1、2020-2021年高二化学上学期期中模拟卷02 (人教选修4)可能用到的相对原子质量:H-1 C-12 N-14 O-16 Na-23 Mg-24 Al-27 S-32一、选择题:本题共16个小题,每小题3分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1已知充分燃烧ag乙炔气体时生成1mol二氧化碳气体和液态水,并放出热量bkJ,则乙炔燃烧的热化学方程式正确的是( )A2C2H2(g)5O2(g)=4CO2(g)2H2O(l) H2bkJmol1BC2H2(g)O2(g)=2CO2(g)H2O(l) H2bkJmol1C2C2H2(g)5O2(g)=4CO2(g)2H2O(l) H
2、4bkJmol1D2C2H2(g)5O2(g)=4CO2(g)2H2O(l) HbkJmol1【答案】C【解析】乙炔气体完全燃烧生成1mol二氧化碳气体和液态水,并放出热量bkJ,则2mol乙炔气体完全燃烧生成4mol二氧化碳气体和液态水,放出热量4bkJ,燃烧放热,焓变为负值,乙炔燃烧的热化学方程式2C2H2(g)5O2(g)=4CO2(g)2H2O(l) H4bkJmol1,故选C。2控制变量是科学研究的重要方法。向2mLH2O2溶液中滴入2滴1mol/L FeCl3溶液,下列条件下分解速率最快的是( )选项H2O2溶液的物质的量浓度/ molL-1反应的温度/A15B45C140D440
3、【答案】D【解析】在使用同一浓度的催化剂情况下,H2O2浓度越大,反应的温度越高,反应的速率越快;满足条件的为D组中的情况;正确选项D。3下图表示某可逆反应在其他条件相同时使用和未使用催化剂,反应过程和能量的对应关系。下列说法一定正确的是( )A该反应为吸热反应Ba与b相比,a的反应速率更快Ca与b相比,反应的平衡常数一定不同D反应物的总能量大于生成物的总能量【答案】D【解析】图中看出,生成物的能量低于反应物能量,所以是放热反应,选项A错误。活化能越小反应速率应该越快,所以b的活化能更小,速率更快,选项B错误。反应的平衡常数只与温度有关,所以是否使用催化加,平衡常数都是一样的,选项C错误。从图
4、中明显看出反应物的总能量大于生成物的总能量,选项D正确。4用NA表示阿伏加德罗常数的值。下列叙述正确的是( )A0.1 mol乙烯分子中,电子总数为2.8NAB1mol乙醇在O2中完全燃烧,电子转移数目为6NAC室温下,26.0 g乙炔和苯乙烯的混合物中含有的碳原子数目为2 NAD标准状况下,22.4 L甲酸中含有的氧原子数为2.0 NA【答案】C【解析】0.1 mol乙烯分子中,含有电子数为0.1(62+41)NA=1.6NA,A错误;乙醇中碳由-2价升高到+4价,1mol乙醇中含有2个碳,所以1mol乙醇在氧气中完全燃烧,转移电子数为12NA,B错误;乙炔与苯乙烯的最简式为CH,26.0g
5、乙炔和苯乙烯的混合物,最简式的物质的量为26/13=2mol,故含有碳原子数目为2NA, C正确;标准状况下,甲酸为液态,无法用气体摩尔体积进行计算,D错误;正确选项C。5下列电离方程式中,正确的是( )AH2CO32HCO32BBa(OH)2 Ba22OHCCH3COOH CH3COOHDHClOHClO2【答案】C【解析】A. H2CO3是二元弱酸,电离应分两步进行,不能一步完成,A错误;B. Ba(OH)2是强电解质,反应物与生成物间应使用“=”,B错误;C. 醋酸是弱电解质,发生部分电离,C正确;D. HClO是弱酸,发生部分电离,且ClO不能拆开,D错误。6100时KW=110-12
6、mol2/L2,下列对纯水的叙述正确的是( )ApH=6,显弱酸性B c(H+)=10-6mol/L,显中性CKW是常温时的倍D常温下,pH=6的溶液为中性【答案】B【解析】A100时KW=110-12mol2/L2,纯水中只有水电离出的氢离子和氢氧根离子,两者浓度一定相等,所以有c(H+)= c(OH-)=10-6mol/L,故pH=-lgc(H+)=6,此时溶液显中性,A叙述错误;B100时,纯水中c(H+)= c(OH-)=10-6mol/L,B叙述正确;C常温时KW=110-14mol2/L2,所以100时的KW是常温时的102倍,C叙述错误;D常温时KW=110-14mol2/L2,
7、此时中性溶液的pH=7,D叙述错误。7下列化学原理的应用,主要用沉淀溶解平衡原理解释的是()热纯碱溶液的洗涤油污能力强误将钡盐BaCl2、Ba(NO3)2当作食盐混用后,常用0.5%的Na2SO4溶液解毒溶洞、珊瑚的形成碳酸钡不能作“钡餐”而硫酸钡则能泡沫灭火器灭火的原理A B C D【答案】B【解析】碳酸钠是强碱弱酸盐,因为水解使其溶液呈碱性,碱能促进油脂水解;水解是吸热过程,加热有利于水解平衡正向移动,故热纯碱溶液洗涤油污的能力比冷纯碱溶液强,应用了盐类水解原理,不选;钡离子有毒,所以可溶性的钡盐有毒,钡离子和硫酸根离子反应生成不溶于酸和水的硫酸钡,即易溶性的物质能向难溶性的物质转化,所以
8、可以用沉淀溶解平衡原理来解释,可选;水中含有钙离子,空气中有二氧化碳,二氧化碳和水反应生成碳酸,碳酸和钙离子反应生成难溶性的碳酸钙,长时间反应,形成溶洞,所以可以用沉淀平衡原理来解释,可选;碳酸钡能和盐酸反应生成氯化钡和二氧化碳、水,硫酸钡和盐酸不反应,所以碳酸钡不能做“钡餐”而硫酸钡则能,可以用沉淀平衡原理来解释,可选;碳酸氢钠水解使其溶液呈碱性,硫酸铝水解使其溶液呈酸性,氢离子和氢氧根离子反应生成水,则碳酸氢钠和硫酸铝相互促进水解,从而迅速产生二氧化碳,所以可以用盐类水解原理来解释泡沫灭火器灭火的原理,不选;因此能用沉淀溶解平衡原理来解释的是,答案选B。8已知重铬酸钾(K2Cr2O7)溶液
9、中存在如下平衡:Cr2 O7 2-(橙色)+H2O 2H+2CrO4 2-(黄色)向 2 mL 0.1 molL-1 K2Cr2O7 溶液中滴入 3 滴 6 molL-1 NaOH 溶液,溶液由橙色变为黄色;向所得溶液中再滴入 5 滴浓 H2SO4,溶液由黄色变为橙色。向 2 mL 0.1 molL-1 酸化的K2Cr2O7溶液中滴入适量(NH4)2Fe(SO4)2 溶液,溶液由橙色变为绿色, 发生反应:Cr2 O7 2-+14 H+ 6Fe2+=2Cr3+(绿色) +6Fe3+7H2 O。下列分析正确的是( )A实验能说明氧化性:K2Cr2O7Fe3+B实验和均能证明K2Cr2O7溶液中存在
10、上述平衡CCrO4 2-和 Fe2+在酸性溶液中可以大量共存D稀释 K2Cr2O7溶液时,溶液中各离子浓度均减小【答案】A【解析】A、反应中Cr2O72-+14H+6Fe2+2Cr3+(绿色)+6Fe3+7H2O,氧化剂的氧化性大于氧化产物,所以实验能说明氧化性:Cr2O72-Fe3+,选项A正确;B、加入氢氧化钠溶液,溶液由橙色变为黄色,说明平衡正向进行,加入硫酸溶液由黄色变为橙色,说明平衡逆向进行,说明加入酸碱发生平衡移动,实验能证明K2Cr2O7溶液中存在上述平衡,实验生成了铬离子使溶液呈绿色,不能证明K2Cr2O7溶液中存在上述平衡,选项B错误;C、CrO42-具有氧化性,在酸性溶液中
11、能氧化亚铁离子,故CrO42-和Fe2+在酸性溶液中不可以大量共存,选项C错误;D、稀释K2Cr2O7溶液时,平衡状态下离子浓度减小,氢离子浓度减小,由离子积不变可知,氢氧根离子浓度增大,选项D错误;9常温下,某溶液中由水电离产生的c(OH)水11013molL1,下列一定能大量共存的离子组是( )ANa、Fe2、NO3、ClBK、Na、Cl、HCO3CK、Na、Cl、NO3DCH3COO、NH4、SO42、NO3【答案】C【解析】某溶液中由水电离产生的c(OH)水11013molL1,说明水的电离受到抑制,溶液可能为酸性溶液,也可能为碱性溶液。A. 若溶液呈酸性,Fe2、NO3不能大量共存;
12、若溶液呈碱性,Fe2+不能大量共存,A不合题意;B. 不管溶液呈酸性还是碱性,HCO3都不能大量存在,B不合题意;C. 不管溶液呈酸性还是碱性,K、Na、Cl、NO3都能大量存在,C符合题意;D. 在酸性溶液中,CH3COO不能大量存在,在碱性溶液中,NH4不能大量存在,D不合题意。10对常温下pH3的CH3COOH溶液,下列叙述不正确的是( )A根据电荷守恒可知溶液中:c(H)c(CH3COO)c(OH)B滴入NaOH浓溶液,溶液导电性增强C该溶液中由H2O电离出的c(H)是1.01011molL1D加入少量CH3COONa固体后,CH3COOH电离逆向移动,c(CH3COOH)降低【答案】
13、D【解析】A. 在醋酸溶液中,存在CH3COO-、H+、OH-,根据电荷守恒:c(H+)=c(CH3COO)+c(OH),A正确;B. 滴入NaOH浓溶液,生成CH3COONa,发生完全电离,增大了溶液中的离子浓度,从而使溶液的导电性增强,B正确;C. 该溶液中,由H2O电离出的c(H+)=1.01011molL1,C正确;D. 加入少量CH3COONa固体后,虽然CH3COOH电离平衡逆向移动,使c(CH3COOH)增大,D错误。11当今世界面临日益加剧的能源危机,下列关于能源的描述不正确的是( )A提高燃料的利用效率是解决能源危机的方向B正在探索的新能源有太阳能、氢能、风能、海洋能和生物质
14、能等C新能源的优点是可以再生、没有污染或者很少污染D燃烧热是评价燃料优劣的唯一标准【答案】D【解析】A、解决能源问题的根本出路就是:节约能源,提高现有能源利用率,积极寻找和开发新能源,A正确;B、要积极开发新能源,寻找替代传统和常规能源,所以人们正在探索的新能源有太阳能、氢能、风能、海洋能和生物质能等,故B正确;C、新能源相对于化石燃料来讲,资源丰富、可以再生、污染轻,对环境友好,故C正确;D、评价燃料的优劣还应当考虑到是否对环境有污染,故D错误;12常温下下列是几种弱酸的电离平衡常数:CH3COOHH2SHClO1.810-5K1=1.310-7K2=7.110-154.6910-11下列说
15、法正确的是( )A同物质的量浓度的Na2S、NaClO、CH3COONa溶液,pH最大的是NaClO溶液B同物质的量浓度的H2S、HClO、CH3COOH溶液,酸性最强的是CH3COOHC同物质的量浓度的S2-、HS-、ClO-、CH3COO-结合H+能力最强的是ClO-DCH3COOH溶液与Na2S溶液不能反应生成NaHS【答案】B【解析】根据电离平衡常数得到酸性为:CH3COOHH2SHClOHS-,根据越弱越水解得到离子的水解能力为:CH3COOHSClOS2,所以同物质的量浓度的Na2S、NaClO、CH3COONa溶液,pH最大的是Na2S溶液,选项A错误。酸性为:CH3COOHH2
16、SHClOHS-,所以同物质的量浓度的H2S、HClO、CH3COOH溶液,酸性最强的是CH3COOH,选项B正确。阴离子结合氢离子的能力越强,实际就表示其水解能力越强(阴离子水解都是结合水电离的氢离子),根据上面的判断,水解能力最强的是S2,所以选项C错误。根据强酸制弱酸的原则,因为CH3COOHHS-,所以CH3COOH溶液与Na2S溶液能反应生成NaHS,选项D错误。13可逆反应2SO2(g)O2(g)2SO3(g)从正方向开始,并达到了平衡,此时SO2和O2的物质的量之比为21;若采取某种措施,导致SO2和O2又消耗了一些,并再次达到平衡,下列说法正确的是( )A新平衡体系中,SO2和
17、O2物质的量之比仍为21B平衡向正反应方向移动,原因是正反应速率增大,逆反应速率减小C新平衡体系与旧平衡体系比较,SO3的浓度肯定增大D若采取的措施是缩小容器的容积,则新旧平衡中SO2和O2的转化率之比都是11【答案】D【解析】A、SO2和O2减少的物质的量之比为21,但如果是向容器中通入氧气,则新平衡体系中,SO2和O2物质的量之比不一定为21,A错误;B、逆反应速率也可能增加,只是比正反应速率增加的少,B错误;C、把SO3移走一些,可以导致SO2和O2又消耗了一些,并再次达到平衡,此时SO3的浓度减少,C错误;D、若所采取的措施是缩小容器的容积,平衡向正反应方向移动,SO2和O2转化率增大
18、,之比11,D正确。14已知:N2(g) + 3H2(g)2NH3(g) H= 92 kJmol-1,下图表示L一定时,H2的平衡转化率()随X的变化关系,L(L1、L2)、X可分别代表压强或温度。下列说法中,不正确的是( )AX表示温度BL2L1C反应速率(M)(N)D平衡常数K(M)K(N)【答案】D【解析】A根据图像,随着X的增大,H2的平衡转化率()减小,X若表示温度,升高温度,平衡逆向移动,H2的平衡转化率()减小,故A正确;B相同温度条件下,压强越大,H2的平衡转化率()越大,L2L1,故B正确;C压强越大,反应速率越快,(M)(N),故C正确;D温度不变,平衡常数不变,故D错误;
19、15一定条件下,某容器中各微粒在反应前后变化的示意图如下,其中和代表不同元素的原子。关于此反应的说法不正确的是( )A反应物总能量一定低于生成物总能量B一定属于可逆反应C一定有非极性共价键断裂D一定属于氧化还原反应【答案】A【解析】由图可知,该反应中一种化合物分解为一种单质和另一种化合物。A. 由图无法判断该反应是放热反应还是吸热反应,故无法判断反应物总能量与生成物总能量的相对大小,A不正确;B. 充分反应后,还有反应物尚未分解,所以该反应一定属于可逆反应,B正确;C. 反应物分子中有非极性键,而生成的化合物中没有,所以反应过程中一定有非极性共价键断裂,C正确;D. 化合物分解后有单质生成,所
20、以一定属于氧化还原反应,D正确。本题选A。16今有室温下四种溶液,下列有关叙述不正确的是() A和中分别加入适量的醋酸钠晶体后,两溶液的pH均增大B和两溶液等体积混合,所得溶液中c(H)c(OH)C分别加水稀释10倍,四种溶液的pH:DV1L 与V2L 溶液混合后,若混合后溶液pH7,则V1K(350)。则该反应正向是_反应(填“放热”或“吸热”)。平衡后升高温度,SO2的转化率_(填“增大”、“减小”或“不变”)。(2)某温度下,SO2的平衡转化率()与体系总压强(P)的关系如图1所示。平衡状态由A变到B时,平衡常数K(A)_K(B)(填“”、“”或“=”,下同)。(3)保持温度不变,将等物
21、质的量的SO2和O2混合气平分两份,分别加入起始体积相同的甲、乙两容器中,保持甲容器恒容,乙容器恒压到达平衡(如图2)。两容器的SO2的转化率关系为甲_乙。(4)下图表示在密闭容器中二氧化硫的催化氧化反应达到平衡时,由于条件改变而引起反应速率和化学平衡的变化情况,ab过程中改变的条件可能是_;bc过程中改变的条件可能是_;若增大压强时,反应速率和化学平衡变化情况画在cd处。【答案】(1)提高氧气浓度,平衡正向移动,可以提高二氧化硫的转化率 (1分) 0.008molL1min1 (2分) 1600 (1分) 放热(1分) 减小 (1分) (2) = (1分)(3) (1分)(4)升温 (1分)
22、 减少SO3的浓度 (1分) 【解析】(1)采用过量O2的原因是提高氧气浓度,平衡正向移动,可以提高二氧化硫的转化率,故答案为提高氧气浓度,平衡正向移动,可以提高二氧化硫的转化率。5分钟时c(SO3)0.040mol/L,则二氧化硫的浓度减少0.040mol/L,所以5min时SO2的反应速率是是0.040mol/L/5min=0.008mol/(Lmin);平衡时氧气的浓度为0.060mol/2L-0.020mol/L=0.020mol/L,二氧化硫的浓度为0.10mol/2L-0.040mol/L=0.010mol/L,根据K=c(SO3)2/c(O2)c(SO2)2=0.042/(0.0
23、20.012)=1600,故答案为0.008mol/(Lmin),1600。已知:K(300)K(350),温度升高,平衡常数减小,说明正反应是放热反应,若反应温度升高,则平衡逆向移动,所以SO2的转化率减小;故答案为放热,减小。(2)状态A与状态B的温度相同,则平衡常数相等,故答案为=。(3)先假定甲、乙的体积都不变,达到平衡后再保持乙的压强不变,此反应是气体体积减小的反应,因此,待等体积达平衡后,欲保持乙的压强不变,就需要缩小体积,缩小体积时,乙的压强增大,平衡正向移动,所以,若甲容器中SO2的转化率为P%,则乙的SO2的转化率将大于甲的,即大于P%,故答案为。(4)a时逆反应速率大于正反
24、应速率,且正逆反应速率都增大,说明平衡应向逆反应方向移动,该反应的正反应放热,应为升高温度的结果,b时正反应速率不变,逆反应速率减小,在此基础上逐渐减小,应为减小生成物的原因,若增大压强时,平衡向正反应方向移动,则正、逆反应速率都增大,且正反应速率大于逆反应速率,图像应为:,故答案为升温,减少SO3的浓度,。19(10分)用H2O2、KI和洗洁精可完成“大象牙膏”实验(短时间内产生大量泡沫),某同学依据文献资料对该实验进行探究。(1)资料1:KI在该反应中的作用:H2O2IH2OIO;H2O2IOH2OO2I。总反应的化学方程式是_。(2)资料2:H2O2分解反应过程中能量变化如图所示,其中有
25、KI加入,无KI加入。下列判断正确的是_(填字母)。a. 加入KI后改变了反应的路径b. 加入KI后改变了总反应的能量变化c. H2O2IH2OIO是放热反应(3)实验中发现,H2O2与KI溶液混合后,产生大量气泡,溶液颜色变黄。再加入CCl4,振荡、静置,气泡明显减少。资料3:I2也可催化H2O2的分解反应。加CCl4并振荡、静置后还可观察到_,说明有I2生成。气泡明显减少的原因可能是:i. H2O2浓度降低;ii. _。以下对照实验说明i不是主要原因:向H2O2溶液中加入KI溶液,待溶液变黄后,分成两等份于A、B两试管中。A试管加入CCl4,B试管不加CCl4,分别振荡、静置。观察到的现象
26、是_。(4)资料4:I(aq)I2(aq)I3(aq) K640。为了探究体系中含碘微粒的存在形式,进行实验:向20 mL一定浓度的H2O2溶液中加入10mL 0.10molL1 KI溶液,达平衡后,相关微粒浓度如下:微粒II2I3浓度/(molL1)2.5103a4.0103a_。该平衡体系中除了含有I,I2,I3外,一定还含有其他含碘微粒,理由是_。【答案】(1)2H2O22H2OO2 (2分) (2) a (1分) (3) 下层溶液呈紫红色(1分) 在水溶液中I2的浓度降低 (1分) A试管中产生气泡明显变少;B试管中产生气泡速率没有明显减小(1分) (4) (2分) 2c(I2)c(I
27、)3c(I3)0.033molL1 (2分) 【解析】(1)H2O2IH2OIO,H2O2IOH2OO2I,把两式加和,即可得到总反应的化学方程式为2H2O22H2OO2。答案为:2H2O22H2OO2;(2)a. 加入KI后,一步反应分为两步进行,也就是改变了反应的路径,a正确;b. 加入KI后,反应物和生成物的能量都没有改变,b不正确;c. 由图中可知,H2O2IH2OIO的反应物总能量小于生成物总能量,所以该反应是吸热反应,c不正确。答案为:a;(3)加CCl4并振荡、静置后还可观察到下层溶液呈紫红色,说明有I2生成。答案为:下层溶液呈紫红色;气泡明显减少的原因可能是:i. H2O2浓度
28、降低;ii. 在水溶液中I2的浓度降低。以下对照实验说明i不是主要原因:向H2O2溶液中加入KI溶液,待溶液变黄后,分成两等份于A、B两试管中。A试管加入CCl4,B试管不加CCl4,分别振荡、静置。观察到的现象是H2O2溶液的浓度相同,但产生气泡的速率差异很大。答案为:在水溶液中I2的浓度降低;A试管中产生气泡明显变少,B试管中产生气泡速率没有明显减小;(4) ,由此可求出a=2.510-3mol/L。答案为:2.510-3;该平衡体系中除了含有I,I2,I3外,一定还含有其他含碘微粒,理由是原来溶液中,c(I-)=;现在溶液中,I,I2,I3中所含I的浓度和为2c(I2)c(I)3c(I3
29、)=22.510-3+2.510-3+34.010-3=0.01950.033,I不守恒,说明产物中还有含碘微粒。答案为:2c(I2)c(I)3c(I3)”、“”或“ = ”, 下同),该反应的H_0 。【答案】(1)C ;(2分)(2)2CO2(g)+6H2(g)=CH3OCH3(g)+3H2O(g) H =(2Q1+Q2-2Q3)kJmol-1;(2分)(3);(2分)。(2分)【解析】(1)A、消耗大量的电能,故错误;B、消耗大量的热能,故错误;C、太阳能是清洁能源,故正确;D、产生大量CO,天然气是化合燃料,故错误;(2)CO(g)+2H2(g)= CH3OH(g),2CH3OH(g)
30、= CH3OCH3(g)+H2O(g) ,CO(g)+H2O(g)= CO2(g)+H2(g),2CO26H2=CH3OCH33H2O,因此有22,得到:2CO2(g)+6H2(g)=CH3OCH3(g)+3H2O(g) H =(2Q1+Q2-2Q3)kJmol-1;(3)根据图像,随着温度的升高,CO的转化率降低,说明升高温度,平衡向逆反应方向移动,根据勒夏特列原理,正反应方向是放热反应,即Hp1。21(12分)氮是地球上含量丰富的一种元素,氮及其化合物在工农业生产、生活中有着重要作用。(1)上图是N2(g)和H2(g)反应生成1 mol NH3(g)过程中能量的变化示意图,请写出N2和H2
31、反应的热化学方程式:_。(2)若已知下列数据:化学键HHNN键能/kJmol1435943试根据表中及图中数据计算NH的键能:_ kJmol1。(3)用NH3催化还原NOx还可以消除氮氧化物的污染。已知:4NH3(g)3O2(g)=2N2(g)6H2O(g) H1a kJmol1N2(g)O2(g)=2NO(g)H2b kJmol1若1 mol NH3还原NO至N2,则该反应过程中的反应热H3_ kJmol1(用含a、b的式子表示)。(4)捕碳技术(主要指捕获CO2)在降低温室气体排放中具有重要的作用。目前NH3和(NH4)2CO3已经被用作工业捕碳剂,它们与CO2可发生如下可逆反应:反应:2
32、NH3(l)H2O(l)CO2(g) (NH4)2CO3(aq) H1反应:NH3(l)H2O(l)CO2(g) NH4HCO3(aq)H2反应:(NH4)2CO3(aq)H2O(l)CO2(g) 2NH4HCO3(aq)H3则H3与H1、H2之间的关系是H3_。【答案】(1)N2(g)3H2(g) 2NH3(g) H92 kJmol1 (3分) (2) 390 (3分) (3) (3分) (4) 2H2H1 (3分)【解析】氮是地球上含量丰富的一种元素,氮及其化合物在工农业生产、生活中有着重要作用。(1)根据图像得出生成1 mol NH3(g)的焓变H =254 kJmol1 - 300 k
33、Jmol1 =-46 kJmol1,N2和H2反应的热化学方程式:N2(g)3H2(g) 2NH3(g) H92 kJmol1 (2)设NH键键能为x kJmol1H = 断键吸收的热量 成键放出的热量 = 943 kJmol1 + 435 kJmol13 6x =92 kJmol1x = 390故答案为:390;(3)用NH3催化还原NOx还可以消除氮氧化物的污染。已知:4NH3(g)3O2(g)=2N2(g)6H2O(g) H1a kJmol1N2(g)O2(g)=2NO(g) H2b kJmol14NH3(g) 6NO(g) = 5N2(g) 6H2O(g) 要得到目标反应: - 3 即H (3ba)kJmol1若1 mol NH3还原NO至N2,则该反应过程中的反应热H3 kJmol1,故答案为:;(4)反应:2NH3(l)H2O(l)CO2(g) (NH4)2CO3(aq) H1反应:NH3(l)H2O(l)CO2(g) NH4HCO3(aq) H2反应:(NH4)2CO3(aq)H2O(l)CO2(g) 2NH4HCO3(aq) H3将第二个反应方程的2倍减去第一个方程得到方程三,H32H2H1,故答案为:2H2H1。