1、宁夏银川市唐徕回民中学2015届高三上学期月考物理试卷（8月份）一、单项选择题（共10题，每题3分，共30分）1一个玩具小汽车做直线运动的位移时间图象如图所示，则( )A前15 s内汽车的位移为300mB前10 s内汽车的加速度为3m/s2C20 s末汽车的速度为1m/sD前25 s内汽车做单方向直线运动2汽车P在公路上做匀速直线运动，在其前方某处有一个超声波测速仪Q当两者相距355m时，Q发出超声波，同时由于紧急情况P刹车，当Q接收到反射回来的超声波信号时，P恰好停止，此时P、Q相距335m已知超声波的声速为340m/s，则汽车刹车的加速度为( )A20 m/s2B15 m/s2C10 m/
2、s2D5 m/s23甲乙两汽车在一平直公路上同向行驶在t=0到t=t1的时间内，它们的vt图象如图所示在这段时间内，下列说法中不正确的是( )A汽车甲的平均速度大于B汽车乙的平均速度小于C汽车甲的位移比乙的大D汽车甲的加速度大小逐渐减小，而汽车乙的加速度大小逐渐增大4如图所示，在粗糙水平面上叠放着物体P和Q，用水平力F推Q，使P、Q一起沿水平面向右匀加速滑动，以下说法中正确的是( )AP受3个力，Q受6个力BP受3个力，Q受5个力CP受2个力，Q受4个力DP受2个力，Q受5个力5如图所示，物体P以某一速度在斜面上匀速下滑，在下滑过程中斜面始终静止不动现对物体P施加一垂直斜面向下的力F（F的大小
3、未知），在继续下滑的过程中，下列说法正确的是( )A物体P仍可能继续匀速下滑B地面对斜面的静摩擦力水平向左C地面对斜面的静摩擦力水平向右D地面对斜面的静摩擦力为零6如图所示，两个木块的质量关系是ma=2mb，用细线连接后放在倾角为的光滑固定斜面上在它们沿斜面自由下滑的过程中，下列说法中正确的是( )A它们的加速度大小关系是aaabB它们的加速度大小相等，且agsinC连接它们的细线上的张力一定为零D连接它们的细线上的张力一定不为零7一航天探测器完成对月球的探测任务后，在离开月球的过程中，由静止开始沿着与月球表面成一倾斜角的直线飞行，先加速运动，再匀速运动探测器通过喷气而获得推动力以下关于喷气方
4、向的描述中正确的是( )A探测器加速运动时，沿直线向后喷气B探测器加速运动时，竖直向下喷气C探测器匀速运动时，竖直向下喷气D探测器匀速运动时，不需要喷气8如图所示，粗糙的水平地面上有一个半圆柱体P，P的右端有一固定放置的竖直挡板MN在半圆柱体P和MN之间放有一个光滑均匀的小圆柱体Q，整个装置处于平衡状态现使MN保持竖直并且缓慢地向右平移，在Q滑落到地面之前，发现P始终保持静止则在此过程中，下列说法中正确的是( )AQ所受的合力逐渐增大BP对Q的弹力逐渐增大CMN对Q的弹力逐渐减小D地面对P的摩擦力逐渐减小9如图所示，木块A、B分别重40N和50N，它们与水平地面之间的动摩擦因数均为0.25，夹
5、在A、B之间的轻弹簧被压缩了2cm，弹簧的劲度系数为300N/m，系统置于水平地面上静止不动现用F=1N的水平拉力作用在木块B上，则力F作用瞬间( )A木块A所受摩擦力大小是10NB木块A所受摩擦力大小是9NC木块B所受摩擦力是5ND木块B所受摩擦力是7N10如图所示，表面粗糙的固定斜面顶端安有定滑轮，两物块P、Q用轻绳连接并跨过滑轮（不计滑轮的质量和摩擦），P悬于空中，Q放在斜面上，均处于静止状态，此时斜面对Q的摩擦力方向向下下列说法正确的是( )A当用水平向左的恒力推Q，且P、Q仍静止不动时，则Q受到的摩擦力一定变小B当用水平向左的恒力推Q，且P、Q仍静止不动时，轻绳上的拉力不变C对斜面体
6、施加水平向右的力，使整个装置一起向右加速，则斜面对Q的摩擦力可能变小D对斜面体施加水平向右的力，使整个装置一起向右加速，则轻绳上的拉力不变二、多项选择题（共4题，每题4分，共16分）11下列说法中正确的是( )A曲线运动一定是变速运动B曲线运动一定是变加速运动C做平抛运动的物体，每秒钟的速度增量大小相等，方向相同D做斜抛运动的物体，到达最高点时，速度和加速度都为零12某兴趣小组研究匀变速直线运动时，观察到一辆汽车从静止开始匀加速开出，然后保持匀速运动，最后匀减速运动直到停止的全过程并测量了汽车在不同时刻的速度，填入表中，通过分析、计算，你认为下列说法正确的是( )时刻（s）1.02.03.05
7、.07.09.510.5速度（m/s）3.06.09.012.012.09.03.0A汽车加速运动的时间为3sB汽车匀速运动的时间为5sC汽车加速运动的时间为2sD汽车减速运动的时间为2s13如图所示，足够长的硬质直杆上套有质量为m的环A，环下方用轻绳挂着一个重为G的小物体B，杆与水平方向成角，当环沿杆下滑时，物体B相对于A静止，下列说法正确的是( )A若环沿杆无摩擦下滑，B的加速度为gsinB若环沿杆无摩擦下滑，绳的拉力为GcosC若环沿杆下滑时有摩擦，轻绳可能竖直D无论环与杆之间有无摩擦，轻绳都与杆垂直14一船在静水中的速度是6m/s，要渡过宽为180m、水流速度为8m/s的河流，则下列说
8、法中正确的是( )A因为水速大于静水中的船速，所以船无法过河B此船过河的最短位移是240mC此船过河的最短时间是30sD当船头指向与河岸上、下游的夹角相同时，渡河所用的时间相同三、填空题（每空2分，共20分）15一物体在以xOy为直角坐标系的平面上运动，其运动规律为x=2t24t，y=3t2+6t（式中的物理量单位均为国际单位）则物体运动的轨迹是一条_（填直线或曲线）16如图所示，在倾角为的斜面上以速度v0水平抛出一小球，设斜面足够长，则从抛出开始计时，当小球离斜面的距离最大所用的时间t=_17在探究弹力与弹簧伸长关系的实验中，某实验小组将不同数量的钩码分别挂在竖直弹簧下端，进行测量，根据实验
9、所测数据，利用描点法作出了所挂钩码的重力G与弹簧总长L的关系，图象如图所示，根据图象回答以下问题：弹簧的劲度系数为_分析图象，总结出弹簧弹力F与弹簧总长L之间的关系式为_18在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中，采用如图1所示的实验装置，小车及车中砝码的质量用M表示，盘及盘中砝码的质量用m表示，小车的加速度可由小车后面拉动的纸带经打点计时器打出的点计算得到（1）当M与m的大小关系满足_时，才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘及盘中砝码的总重力（2）一组同学在探究加速度与质量的关系时，保持盘及盘中砝码的质量一定，改变小车及车中砝码的质量，测出相应的加速度，采用图象法处理数据为了比较容易地得出加
10、速度a与质量M的关系，应作出a与_图象（3）甲同学在探究加速度与力的关系时，根据测量数据作出的a一F图线，如图2（a）所示则实验存在的问题是_（4）乙、丙两同学用同一装置探究加速度与力的关系时，画出了各自得到的a一F图线，如图2（b）所示则是两同学做实验时_取值不同造成的（5）随着F的增大，a一F图线最后会略微向_弯曲（填上或下）（6）图3是某次实验中得到的纸带已知打点计时器使用的交流电频率为50Hz，每相邻两个计数点间还有4个点未画出，利用下图给出的数据可求出小车的加速度为_m/s2（结果保留三位有效数字）四、计算题（本题共3个小题，共34分）（g取10m/s2，sin37°=0.
11、6，cos37°=0.8）19跳台滑雪是一项运动非常惊险的运动，化学运动员踏着专用滑雪板，不带雪仗在助滑路上获得高速后水平飞出，在空中飞行一段距离后着陆，设一位运动员由山坡顶的A点沿水平方向飞出的速度为v0=15m/s，落点在山坡上的B点，山坡倾角为取37，山坡可以看成一个斜面求：（1）运动员在空中飞行的时间t（2）A、B间的距离s20如图所示，质量为m=0.1kg的有孔小球穿在固定的足够长的斜杆上，斜杆与水平方向的夹角=37，球与杆间的动摩擦因数=0.2小球受到竖直向上的恒定拉力F=1.5N后，由静止开始沿杆斜向上做匀加速直线运动（1）求小球的加速度大小；（2）经过t=4s后撤去拉
12、力，求小球还能上滑的最大距离21如图所示，传送带长6m，与水平方向的夹角=37，以5m/s的恒定速度向上运动一个质量为2kg的物块（可视为质点），沿平行于传送带方向以10m/s的速度滑上传送带，已知物块与传送带之间的动摩擦因数=0.5求：（1）物块刚滑上传送带时的加速度大小；（2）物块到达传送带顶端时的速度；（3）物块滑到传送带顶端所用的时间宁夏银川市唐徕回民中学2015届高三上学期月考物理试卷（8月份）一、单项选择题（共10题，每题3分，共30分）1一个玩具小汽车做直线运动的位移时间图象如图所示，则( )A前15 s内汽车的位移为300mB前10 s内汽车的加速度为3m/s2C20 s末汽车
13、的速度为1m/sD前25 s内汽车做单方向直线运动考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系 专题：运动学中的图像专题分析：解决本题要注意利用位移时间图象的特点：从图象上直接可以知道某一时刻物体的位置，图象的斜率代表物体的速度，速度的正负代表运动的方向解答：解：A、根据位移时间图象可知t=15s时，物体的位移为30m故A错误B、前10s内汽车的速度为V1=3m/s，即汽车做匀速直线运动，汽车的加速度为0，故B错误C、t=15s后物体其速度为V2=1m/s，负号表示物体沿x负方向运动，故20 s末汽车的速度为1m/s；故C正确D、由于前10s内汽车的速度为V1=3m/s，t=1
14、5s后物体速度为V2=1m/s，负号表明汽车开始沿x负方向运动所以前25s内汽车不是单向直线运动故D错误故选：C点评：解决图象类题目要注意看纵坐标，分清是速度图象还是位移图象，这是解题的关键和基础位移图象的斜率代表物体运动的速度，而速度图象的斜率代表物体的加速度速度图象拐点代表物体的速度减小，位移图象的拐点代表物体运动方向发生变化2汽车P在公路上做匀速直线运动，在其前方某处有一个超声波测速仪Q当两者相距355m时，Q发出超声波，同时由于紧急情况P刹车，当Q接收到反射回来的超声波信号时，P恰好停止，此时P、Q相距335m已知超声波的声速为340m/s，则汽车刹车的加速度为( )A20 m/s2B
15、15 m/s2C10 m/s2D5 m/s2考点：超声波及其应用 分析：超声波来回运动的时间里，汽车运行的位移为20m根据匀变速运动的位移时间公式可求出汽车在超声波单程运行时间里的位移，结合超声波的速度，即可知道超声波单程运行的时间，从而知道汽车运行的时间，根据x=，求出汽车的加速度大小解答：解：设超声波往返的时间为2t，汽车匀加速运动在2t时间内位移为x1=a（2t）2=355335 m 超声波追上A车时用时为t，A车在t内前进的位移为x2=at2=5 m 所以超声波在2t内的路程为x=2（x1+x2）m=680m x=v声t 可得t=1s，代入式得，汽车的加速度为 a=10m/s2故选：C
16、点评：解决本题的关键求出超声波单程运行的位移从而求出单程运行的时间，即可知道汽车匀加速运动的时间，然后根据匀变速运动的位移公式求出汽车的加速度3甲乙两汽车在一平直公路上同向行驶在t=0到t=t1的时间内，它们的vt图象如图所示在这段时间内，下列说法中不正确的是( )A汽车甲的平均速度大于B汽车乙的平均速度小于C汽车甲的位移比乙的大D汽车甲的加速度大小逐渐减小，而汽车乙的加速度大小逐渐增大考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系 专题：运动学中的图像专题分析：在速度时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，时间轴上方速度是正数，时间轴下方速度是负数；切线代表该位置的加速度，向右
17、上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜加速度为负；图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负解答：解：A、由于甲车做变加速运动，平均速度不等于，若匀加速直线运动其平均速度等于 ，而变加速直线运动的位移大于匀减速直线运动的位移，则平均速度大于，故A正确；B、由于乙车做变减速运动，平均速度不等于，如图所示，红线表示匀减速直线运动，其平均速度等于 ，而匀减速直线运动的位移大于该变减速运动的位移，则平均速度小于，故B正确；C、在vt图象中，图形的面积代表位移的大小，根据图象可知道，甲的位移大于乙的位移，故C正确；D、因为切线的斜率等于物体的加速度，汽车甲和乙的加速度大小都是逐渐减
18、小，故D错误题目要求选不正确的，故选：D点评：本题是为速度时间图象的应用，要明确斜率的含义，知道在速度时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义4如图所示，在粗糙水平面上叠放着物体P和Q，用水平力F推Q，使P、Q一起沿水平面向右匀加速滑动，以下说法中正确的是( )AP受3个力，Q受6个力BP受3个力，Q受5个力CP受2个力，Q受4个力DP受2个力，Q受5个力考点：牛顿第二定律；物体的弹性和弹力 专题：受力分析方法专题分析：P、Q具有相同的加速度，根据牛顿第二定律确定P受到静摩擦力，通过受力的顺序确定P、Q的受力个数解答：解：P具有向右的加速度，可知P的摩擦力方向向右，P受重力、Q对P的支持力和静摩
19、擦力三个力作用Q受重力、地面的支持力、P对Q的压力、P对Q的静摩擦力、推力和地面的滑动摩擦力六个力作用故选：A点评：解决本题的关键掌握受力的顺序，一般按照一重、二弹、三摩擦的顺序进行，注意每个力都有施力物体，没有施力物体的力是不存在的5如图所示，物体P以某一速度在斜面上匀速下滑，在下滑过程中斜面始终静止不动现对物体P施加一垂直斜面向下的力F（F的大小未知），在继续下滑的过程中，下列说法正确的是( )A物体P仍可能继续匀速下滑B地面对斜面的静摩擦力水平向左C地面对斜面的静摩擦力水平向右D地面对斜面的静摩擦力为零考点：摩擦力的判断与计算 专题：摩擦力专题分析：隔离对P分析，判断P重力沿斜面方向上的
20、分力与摩擦力的大小关系，从而判断出物体P的运动情况隔离对斜面方向，判断物体P对斜面压力和摩擦力在水平方向分力的大小关系，判断地面摩擦力的变化解答：解：当有F时摩擦力增大，开始物体重力沿斜面方向上的分力等于摩擦力，所以物体P将减速下滑斜面受到物体的摩擦力（反作用力）也增大，原来的斜面受到的摩擦力和压力合力向下，现在这两个力都增大但是成比例地增大，所以它们的合力依然向下，所以斜面在水平方向受到的合力为零，因此地面对斜面的静摩擦力仍然为零故D正确，A、B、C错误故选：D点评：解决本题的关键能够正确地进行受力分析，注意施加F后，两物体不能看成整体，因为两物体的加速度不同6如图所示，两个木块的质量关系是
21、ma=2mb，用细线连接后放在倾角为的光滑固定斜面上在它们沿斜面自由下滑的过程中，下列说法中正确的是( )A它们的加速度大小关系是aaabB它们的加速度大小相等，且agsinC连接它们的细线上的张力一定为零D连接它们的细线上的张力一定不为零考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用 专题：牛顿运动定律综合专题分析：先以整体为研究对象进行分析，可求得整体的加速度；再用隔离法分析绳子的张力解答：解：A、B、对整体受力分析可知，整体受重力、弹力；将重力沿斜面和垂直于斜面进行分析，则支持力与重力垂直于斜面的分力相平衡，由牛顿第二定律可知：（mA+mB）gsin=（mA+mB）a解得：a=gsin；两物体
22、的加速度相等故A、B错误C、D、对B分析，可知B受到的合力F=mBa=mBgsin；F=T+mBgsin故说明细绳的张力T为零；故C正确，D错误；故选C点评：本题为简单的连接体问题，注意正确选取研究对象，一般先对整体分析可得出加速度，若分析内力时应采用隔离法进行分析7一航天探测器完成对月球的探测任务后，在离开月球的过程中，由静止开始沿着与月球表面成一倾斜角的直线飞行，先加速运动，再匀速运动探测器通过喷气而获得推动力以下关于喷气方向的描述中正确的是( )A探测器加速运动时，沿直线向后喷气B探测器加速运动时，竖直向下喷气C探测器匀速运动时，竖直向下喷气D探测器匀速运动时，不需要喷气考点：万有引力定
23、律及其应用；力的合成与分解的运用 专题：压轴题；合成分解法；共点力作用下物体平衡专题分析：探测器由静止开始沿着与月球表面成一倾斜角的直线飞行时，受到月球竖直向下的万有引力及沿气体喷气方向相反的反冲力，在两个力的合力作用下运动，再由探测器的运动状态来判断反冲力的方向，进而判断喷气方向解答：解：A、B：探测器由静止开始沿着与月球表面成一倾斜角的直线飞行加速运动时，加速度的方向沿直线与速度方向相同，即合力的方向也沿直线与速度方向相同，而受到月球的万有引力方向竖直向下，所以，反冲力方向与运动直线成一角度斜向上，那么，喷气方向与运动直线成一角度斜向下，选项A、B错误 C、D：探测器匀速运动，受力平衡，合
24、力为零，已知受到的月球的万有引力竖直向下，则受到的气体的反冲力竖直向上，因此，探测器竖直向下喷气，选项C正确，选项D错误 故选：C点评：解答本题把握好：探测器受到两个力，一是竖直向下的月球万有引力，另一个是喷气的反冲力，由探测器的运动状态结合力的合成平行四边形法则来确定反冲力的方向，自然喷气的方向就确定了8如图所示，粗糙的水平地面上有一个半圆柱体P，P的右端有一固定放置的竖直挡板MN在半圆柱体P和MN之间放有一个光滑均匀的小圆柱体Q，整个装置处于平衡状态现使MN保持竖直并且缓慢地向右平移，在Q滑落到地面之前，发现P始终保持静止则在此过程中，下列说法中正确的是( )AQ所受的合力逐渐增大BP对Q
25、的弹力逐渐增大CMN对Q的弹力逐渐减小D地面对P的摩擦力逐渐减小考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力 专题：共点力作用下物体平衡专题分析：先对圆柱体Q受力分析，受到重力、杆MN的支持力和半球P对Q的支持力，其中重力的大小和方向都不变，杆MN的支持力方向不变、大小变，半球P对Q的支持力方向和大小都变，然后根据平衡条件并运用合成法得到各个力的变化规律；最后对PQ整体受力分析，根据共点力平衡条件得到地面对整体的摩擦力情况解答：解：A、使MN保持竖直并且缓慢地向右平移，Q一直处于准平衡状态，所以受到的合外力为零，保持不变故A错误；B、C、对圆柱体Q受力分析，受到重力、杆MN的支持力和半球P
26、对Q的支持力，如图重力的大小和方向都不变，杆MN的支持力方向不变、大小变，半球P对Q的支持力方向和大小都变，然后根据平衡条件，得到N1=mgtan由于不断增大，故N1不断增大，N2也不断增大；故C错误，B正确；D、对PQ整体受力分析，受到总重力、MN杆的支持力N1，地面的支持力N3，地面的静摩擦力f，如图根据共点力平衡条件，有f=N1=mgtan由于不断增大，故f不断增大，故D错误；故选：B点评：本题关键先对物体Q，再对物体PQ整体受力分析，然后根据共点力平衡条件列式求解出各个力的表达式进行分析处理9如图所示，木块A、B分别重40N和50N，它们与水平地面之间的动摩擦因数均为0.25，夹在A、
27、B之间的轻弹簧被压缩了2cm，弹簧的劲度系数为300N/m，系统置于水平地面上静止不动现用F=1N的水平拉力作用在木块B上，则力F作用瞬间( )A木块A所受摩擦力大小是10NB木块A所受摩擦力大小是9NC木块B所受摩擦力是5ND木块B所受摩擦力是7N考点：摩擦力的判断与计算 专题：摩擦力专题分析：静摩擦力的大小随外力的变化而变化，但有一个最大值，其最大值略大于滑动摩擦力，在一般的计算中可以认为等于滑动摩擦力；本题中，为施加拉力F时，A、B两木块在弹簧的推动下，相对地面有运动趋势，但无相对运动，故均受静摩擦力；在木块B上加上一个水平拉力后，通过计算会发现，虽然B木块相对地面的滑动趋势变大，但仍然
28、无法滑动，说明静摩擦力只是变大了，并不会变成滑动摩擦力解答：解：木块A与地面间的滑动静摩擦力为：fA=mAg=0.2540N=10N木块B与地面间的滑动静摩擦力为：fB=mBg=0.2550N=12.5N弹簧弹力为：F弹=kx=3000.02N=6NA、施加水平拉力F后，弹簧长度没有变化，弹力不变，故木块A相对地面有向左的运动趋势，其受到向右的静摩擦力，且与弹力平衡，因而：fA=F弹=6N，故AB错误；C、施加水平拉力F后，对B物体受力分析，重力与支持力平衡，水平方向受向右的弹簧弹力和拉力，由于B木块与地面间的最大静摩擦力为12.5N（等于滑动摩擦力），大于弹簧弹力和拉力之和，故木块B静止不动
29、，故木块B受到的静摩擦力与弹簧弹力和拉力的合力平衡，因而：fB=F弹+F=6N+1N=7N；故D正确，C错误；故选：D点评：本题关键是分别对两个木块受力分析，通过计算判断木块能否滑动，要注意静摩擦力等于外力，而不是大于外力，大于外力的只是静摩擦力的最大值！10如图所示，表面粗糙的固定斜面顶端安有定滑轮，两物块P、Q用轻绳连接并跨过滑轮（不计滑轮的质量和摩擦），P悬于空中，Q放在斜面上，均处于静止状态，此时斜面对Q的摩擦力方向向下下列说法正确的是( )A当用水平向左的恒力推Q，且P、Q仍静止不动时，则Q受到的摩擦力一定变小B当用水平向左的恒力推Q，且P、Q仍静止不动时，轻绳上的拉力不变C对斜面体
30、施加水平向右的力，使整个装置一起向右加速，则斜面对Q的摩擦力可能变小D对斜面体施加水平向右的力，使整个装置一起向右加速，则轻绳上的拉力不变考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力 专题：共点力作用下物体平衡专题分析：先对物体P受力分析，根据平衡条件求解细线的拉力T；再对物体Q受力分析，根据平衡条件求解静摩擦力；当整个装置一起向右加速时，细线的拉力变大，考虑静摩擦力的变化情况解答：解：A、B、物体P受重力和拉力，根据平衡条件，有：T=mPg；对物体Q受力分析，受重力、支持力、拉力和平行斜面向下的静摩擦力，根据平衡条件，有：f=TmQgsin （为斜面的坡角）当用水平向左的恒力推Q，且P、
31、Q仍静止不动时，物体P受力情况不变，故细线的拉力不变；此时物体Q仍然受力平衡，根据平衡条件，有：f=T+FcosmQgsin；故静摩擦力变大；故A错误，B正确；C、D、对斜面体施加水平向右的力，使整个装置一起向右加速，悬挂物体P的细线与竖直方向的夹角增加，根据牛顿第二定律可得：Tx=mPaTy=mPg故T=mP，故绳子的拉力增加了；对物体Q受力分析，受拉力、重力、支持力和静摩擦力，根据牛顿第二定律，平行斜面方向，有：f1+mQgsinT=macos解得：f1=macos+TmQgsin故f1f，故C错误，D错误；故选：B点评：本题关键是采用隔离法，灵活地选择研究对象，然后根据共点力平衡条件和牛
32、顿第二定律列方程分析，不难二、多项选择题（共4题，每题4分，共16分）11下列说法中正确的是( )A曲线运动一定是变速运动B曲线运动一定是变加速运动C做平抛运动的物体，每秒钟的速度增量大小相等，方向相同D做斜抛运动的物体，到达最高点时，速度和加速度都为零考点：曲线运动 专题：物体做曲线运动条件专题分析：既然是曲线运动，它的速度的方向必定是改变的，所以曲线运动一定是变速运动在恒力作用下，物体可以做曲线运动，如平抛运动，而匀速圆周运动受到的是变力，是变加速曲线运动解答：解：A、曲线运动物体的速度方向在不断改变，是变速运动，故A正确；B、曲线运动是变速运动，一定有加速度，但加速度可以不变、也可变化，
33、如平抛运动是匀变速曲线运动故B错误；C、做平抛运动的物体，每秒钟的速度增量大小相等，方向相同，故C正确D、做斜抛运动的物体，到达最高点时，存在水平方向的分速度，加速度为重力加速度，速度与加速度都不是0，故D错误故选：AC点评：本题关键是对质点做曲线运动的条件的考查，匀速圆周运动，平抛运动等都是曲线运动，对于它们的特点要掌握住12某兴趣小组研究匀变速直线运动时，观察到一辆汽车从静止开始匀加速开出，然后保持匀速运动，最后匀减速运动直到停止的全过程并测量了汽车在不同时刻的速度，填入表中，通过分析、计算，你认为下列说法正确的是( )时刻（s）1.02.03.05.07.09.510.5速度（m/s）3
34、.06.09.012.012.09.03.0A汽车加速运动的时间为3sB汽车匀速运动的时间为5sC汽车加速运动的时间为2sD汽车减速运动的时间为2s考点：匀变速直线运动的速度与时间的关系 专题：直线运动规律专题分析：某兴趣小组研究匀变速直线运动时，观察到一辆汽车从静止开始匀加速开出，然后保持匀速运动，最后匀减速运动直到停止的全过程并测量了汽车在不同时刻的速度，填入表中，通过分析、计算，你认为下列说法正确的是解答：解：A、C、匀速运动的速度为12m/s，匀加速运动的加速度a1=3m/s2，则匀加速运动的时间t1=s=4s故A错误，C错误B、D、匀减速运动的加速度a2=6m/s2，汽车从3m/s减
35、到0还需的时间t=s=0.5s即11s时速度减为0，汽车匀减速所需的时间t2=s=2s所以汽车匀速运动的时间为5s故B正确，D正确故选：BD点评：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度时间公式v=v0+at，会根据该公式求运动的时间，以及加速度13如图所示，足够长的硬质直杆上套有质量为m的环A，环下方用轻绳挂着一个重为G的小物体B，杆与水平方向成角，当环沿杆下滑时，物体B相对于A静止，下列说法正确的是( )A若环沿杆无摩擦下滑，B的加速度为gsinB若环沿杆无摩擦下滑，绳的拉力为GcosC若环沿杆下滑时有摩擦，轻绳可能竖直D无论环与杆之间有无摩擦，轻绳都与杆垂直考点：牛顿第二定律；摩擦力的判断
36、与计算；物体的弹性和弹力 专题：牛顿运动定律综合专题分析：通过对整体分析，得出整体的加速度，再隔离分析，求出绳子的拉力大小以及合力的大小，确定绳子的方向解答：解：AB、由AB相对静止，则AB具有共同加速度，环不受摩擦力时，对整体分析，其加速度aA=aB=gsin，隔离对B分析，F合B=Gsin，可知轻绳与杆垂直，绳拉力为Gcos；故A、B正确CD、环受摩擦力时aA=aBgsin，当aA=aB=0时，轻绳竖直，当0aA=aBgsin 时，轻绳的拉力和重力提供B的加速度，此时轻绳不处于竖直状态故C正确，D错误故选：ABC点评：解决本题的关键能够正确地受力分析，运用牛顿第二定律进行求解，掌握整体法和
37、隔离法的运用14一船在静水中的速度是6m/s，要渡过宽为180m、水流速度为8m/s的河流，则下列说法中正确的是( )A因为水速大于静水中的船速，所以船无法过河B此船过河的最短位移是240mC此船过河的最短时间是30sD当船头指向与河岸上、下游的夹角相同时，渡河所用的时间相同考点：运动的合成和分解 专题：运动的合成和分解专题分析：船实际参加了两个分运动，沿船头指向的匀速直线运动和顺着水流而下的匀速直线运动，实际运动是这两个分运动的合运动，当船头指向不同，合速度不同，轨迹也不同，由于合运动的时间等于沿船头方向分运动的时间，故渡河时间与水流速度无关，只与船头指向和船在静水中速度有关解答：解：A、虽
38、水速大于静水中的船速，船仍可过河，但不能垂直河岸过河，故A错误；B、因为不能垂直渡河，所以当合速度的方向与静水速的方向垂直，渡河位移最短，设此时合速度的方向与河岸的夹角为，sin=，则渡河的最小位移x=m=240m，故B正确；C、由于合运动的时间等于沿船头方向分运动的时间，故当船头指向垂直与河岸时，沿船头指向分位移最小，渡河时间最短t=s=30s，故C正确；D、当船头指向与河岸上、下游的夹角相同时，船的运动分解成水流与垂直河岸方向，则垂直河岸方向的位移与速度相同，则过河时间也相同，故D正确；故选：BCD点评：本题关键是将实际运动沿船头指向和水流方向进行分解，根据合运动与分运动的同时性、独立性、
39、等效性和同一性分析求解三、填空题（每空2分，共20分）15一物体在以xOy为直角坐标系的平面上运动，其运动规律为x=2t24t，y=3t2+6t（式中的物理量单位均为国际单位）则物体运动的轨迹是一条直线（填直线或曲线）考点：运动的合成和分解 专题：运动的合成和分解专题分析：位移对时间的一次导数是速度，速度对时间的一次导数是加速度，求解出x、y两个方向的分运动的速度和加速度后进行合成，得到合速度与合加速度，若两者共线，物体做直线运动解答：解：位移对时间的一次导数是速度，x=2t24t，y=3t2+6t，故：vx=4t4，vy=6t+6；故初速度：v0x=4m/s，v0y=6m/s；速度对时间的一
40、次导数是加速度，故加速度：ax=4m/s2，ay=6m/s2；物体在x轴上分运动的初速度和加速度同方向，是匀加速直线运动；物体在y轴方向的初速度和加速度同方向，是匀加速直线运动；题中分运动的初速度和加速度数值完全相同，故合运动的数值和方向也是相同的；合运动的初速度方向与加速度方向相同，故合运动一定是匀加速直线运动；故答案为：直线点评：本题关键明确：位移对时间的一次导数是速度，速度对时间的一次导数是加速度；曲线运动的条件是加速度与速度方向不共线16如图所示，在倾角为的斜面上以速度v0水平抛出一小球，设斜面足够长，则从抛出开始计时，当小球离斜面的距离最大所用的时间t=考点：平抛运动 专题：平抛运动
41、专题分析：当小球的速度方向与斜面平行时，距离斜面最远，结合平行四边形定则求出此时竖直分速度，结合速度时间公式求出运动的时间解答：解：当小球的速度方向与斜面平行时，距离斜面最远，根据平行四边形定则知vy=v0tan，则运动的时间t=故答案为：点评：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式灵活求解，基础题17在探究弹力与弹簧伸长关系的实验中，某实验小组将不同数量的钩码分别挂在竖直弹簧下端，进行测量，根据实验所测数据，利用描点法作出了所挂钩码的重力G与弹簧总长L的关系，图象如图所示，根据图象回答以下问题：弹簧的劲度系数为1000N/m分析图象，总结出弹簧弹力F与弹簧
42、总长L之间的关系式为F=1000（L0.1）N考点：探究弹力和弹簧伸长的关系 专题：实验题分析：根据题意可知，弹簧总长度L（cm）与所挂物体重力G（N）之间符合一次函数关系，根据胡克定律写出F与L的方程即可正确解答解答：解：（1）由图示图象可知，弹簧的劲度系数为k=1000N/m（2）由图示图象可知，弹簧力F跟弹簧长度L之间的关系式为：F=k（LL0）=1000（L0.1）N故答案为：（1）1000N/m（2）F=1000（L0.1）N点评：题比较简单，结合图象考查了胡克定律的基础知识，是一道考查基础知识的好题在研究弹簧的伸长与拉力的关系问题时，一定要特别区分“弹簧的长度”与“弹簧的伸长”的不
43、同18在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中，采用如图1所示的实验装置，小车及车中砝码的质量用M表示，盘及盘中砝码的质量用m表示，小车的加速度可由小车后面拉动的纸带经打点计时器打出的点计算得到（1）当M与m的大小关系满足Mm时，才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘及盘中砝码的总重力（2）一组同学在探究加速度与质量的关系时，保持盘及盘中砝码的质量一定，改变小车及车中砝码的质量，测出相应的加速度，采用图象法处理数据为了比较容易地得出加速度a与质量M的关系，应作出a与图象（3）甲同学在探究加速度与力的关系时，根据测量数据作出的a一F图线，如图2（a）所示则实验存在的问题是平衡摩擦力过度（4）乙、丙两
44、同学用同一装置探究加速度与力的关系时，画出了各自得到的a一F图线，如图2（b）所示则是两同学做实验时M取值不同造成的（5）随着F的增大，a一F图线最后会略微向下弯曲（填上或下）（6）图3是某次实验中得到的纸带已知打点计时器使用的交流电频率为50Hz，每相邻两个计数点间还有4个点未画出，利用下图给出的数据可求出小车的加速度为3.51m/s2（结果保留三位有效数字）考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系 专题：实验题分析：（1）要求在什么情况下才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘和盘中砝码的重力，需求出绳子的拉力，而要求绳子的拉力，应先以整体为研究对象求出整体的加速度，再以M为研究对象求出绳子的
45、拉力，通过比较绳对小车的拉力大小和盘和盘中砝码的重力的大小关系得出只有mM时才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘和盘中砝码的重力（2）反比例函数图象是曲线，而根据曲线很难判定出自变量和因变量之间的关系；正比例函数图象是过坐标原点的一条直线，就比较容易判定自变量和因变量之间的关系（3）根据F=0，加速度不为零，分析图线不过原点的原因（4）根据牛顿第二定律得出斜率的物理意义，从而进行判断（6）根据连续相等时间内的位移之差是一恒量，运用逐差法求出小车的加速度解答：解：（1）根据牛顿第二定律得：对m：mgF拉=ma对M：F拉=Ma解得：F拉=，当Mm时，即小车的质量远大于砝码和盘的总质量，绳子的拉力近似
46、等于砝码和盘的总重力（2）根据牛顿第二定律F=Ma，a与M成反比，而反比例函数图象是曲线，而根据曲线很难判定出自变量和因变量之间的关系，故不能作aM图象；但a=，故a与成正比，而正比例函数图象是过坐标原点的一条直线，就比较容易判定自变量和因变量之间的关系，故应作a图象；（3）根据图象可知，当F等于零，但是加速度不为零，知平衡摩擦力过度（4）根据a=知，图线的斜率为小车质量的倒数，斜率不同，知小车的质量不同（5）随着F的增大，不满足Mm时，aF图线最后会略微下弯曲，；（6）每两点之间还有4个点没有标出，所以相邻计数点间的时间间隔T=0.1s由数据可知，在相等的时间内的位移之差是相等的，因此根据逐
47、差法得：a=3.51m/s2故答案为：（1）Mm；（2）；（3）平衡摩擦力过度；（4）M；（5）下；（6）3.51点评：只要真正掌握了实验原理就能顺利解决此类实验题目，而实验步骤，实验数据的处理都与实验原理有关，故要加强对实验原理的学习和掌握四、计算题（本题共3个小题，共34分）（g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）19跳台滑雪是一项运动非常惊险的运动，化学运动员踏着专用滑雪板，不带雪仗在助滑路上获得高速后水平飞出，在空中飞行一段距离后着陆，设一位运动员由山坡顶的A点沿水平方向飞出的速度为v0=15m/s，落点在山坡上的B点，山坡倾角为取37，山坡
48、可以看成一个斜面求：（1）运动员在空中飞行的时间t（2）A、B间的距离s考点：平抛运动 专题：平抛运动专题分析：平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据竖直位移和水平位移的关系求出运动员在空中的飞行时间根据水平位移，结合平行四边形定则求出A、B间的距离解答：解：（1）根据得，运动员在空中飞行的时间t=（2）A、B间的距离s=42.2m答：（1）运动员在空中飞行的时间t为2.25s（2）A、B间的距离s为42.2m点评：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的规律，结合运动学公式灵活求解，基础题20如图所示，质量为m=0.1kg的有孔小球穿在固定的足够长的斜
49、杆上，斜杆与水平方向的夹角=37，球与杆间的动摩擦因数=0.2小球受到竖直向上的恒定拉力F=1.5N后，由静止开始沿杆斜向上做匀加速直线运动（1）求小球的加速度大小；（2）经过t=4s后撤去拉力，求小球还能上滑的最大距离考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系 专题：牛顿运动定律综合专题分析：对小球进行受力分析，在直于斜面的方向上受力平衡，求出支持力，根据滑动摩擦力的公式即可求得滑动摩擦力；在沿斜面方向上由牛顿第二定律即可求得加速度；根据速度公式求出撤去F时小球的速度，根据牛顿第二定律求出小球撤去F后的加速度，则由速度位移公式可求小球能上滑的最大距离解答：解：（1）小球受力如右图所
50、示，在垂直于斜面的方向上，有：FcosmgcosN=0 所以：f=N=0.08N 由牛顿第二定律，在沿斜面方向上，有：Fsinmgsinf=ma 解得：a=2.2m/s2（3）t=4s时，v0=at=2.24=8.8m/s撤去F后，小球匀减速运动，加速度为：a=gsin+gcos=7.6m/s2则由，得：=5.09m答：（1）小球的加速度大小为2.2m/s2；（2）小球还能上滑的最大距离为5.09m点评：本题主要考查了牛顿第二定律及匀加速直线运动位移时间公式的直接应用，要求同学们能正确对小球进行受力分析，难度不大，属于基础题21如图所示，传送带长6m，与水平方向的夹角=37，以5m/s的恒定速
51、度向上运动一个质量为2kg的物块（可视为质点），沿平行于传送带方向以10m/s的速度滑上传送带，已知物块与传送带之间的动摩擦因数=0.5求：（1）物块刚滑上传送带时的加速度大小；（2）物块到达传送带顶端时的速度；（3）物块滑到传送带顶端所用的时间考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系 专题：牛顿运动定律综合专题分析：根据物体相对传送带滑动的方向确定出摩擦力的方向，结合牛顿第二定律求出物块刚滑上传送带时的加速度大小根据速度时间公式以及位移公式求出物块速度达到传送带速度时的位移，判断物体在速度与传送带速度相等时，是否到达最高点，若未到达最高点，再结合牛顿第二定律求出加速度的大小，结合
52、速度位移公式求出到达最高点的速度解答：解：（1）物块刚滑上传送带时，物块的加速度大小为a1，由牛顿第二定律有：mgsin37+mgcos37=ma1代入数据解得：a1=gsin37+gcos37=100.6+0.5100.8=10m/s2；（2）设物块速度减为5m/s所用时间为t1，则v0v=a1t1解得：t1=0.5s通过的位移：x1=3.75m6 m 因tan，此后物块继续减速上滑的加速度大小为a2则：mgsin37mgcos37=ma2代入数据解得：a2=2m/s2设物块到达最高点的速度为v1，则：v2v12=2a2x2x2=lx1=2.25m解得：v1=4m/s此过程经历：时间t2=0.5s故全程用时：t=t1+t2=1s答：（1）物块刚滑上传送带时的加速度大小为10m/s2；（2）物块到达传送带顶端时的速度为4m/s；（3）物块滑到传送带顶端所用的时间为 1s点评：解决本题的关键理清物块在传送带上的运动规律，结合牛顿第二定律和运动学公式灵活求解
