出的过程中，人做了多少功人接住球后，人和车的共同速度参 考 答 案1、CD2、CD3、CD 4、B5、BC6、AC7、B8、CD9、6.510-19，不变10、（1）由速度的定义
13、式可得滑块经过光电门1时的速度表达式v1=；经过光电门2时的速度表达式v2=由2ax=解得滑块加速度的表达式a=滑块沿斜面向下运动所受合外力为Mgsin=Mgh/L,为了保持滑块所受的合力不变，M增大时，h减小，以保持二者乘积不变；或M减小时，h增大，以保持二者乘积不变，选项B、C正确。（2）(1)滑动变阻器阻值比待测电阻阻值小很多，故供电电路采用分压式；可估算LED灯正常工作时的电流为：故电流表不能用来测其电流，要精确测定其电阻就要排除电压表与电流表内阻的分流与分压，所以不能用电压表测得的电压与电流表测得的电流的比值求电阻。由于电流表内阻已知，与定值电阻串联可当做量程为06 V的电压表与灯泡
14、并联测电压；电压表内阻已知，可当电流表在干路中测电流与电流表示数的差值即通过灯泡的真实电流。电路图如图所示。(2)LED灯两端的电压U=I2(R2+)，通过的电流为所以LED灯的电阻由于灯泡的额定电压为3 V，所以当I2(R2+)=3 V时，灯泡达到额定电压，此时电流的值为：I2=1.5 mA。答案：(1)见解析图(2) I2 1.5 mA11、（1）设到达斜面最低点的速度为，由机械能守恒得：解得：2m/s所以，物体在传送带上先与减速运动：设减速至带速需位移，则解得：6m所以后2m物体匀速运动，以平抛，在P处由速度分解得：又所以，R=0.6m（2）在P处由速度分解得：从P到N由动能定理得：在N
15、点：解得: 由牛顿第三定律得，物体对轨道的压力为28N，方向竖直向下。（3）恰好通过M点时： 从P到M由动能定理得：解得：故不能通过最高点M .12、(1)要使电子能通过PQ界面，电子飞出磁场的速度方向必须水平向右，由Bev=可知，r=r越大v越大，从C点水平飞出的电子，运动半径最大，对应的速度最大，即r=2l时，电子的速度最大，故vm= 其从O点入射时与y轴夹角为30(2)以最大速度通过PQ界面的电子进入电场后做类平抛运动，刚好被位于x轴上的F处的接收器所接收 解得E= (3)电子进入电场后做类平抛运动，出电场后做匀速直线运动穿过x轴， 设类平抛运动的水平分位移为x1,竖直分位移为y1,出电
16、场时速度的方向与水平方向的夹角为，出电场后做匀速直线运动的水平分位移为x2,其轨迹与x轴的交点与PQ界面的距离为s。tan30= x1=vt,y1=a=可得x1=tan=x2= s=其中0vvm当v=时，smin= 当v=0(或v=vm)时，smax=l所有能通过PQ界面的电子最终穿过x轴的区间宽度为smax-smin=l 13、(1)设线框下边离开磁场时做匀速直线运动的速度为v0,则：E=BLv0,I=FA=BIL= 根据平衡条件：mgsin-=0可解得v0=1 m/s (2)从线框刚离开磁场区域到小球刚运动到电场的下边界,根据动能定理：-qEL+mgsin2L=0- 可求得E=6106N/C(3)设经足够长时间后，小球运动的最低点到电场上边界的距离为x,线框最终不会再进入磁场，即运动的最高点是线框的上边与磁场的下边界重合。根据动能定理：qEx-mgsin(L+x)0 可得x=m14、以水平向右为正方向。人第一次将球推出，设人与车的速度为V，球、人与车系统动量守恒： 人对系统做功 所以： 由动量守恒： 所以：
