1、湖北省宜昌市高二期中考试物理试卷考生注意：1. 本试卷满分100分，考试时间75分钟。2. 答题前，考生务必用直径0.5毫米黑色墨水签字笔将密封线内项目填写清楚。3. 考生作答时，请将答案答在答题卡上。选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效。4. 本卷命题范围：人教版必修第三册第十三章，选择性必修第一册第一、二章。一、选择题（本题共11小题，每小题4分，共44分.在每小题给出的四个选项中，第17题中只有一项符合题目要求，第811题有多项符合
2、题目要求.全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1. 关于电磁感应现象、电磁波、能量量子化，下列说法正确的是（ ）A. 闭合导线的一部分在磁场中运动时，一定会产生感应电流B. 赫兹首次用实验证实了电磁波的存在，做变速运动的电荷会在空间产生电磁波C. 电磁铁的原理是利用电磁感应现象制成的，麦克风是电流的磁效应D. 爱因斯坦为了解释黑体辐射现象，第一次提出了能量量子化理论2. 2022年7月13日，我国用长征三号乙型运载火箭成功将天链二号03星发射升空，卫星顺利进入预定轨道，发射任务取得圆满成功.关于火箭、反冲现象，下列说法正确的是（ ）A. 火箭、汽车的运动都属于反冲运动B. 火
3、箭开始工作后做加速运动的原因是燃料燃烧推动空气，空气反作用力推动火箭C. 为了减少反冲的影响，用枪射击时要用肩部抵住枪身D. 喷气式飞机、直升机的运动都属于反冲运动3. 弹簧振子的振动图像如图所示.在的时间内，振子的动能和势能的变化情况是（ ）A. 变小，变大B. 变大，变小C. 、均变小D. 、均变大4. 质量相同的子弹、橡皮泥和钢球以相同的初速度水平射向竖直墙，结果子弹穿墙而过，橡皮泥粘在墙上，钢球以原速率被反向弹回.关于它们对墙的水平冲量的大小，下列说法正确的是（ ）A. 子弹、橡皮泥和钢球对墙的冲量大小相等B. 子弹对墙的冲量最小C. 橡皮泥对墙的冲量最小D. 钢球对墙的冲量最小5.
4、如图所示，大气球质量为，载有质量为的人，静止在空气中距地面高的地方，气球下方悬一根质量可忽略不计的绳子，此人想从气球上沿绳慢慢下滑至地面，为了安全到达地面，则这绳长至少应为（不计人的高度，可以把人看作质点）（ ）A. B. C. D. 6. 如图所示，弹簧振子在、间振动，为平衡位置，若振子从到的运动时间是，则下列说法正确的是（ ）A. 振子从经到完成一次全振动B. 振动周期是，振幅是C. 经过两次全振动，振子通过的路程是D. 从开始经过，振子通过的路程是7. 如图甲所示，质量的物块以初速度滑上放在光滑水平面上的长木板的左端，、的速度随时间变化的图像如图乙所示，重力加速度取，由此可求出（ ）A.
5、 长木板的质量为B. 物块与长木板之间动摩擦因数为0.2C. 长木板长度至少为D. 物块与长木板组成系统损失机械能为8. 2022年7月1日，庆祝香港回归祖国25周年大会隆重举行，世界各地观众都能收看到大会实况，是因为电视信号可通过卫星覆盖全球.关于电磁波，下列说法正确的是（ ）A. 电磁波在真空中的传播速度与频率、能量有关，频率越高、能量越大，传播速度越大B. 当电磁波源消失后就不能产生新的电磁波，但已发出的电磁波不会立即消失C. 电磁波不能在真空中传播，且只能传递声音信号，不能传递图像信号D. 香港电视台与南京电视台发射的电磁波的频率不同，但传播速度相同9. 金庸的小说里“狮子吼”是一门用
6、声音给敌人造成巨大伤害的功夫，网络游戏中也将“狮子吼”设为物理攻击，某电影中主人公一声“狮子吼”可将桌上的杯子震碎.用手指轻弹同样的杯子，杯子发出清脆的声音，测得声音频率为.结合所学知识推断电影中主人公发出的“狮子吼”的攻击原理及声波的特点，下列说法可能的是（ ）A. “狮子吼”引发了共振现象B. 他发出的“狮子吼”频率应该远小于C. 他发出的“狮子吼”频率应该接近D. “狮子吼”的音量一定很大10. 2022年7月3日，世界滑板日大赛海曙站在宁波1844广场开赛，如图所示，质量为的运动员沿倾角的固定斜面向上滑动，经过时间，速度为零并又开始下滑，经过时间回到斜面底端，运动员在运动过程中受到的摩
7、擦力大小始终为.在整个运动过程中，下列说法正确的是（ ）A. 重力对运动员的总冲量大小为B. 支持力对运动员的总冲量大小为C. 摩擦力对运动员的总冲量大小为D. 合外力对运动员的冲量大小为011. 一质量为的物块在合外力的作用下从静止开始沿直线运动.随时间变化的图像如图所示，则（ ）A. 时物块的动量大小为B. 时物块的动量大小为C. 时物块的速率为D. 时物块的速度为零二、实验题（本题共2小题，共16分）12.（8分）如图甲为用单摆测重力加速度的实验装置，在实验中用最小刻度为的刻度尺测摆长，测量情况如图乙所示.（1）下列说法正确的有_.（填字母）A. 测摆长时，摆线应接好摆球，使摆球处于自然
8、下垂状态B. 摆长等于摆线的长度加上摆球的直径C. 测单摆的周期时，应从摆球经过最高点速度为0时开始计时D. 如果有两个大小相等且都带孔的铜球和木球，应选用木球作摆球（2）为悬挂点，从图乙可知单摆的摆长为_.（3）若用表示单摆的摆长，表示单摆振动周期，可求出当地重力加速度大小_.（4）若把该单摆放在月球上，则其摆动周期_（填“变大”“变小”或“不变”）.13.（8分）某同学用如图所示的装置做“验证动量守恒定律”的实验.在一块平整的木板表面钉上白纸和复写纸，将木板竖直立于水平地面上且上端紧贴槽口处，不放被碰小球，使入射小球从斜槽上适当的位置由静止释放，小球撞到木板并在白纸上留下痕迹；将木板远离槽
9、口平移一段距离，再使入射小球从斜槽上由静止释放，小球撞到木板上得到痕迹；然后把大小相同的被碰小球静止放在斜槽末端，入射小球仍从斜槽上静止释放，与被碰小球相碰后，两小球撞在木板上得到痕迹和.（1）关于实验操作，下列说法正确的是_（填正确答案标号）.A. 被碰小球的质量应大于入射小球的质量B. 斜槽轨道末端必须水平C. 斜槽轨道必须光滑D. 应使小球每次从斜槽上相同的位置自由滚下（2）实验测量中，除需测量线段、的长度外，还必须测量的物理量是_（填正确答案标号）.A. 入射小球和被碰小球的质量、B. 入射小球和被碰小球的半径C. 点离木板的水平距离D. 、两点间的高度差（3）当所测物理量满足表达式_
10、（用所测物理量的字母表示）时，说明两小球在碰撞中遵循动量守恒定律.三、计算题（本题共3小题，共计40分.解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤.只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）14.（10分）如图所示，有一个垂直于纸面向外的匀强磁场，磁感应强度大小，正方形线圈面积为，求：（1）在磁感应强度减为的过程中，线圈中磁通量的改变量大小；（2）在磁场方向转过角的过程中，线圈中磁通量的改变量大小.15.（14分）如图甲所示，轻弹簧上端固定，下端系一质量为的小球，小球静止时弹簧伸长量为.现使小球在竖直方向上做简谐运动，从小球在最低点释放时开始计时，小球相对
11、平衡位置的位移随时间变化的规律如图乙所示，重力加速度取.（1）写出小球相对平衡位置的位移随时间的变化关系式；（2）求出小球在内运动的总路程和时刻的位置；（3）小球运动到最高点时，弹簧的伸长量为，求此时小球加速度的大小.16.（16分）在光滑的水平地面上，质量均为的滑块和中间夹一轻弹簧，轻弹簧处于原长状态，左端固定在上，右端与接触但不固定，质量为、半径为的四分之一光滑圆弧形滑块放置在的右边，、间距离足够远，质量为的滑块以初速度向右运动与发生碰撞，碰撞过程时间极短，碰后被反弹，速度大小为，重力加速度取.求：（1）、碰撞时损失的机械能；（2）弹簧的最大弹性势能；（3）能上升的最大高度.湖北省宜昌市高
12、二期中考试物理参考答案1. B 2. C 3. B 4. B 5. A 6. D 7. C 8. BD 9. AC 10. BC 11. BC12.（1）A（2分） （2）0.9980（0.99700.9980均得分，2分） （3）（2分） （4）变大（2分）解析：（1）测摆长时摆线应接好摆球，使摆球处于自然下垂状态，否则，摆长的测量不准确，选项A正确；摆长等于摆线的长度加上摆球的半径，选项B错误；当摆球经过平衡位置时开始计时，测多次全振动所用时间后求出周期的平均值，选项C错误；摆球选择质量大一些、体积小一些的小球，如果有两个大小相等且都带孔的铜球和木球，应选用铜球作摆球，选项D错误.（2）从
13、悬点到球心的距离即为摆长，可得.（3）若用表示单摆的摆长，表示单摆振动周期，由单摆的周期公式，可求出当地重力加速度大小.（4）由于月球上的重力加速度较小，所以将单摆放在月球上时，其摆动周期变大.13.（1）BD（2分） （2）A（2分） （3）（4分）解析：（1）为了防止入射小球反弹，所以入射小球的质量应大于被碰小球的质量，选项A错误；小球做平抛运动，所以要求斜槽轨道末端必须水平，斜槽轨道不必光滑，选项B正确、C错误；为保证小球运动到水平轨道时速度相等，应使小球每次从斜槽上相同的位置自由滑下，选项D正确.（2）小球在竖直方向上有，在水平方向有，联立可得，两小球碰撞过程中系统动量守恒，设向右为正
14、方向，可得，即，所以实验除需测量线段、的长度外，还必须测量入射小球和被碰小球的质量、，故A项正确.（3）由上分析可知若满足，即两小球碰撞过程中系统动量守恒.14. 解：（1）在磁感应强度时，线圈中的磁通量中（1分）在磁感应强度减为，线圈中的磁通量（1分）故线圈中磁通量的改变量为（2分）（2）磁场方向转过角，线圈在垂直于磁场方向的投影面积为（2分）则（2分）故磁通量的改变量为（2分）15. 解：（1）由振动图像读出周期（1分）振幅（1分）由得到圆频率（2分）则位移随时间变化的关系式为（2分）（2）因（1分）所以小球在内运动的总路程为（2分）时刻的位置在平衡位置（1分）（3）小球静止时（1分）解得（1分）根据牛顿第二定律得（1分）解得，方向竖直向下（1分）16. 解：（1）与碰撞时动量守恒，（1分）（1分）损失的机械能（1分）（2）弹簧压缩到最短时弹簧的弹性势能最大，、的速度相等，设此时速度为，（1分）（2分）（3）设与弹簧分开时、速度分别为和，由题意得（1分）（2分）解得，（1分）机械能（1分）假设上升高度为时二者相对静止，在竖直方向速度为0，则，此时系统的机械能（1分）因为，所以滑块在竖直方向速度不为0（1分）设滑块能上升的最大高度为，由机械能守恒定律有（2分）解得（1分）