1、绝密启用前淇滨高中2020-2021学年上学期第四次周考高一物理试卷考试时间：60分钟；分值110分，一、单选题（共8道小题，每题6分，共48分，1-5题单选，6-8多选，选对一个选项得3分，多选或选错不得分。）1从波兰中部城市罗兹往返四川成都的直达火车线路“蓉欧快铁”开通于2013年，全长9826公里，行车时间约13天，比历时40至50天的海路运输快许多，关于“蓉欧快铁”，下列说法正确的是（）A列车长度太长，质量太大，任何时候都不能看成质点B研究“蓉欧快铁”线路上的班列行程时，可以将班列看成质点C分析班列通过阿拉山口的时间时，可以将班列看成质点D只要班列处于运动状态，就可以看成质点2如图甲所
2、示，火箭发射时，其速度能在10s内由0增加到100m/s，如图乙所示的速度行驶，汽车以30m/s的速度行驶，急刹车时能在2.5s内停下来。下列说法正确的是（）A10s内火箭的速度改变量为10m/sB2.5s内汽车的速度改 变量为30m/sC火箭的速度变化比汽车快D火箭的加速度比汽车的加速度小3如图所示为一质点从时刻开始,做初速度为零的匀加速直线运动的位移时间图象,图中虚线为经过时对应的图象的点的切线,交时间轴于处,由此可知该质点做匀加速运动的加速度为()ABCD4如图所示，在的水平桌面上向右运动的物体，质量为20 kg，在运动过程中，还受到一个方向向左的大小为10 N的拉力作用，则物体受到的滑
3、动摩擦力为（）（） A10 N，向右B10 N，向左C20 N，向右D20 N，向左5如图所示，AB、AC两光滑斜面互相垂直。AC与水平方向成30角。若把球O的重力G按照其作用效果分解，则两个分力的大小分别为（） AG，GB，GCG，GDG，G6如图所示，是一直升机通过软绳打捞河中物体，物体质量为m，由于河水的流动将物体冲击使软绳偏离竖直方向，当直升机相对地面静止时，绳子与竖直方向成角度不变，下列说法正确的是A绳子的拉力为 mg/cosB绳子的拉力可能少于mgC物体受到河水的作用力等于绳子拉力的水平分力D物体受到河水的作用力大于绳子拉力的水平分力7如图所示，用轻绳悬挂于运动小车里的小球向左偏离
4、竖直方向角，则小车可能的运动情况是（）A向右加速运动B向右减速运动C向左加速运动D向左减速运动8如图所示，AB两物体靠在一起静止于粗糙水平面上，质量分别为mA=1kg，mB=4kg，AB与水平面间的动摩擦因数均为0.6（设最大静摩擦力约等于滑动摩擦力），g取10m/s2，若用水平力FA=6N推A物体，则下列说法中正确的是（ ）AA对B的水平推力为6NBB物体受4个力作用CA物体受到沿水平面向左的摩擦力，大小为6ND若FA变为40N，则A对B的推力为32N二、填空题（每空2分，共6分）9一根轻弹簧的伸长量跟所受的外力F之间的关系如图所示，试求：(1)弹簧的劲度系数=_；(2)若弹簧原长，当把弹簧
5、压缩到长时，需要的压力=_N；(3)若弹簧原长，如果用的拉力（仍在弹性限度内），弹簧长度是_。三、实验题（每空2分 共8分）10在“探究加速度与力、质量的关系”实验中，采用如图甲所示的装置。(1)本实验应用的实验方法是_A控制变量法 B假设法 C理想实验法(2)下列说法中正确的是_A在探究加速度与质量的关系时，应改变小车所受拉力的大小B在探究加速度与外力的关系时，应改变小车的质量C在探究加速度与质量的关系时，作出a1m图象容易更直观判断出二者间的关系D无论在什么条件下，细线对小车的拉力大小总等于砝码盘和砝码的总重力大小(3)在探究加速度与力的关系时，若取车的质量M0.5kg，改变砝码质量m的值
6、，进行多次实验，以下m的取值最不合适的一个是_Am14g Bm210g Cm340g Dm4500g(4)在平衡小车与长木板之间摩擦力的过程中，打出了一条纸带如图乙所示。计时器打点的时间间隔为0.02s。从比较清晰的点起，每5个点取一个计数点，量出相邻计数点之间的距离，根据图中给出的数据求出该小车的加速度a=_m/s2(结果保留两位有效数字)。四、解答题（共4道大题，共48分）11（10分）某人骑自行车以6m/s的速度匀速前进，某时刻在其前面4m处以10m/s速度同向运行的汽车，以2m/s2的加速度减速前进，以汽车开始关闭发动机时刻开始计，求：（1）汽车减速到6m/s需要经过多长时间? 汽车前
7、进多少距离？（2）此时自行车落后汽车多少距离？12（12分）如图，某同学用大小为100 N的拉力拉动一个26 kg的行李箱沿水平地面匀速前进，拉力与水平方向的夹角为37。已知sin 37=0.6，cos 37=0.8，取重力加速度g=10 m/s2。求：(1)行李箱受到的摩擦力大小；(2)行李箱对地面的压力大小；(3)行李箱与地面间的动摩擦因数。13（12分）短跑运动员进行体能训练，质量M=69kg的运动员腰部系着不可伸长的轻绳，绳长L=2m，拖着质量m=22kg的轮胎。最初绳子绷紧，运动员从百米跑道的起点由静止开始，沿着笔直的跑道加速奔跑，绳与水平跑道的夹角是37，5s末绳突然断裂，运动员保
8、持绳断时的速度跑到百米跑道的终点。轮胎运动的图像如图所示，运动员的跑鞋与地面不打滑，不计空气阻力，g取，求：（1）绳上的拉力大小；（2）运动员冲过终点线时与轮胎之间的距离。14（14分）如图所示，煤矿有一传送带与地面夹角=，从A到B长度达到L=44m，传送带以v0=10m/s的速率逆时针转动。在传送带上端A无初速地放一个质量为m=0.5kg的黑色煤块，它与传送带之间的动摩擦因数为=0.5。煤块在传送带上经过会留下黑色痕迹。已知sin=0.6，g=10m/s2，求：(1)煤块从A到B的时间；(2)煤块从A到B的过程中传送带上形成痕迹的长度。参考答案1B【详解】AB分析列车总运行时间和总里程的时候
9、班列的大小可以忽略，可以看作质点，A错误，B正确；CD列车的长度和阿拉山口比较不能忽略不计，列车不能看作质点，CD错误。故选B。2D【详解】A火箭的速度改变量为，故A错误；B汽车的速度改变量为，故B错误；CD根据得：火箭的加速度为：，汽车的加速度为：所以火箭的加速度比汽车的加速度小，火箭的速度变化比汽车慢，所以C错误，D正确。故选D。3B【解析】位移时间图象的斜率表示速度，由图象得时刻的速度,根据匀加速直线运动速度时间公式,解得,选B.4D【分析】由题可知本题考查滑动摩擦力的大小与方向。【详解】物体受到的滑动摩擦力方向与相对水平桌面的运动方向相反，即向左，大小为所以D正确，ABC错误。故选D。
10、5B【详解】根据重力压两个光滑斜面的作用效果，将重力分解为与两斜面分别垂直的G1和G2，根据平行四边形定则作出力的示意图，如图所示由几何关系可得故选B。6BD【详解】A设物体受绳子的拉力为F，浮力为F浮，水的水平冲力为Ff，受力图如图所示，由平衡条件可得FsinFfFcosF浮mg故绳子的拉力Fmg/cos，A错误.B因F浮未知，故B正确.CD物体受河水的作用力为F浮和Ff的合力，一定大于Fsin，故C错误，D正确.故选BD。7AD【详解】A.由图可知，小球的加速度与小车的加速度相同，小球受绳子的拉力与重力，两个力的合力与小车合力相同沿水平方向向右，所以小车的加速度水平向右，故选项A正确；BC
11、.向右减速运动和向左加速运动，加速度都向左，与题意不符，故选项BC错误；D.向左匀减速运动，加速度也向右，故选项D正确。故选AD。8CD【详解】ABC将AB看做一个整体，整体要想发生滑动推力必须不小于所以整体仍处于静止状态，要使A发生滑动，摩擦力为即A在推力的作用下恰好处于静止状态，B对A没有力的作用，否则合力不能为零，故AB之间没有力的作用，A受到向右的推力和向左的摩擦力作用处于静止状态，所以摩擦力大小为6N，B在水平方向上不受力，即只受重力和支持力作用，AB错误C正确；D若FA变为40N，大于30N，整体运动， F的作用下做匀加速运动，对B受力分析，根据牛顿第二定律得解得故D正确故选CD。
12、91500N/m 300N 100cm 【详解】(1)1从图象可以看出弹簧的形变量与弹簧受到的力成正比，由胡克定律，整理得由公式可看出图象的斜率等于劲度系数的倒数，所以弹簧的劲度系数(2)2若弹簧原长l0=60cm，当把弹簧压缩到40cm长，此时弹簧的压缩量由胡克定律可得(3)3如果用600N的拉力，由胡克定律可得，弹簧被拉长所以弹簧的总长度为10A C D 0.16 【解析】【详解】（1）本实验采取的是控制变量法研究加速度与力、质量的关系，研究加速度与力的关系，要保持质量不变，同理研究加速度与质量关系，要保证受力不变，故选A（2）A.采用控制变量法，所以在探究加速度与质量的关系时，应保证改变
13、小车所受拉力的大小不变，A错误B.在探究加速度与外力的关系时，应保证改变小车的质量不变，B错误C.因为加速度与质量成反比，图像是曲线，但曲线不一定是反比关系，而如果a1m图像是直线，则说明加速度与质量反比关系，更准确。C正确D.因为小车加速的同时，砝码盘和砝码也同时加速，所以细线对小车的拉力大小总小于砝码盘和砝码的总重力大小，D错误（3）实验要保证砝码盘和砝码的总质量远小于小车质量，以使绳对小车拉力近似等于砝码盘和砝码的总重力，所以车的质量M0.5kg，则砝码质量m应远小于500g，故D项不适合，选D（4）每5个点取一个计数点，可知相邻点间的时间t=5T=0.1s，根据x=at2得到：x=2a
14、(t)2即：a=x2(t)2=(3.833.52)10220.12m/s20.16m/s211（1）2s；16m（2）8m【详解】（1）设汽车由v0=10m/s减速到v=6m/s需要经过时间t由代入数据解得：t=2s2s内汽车位移x2代入数据解得x2=16m（2）设此时两车相距x，则自行车2s内的位移为：代入数据解得x1=12m 则有：m12(1)80 N；(2)200 N；(3)0.4【详解】(1)对行李箱进行受力分析如下图行李箱沿水平地面匀速前进，由平衡条件可知f=Fcos 37=100 N0.8=80 N(2)行李箱沿水平地面匀速前进，由平衡条件可知Fsin 37N=mg解得根据牛顿第三
15、定律可知行李箱对地面的压力大小N=N=200 N。(3)由f=N解得=0.413（1）140N；（2）66.6m【详解】（1）设轮胎与地面的动摩擦因数为，加速阶段的加速度为，减速阶段的加速度为，绳上张为，加速时地面的支持力为，由图像可得，对轮胎，减速过程中，根据牛顿第二定律有加速过程，对轮胎受力分析，根据牛顿第二定律有其中联立上式，代入数据可得（2）由可知，轮胎加速阶段的位移为轮胎减速阶段的位移为运动员的位移为，运动员开始与轮胎之间的距离为运动员冲过终点线时与轮胎之间的距离为14(1)4s；(2)9m【详解】(1)煤块刚放在传送带上时，对煤块，由牛顿第二定律得解得煤块加速至与传送带速度相等时需要的时间煤块的位移由于煤块与传送带速度相等后继续沿传送带向下加速运动，对煤块，由牛顿第二定律得解得设煤块在经过时间t2到达B，则代入数据解得t2=3s煤块从A到B的运动时间t=t1+t2=1s+3s=4s(2)第一阶段传送带位移第一阶段相对位移第二阶段相对位移9m5m，痕迹为9m（第二阶段的划痕覆盖原来划痕）
