1、2015-2016学年新疆石河子二中高一（上）期末物理试卷一、选择题（本大题共13小题，每小题4分，共52分在每小题给出的四个选项中，第1-9题只有一项符合题目要求，第10-12题有多项符合题目要求全部选对的得4分，选对但不全的得2分，不选或有错选的得0分）1在国际单位制中关于力学的基本单位正确的一组是（）A克、分钟、千米B千克、小时、米C千克、秒、千米D千克、秒、米2物体同时受到同一平面内三个力作用，下列几组力的合力可能为零的是（）A1005N，1007N，2014NB500N，900N，300NC100N，500N，1000ND1000N，1000N，1000N3如图所示，一水桶上系有三条
2、绳子a、b、c，分别用它们提起相同的水时，下列说法中正确的是（）Aa绳受力最大Bb绳受力最大Cc绳受力最大D三条绳子受力一样大4如图，人静止站在测力计上，下列说法中正确的是（）A人对测力计的压力和测力计对人的支持力是一对平衡力B人对测力计的压力和测力计对人的支持力是一对作用力与反作用力C人所受的重力和人对测力计的压力是一对平衡力D人所受的重力和人对测力计的压力是一对作用力与反作用力5一个质点做方向不变的直线运动，加速度的方向始终与速度方向相同，但加速度的大小逐渐减小直至为零则在此过程中（）A速度逐渐减小，当加速度减小为零时，速度达最小值B速度逐渐增加，当加速度减小为零时，速度达最大值C位移逐渐
3、增大，当加速度减小为零时，位移将不再增大D位移逐渐减小，当加速度减小为零时，位移达最小值6甲、乙两物体先后从同一地点出发，沿一条直线运动，它们的vt图象如图所示，由图可知（）A甲比乙运动得快，且早出发，所以乙追不上甲Bt=20s时，乙追上了甲Ct=10s时，甲与乙间的间距最大D在t=20s之前，甲比乙运动得快，t=20s之后乙比甲运动得快7如图所示，一根弹簧其自由端B在未悬挂重物时指针正对刻度5，在弹性限度内当挂上80N重物时指针正对刻度45，若要指针正对刻度20，应挂重物是（）A40NB35.6NC20ND30N8如图为用索道运输货物的情景，已知倾斜的索道与水平方向的夹角为37，重物与车厢地
4、板之间的动摩擦因数为0.30当载重车厢沿索道向上加速运动时，重物与车厢仍然保持相对静止状态，重物对车厢内水平地板的正压力为其重力的1.15倍，sin 37=0.6，cos 37=0.8，那么这时重物对车厢地板的摩擦力大小为（）A0.35 mgB0.30 mgC0.23 mgD0.20 mg9电梯在t=0时由静止开始上升，运动的at图象如图所示（选取向上为正），电梯内乘客的质量m0=50kg，重力加速度g取10m/s2下列说法正确的是（）A第9s内乘客处于失重状态B18s内乘客处于平衡状态C第2s内乘客对电梯的压力大小为550ND第9s内电梯速度的增加量为1m/s10如图所示，A是一个质量为M的
5、盒子，B的质量为M，A，B用细绳相连，跨过光滑的定滑轮，A置于倾角为的斜面上，B悬于斜面之外而处于静止状态，现在向A中缓慢加入沙子，整个系统始终保持静止，则在加入沙子的过程中（）A绳子拉力逐渐增大BA对斜面压力逐渐增大CA所受摩擦力逐渐增大DA所受合力逐渐增大11物体以20m/s的速度大小竖直上抛，规定竖直向下为正方向，不计空气阻力，g取10m/s2则3s时间内物体的（）A路程为25 mB位移大小为5m，方向向下C速度改变量为30 m/sD平均速度为5 m/s，方向向上12如图所示，在原来静止的木箱内，放有A物体，A物体被伸长的弹簧拉住且静止现发现物体A被拉动，木箱的运动情况可能是（）A加速下
6、降B减速上升C匀速向右运动D加速向左运动13如图所示，用与竖直方向成角（45）的倾斜轻绳a和水平轻绳b共同固定一个小球，这时绳b的拉力为F1，现保持小球在原位置不动，使绳b在原竖直平面内逆时针转过角，绳b的拉力为F2，再逆时针转过角固定，绳b的拉力为F3，则（）AF1F2F3BF1=F3F2C绳a的拉力先减小后增大D绳a的拉力一直减小二、实验题：（共18分）14如图1所示，将打点计时器固定在铁架台上，使重物拖着纸带从静止开始自由下落，利用此装置可以测定重力加速度（1）所需器材有打点计时器（带导线）、纸带、复写纸、带铁夹的铁架台和带夹子的重物，此外还需（填字母代号）中的器材A直流电源、天平及砝码
7、B直流电源、毫米刻度尺C交流电源、天平及砝码D交流电源、毫米刻度尺（2）某同学通过此实验得到一条清晰的纸带，如图2所示，其中0、1、2、3、4是连续打出的几个点，相邻两点间的距离x1=6.04cm，x2=6.43cm，x3=6.81cm，x4=7.20cm（以下计算结果要求保留三位有效数字）由题中所给数据可求得重锤在打点3时的速度为v3=m/s根据这条纸带测出的重力加速度g的数值是m/s215在做“验证力的平行四边形定则”实验时：（1）要使每次合力与分力产生相同的效果，必须A每次将橡皮条拉到同样的位置 B每次把橡皮条拉直C每次准确读出弹簧秤的示数 D每次记准绳的方向（2）如图所示，是两位同学在
8、做“验证力的平行四边形定则”的实验时得到的结果，则其中同学实验结果比较符合实验事实16在探究加速度与力、质量的关系实验中，采用如图1所示的实验装置，小车及车中砝码的质量用M表示，盘及盘中砝码的质量用m表示，小车的加速度可由小车后拖动的纸带打上的点计算出（1）当M与m的大小关系满足时，才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘及盘中砝码的重力（2）一组同学在做加速度与质量的关系实验时，保持盘及盘中砝码的质量一定，改变小车及车中砝码的质量，测出相应的加速度，采用图象法处理数据为了比较容易地观测加速度a与质量M的关系，应该做a与的图象（3）某组同学实验得出数据，画出aF图象如图2所示，那么该组同学实验中出现
9、的问题可能是A实验中摩擦力没有平衡B实验中摩擦力平衡过度C实验中绳子拉力方向没有跟平板平行D实验中小车质量发生变化三、计算题：（本题共4个小题，共30分要求有必要的文字说明，只有结果不给分）17从离地50m的空中自由落下一个小球，取g=10m/s2，求：（1）经过多少时间落到地面（2）落地的速度（3）从开始落下的时刻起，在第1s内的位移、最后1s内的位移18质量为m=0.8kg的砝码悬挂在轻绳PA和PB的结点上并处于静止状态PA与竖直方向的夹角37，PB沿水平方向质量为M=10kg的木块与PB相连，静止于倾角为37的斜面上，如图所示（取g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8）
10、求：（1）轻绳PB拉力的大小； （2）木块所受斜面的摩擦力和弹力大小19如图所示，质量m=2kg的物体静止在水平地面上，物体与水平面间的动摩擦因数为0.5，现对物体施加一个大小F=20N、与水平方向夹角=37角的斜向上的拉力，已知sin37=0.6，cos37=0.8，取g=10m/s2求：（1）物体的加速度大小（2）物体在拉力作用下5s末的速度（3）若F作用t=5s后即撤除，此后物体还能运动多远20如图所示，倾角为的光滑斜面上放有一个质量为m1的长木板，当质量为m2的物块以初速度v0在木板上平行斜面向上滑动时，木板恰好相对斜面体静止已知物块在沿木板上滑的整个过程中，斜面体相对底面没有滑动求：
11、（1）物块沿木板上滑过程中，物块对木板的摩擦力；（2）物块沿木板上滑过程中，斜面体对地面的摩擦力；（3）物块沿木板上滑过程中，物块由速度v0变为时所用的时间和所通过的距离2015-2016学年新疆石河子二中高一（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本大题共13小题，每小题4分，共52分在每小题给出的四个选项中，第1-9题只有一项符合题目要求，第10-12题有多项符合题目要求全部选对的得4分，选对但不全的得2分，不选或有错选的得0分）1在国际单位制中关于力学的基本单位正确的一组是（）A克、分钟、千米B千克、小时、米C千克、秒、千米D千克、秒、米【考点】力学单位制【分析】国际单位制中力学
12、的基本单位的是千克、秒、米，克、分钟、小时、千米不是基本单位【解答】解：A、克、分钟、千米是常用单位，不是国际单位，故A错误B、千克、米是国际单位制中力学的基本单位，小时是常用单位，不是国际单位，故B错误C、千克、千米是常用单位，不是国际单位，故C错误D、在国际单位制中力学的基本单位分别为千克、秒、米，故D正确故选：D【点评】国际单位制规定了七个基本物理量和七个基本单位，这都是需要学生自己记住的2物体同时受到同一平面内三个力作用，下列几组力的合力可能为零的是（）A1005N，1007N，2014NB500N，900N，300NC100N，500N，1000ND1000N，1000N，1000N
13、【考点】力的合成【专题】定性思想；合成分解法；平行四边形法则图解法专题【分析】三力合成，先将其中的两个力合成，再与第三个力合成，合成时，三力同向合力最大，两个力合成的合力有个范围，用与第三个力最接近的数值与第三个力合成求最小合力【解答】解：A、1005N与1007N合成最大2012N，最小2N，不可能为2014N，故与第三个力不可能平衡，故A错误；B、500N和900N合成最大1400N，最小400N，不可能为300N时，故与第三个力不可能平衡故B错误；C、100N和500N合成最大600N，最小400N，不可能为1000N，故与第三个力不可能平衡，故C错误；D、1000N和1000N合成最大
14、2000N，最小0N，当取1000N时，与第三个力平衡，故D正确；故选：D【点评】三力平衡，三个力中任意两个力的合力必然与第三个力等值、反向、共线3如图所示，一水桶上系有三条绳子a、b、c，分别用它们提起相同的水时，下列说法中正确的是（）Aa绳受力最大Bb绳受力最大Cc绳受力最大D三条绳子受力一样大【考点】合力的大小与分力间夹角的关系【专题】平行四边形法则图解法专题【分析】对水桶而言，受到重力和绳子的两个拉力作用，根据平衡条件绳子拉力的合力与水桶重力相等，然后由平行四边形定则分析绳子的拉力与绳两侧夹角的关系【解答】解：对水桶研究：受到重力和绳子的两个拉力作用，根据平衡条件得知：两个拉力的合力与
15、重力平衡，大小等于重力，方向竖直向上根据两个分力大小一定时，夹角增大，合力减小可知，两个拉力的合力一定，夹角越小，绳子拉力越小，夹角越大，绳子拉力越大根据几何关系得绳子越长，夹角越小，夹角越小，绳子的拉力越小，而绳子越短，夹角越大，绳子的拉力越大，c绳子夹角最大，故c绳受力最大故选：C【点评】本题是简单的动态变化分析问题，也可以根据平衡条件得出拉力与两绳夹角的关系，再分析判断4如图，人静止站在测力计上，下列说法中正确的是（）A人对测力计的压力和测力计对人的支持力是一对平衡力B人对测力计的压力和测力计对人的支持力是一对作用力与反作用力C人所受的重力和人对测力计的压力是一对平衡力D人所受的重力和人
16、对测力计的压力是一对作用力与反作用力【考点】牛顿第三定律；力的合成与分解的运用【分析】人静止说明人受力平衡，人受到重力、支持力，二力平衡同时人对测力计的压力与测力计对人的支持力是一对作用力与反作用力【解答】解：A、人对测力计的压力和测力计对人的支持力是一对作用力与反作用力，故A错误 B、人对测力计的压力和测力计对人的支持力是一对作用力与反作用力，满足牛顿第三定律，故B正确 C、人所受的重力和人对测力计的压力，既不是一对平衡力，也不是作用力与反作用力力的性质不同，故C、D错误故选B【点评】本题考查了一对平衡力与一对作用力和反作用力的区别作用力与反作用力作用对象不同、力的性质相同5一个质点做方向不
17、变的直线运动，加速度的方向始终与速度方向相同，但加速度的大小逐渐减小直至为零则在此过程中（）A速度逐渐减小，当加速度减小为零时，速度达最小值B速度逐渐增加，当加速度减小为零时，速度达最大值C位移逐渐增大，当加速度减小为零时，位移将不再增大D位移逐渐减小，当加速度减小为零时，位移达最小值【考点】加速度【专题】直线运动规律专题【分析】加速度反应物体速度变化快慢的物理量，加速度与速度方向相同做加速运动，相反做减速运动【解答】解：加速度方向始终与速度方向相同，故物体做加速运动，加速度减小说明物体速度增加得变慢了，当加速度减小至0时物体速度达到最大，并以此速度做匀速运动所以物体的速度先增加后不变，速度方
18、向不变故位移始终增加所以ACD错误，B正确故选：B【点评】解决本题的关键是知道加速度与速度方向相同时物体做加速运动，加速度减小说明速度增加得变慢了，仍是加速运动6甲、乙两物体先后从同一地点出发，沿一条直线运动，它们的vt图象如图所示，由图可知（）A甲比乙运动得快，且早出发，所以乙追不上甲Bt=20s时，乙追上了甲Ct=10s时，甲与乙间的间距最大D在t=20s之前，甲比乙运动得快，t=20s之后乙比甲运动得快【考点】匀变速直线运动的图像【专题】追及、相遇问题【分析】解答本题应抓住：速度图象反映物体速度随时间的变化情况，可直接读出速度的大小；速度图象的“面积”大小等于物体通过的位移大小，根据位移
19、关系即可分析乙何时追上甲；根据速度的大小关系，判断两者距离的变化；【解答】解：A、由图可知：乙在010s内速度为零，甲先出发，但乙出发后做匀加速直线运动，甲做匀速直线运动，两物体出发地点相同，则乙可以追上甲故A错误B、C、D在1020s内，甲的速度大于乙的速度，甲比乙运动得快，甲在乙的前方，两者距离逐渐增大；20s后，乙的速度大于甲的速度，乙比甲运动得快，两者距离逐渐减小，在t=20s时刻两者距离最大故BC均错误，D正确故选D【点评】本题既考查理解速度图象的能力，也考查分析两物体运动情况的能力，往往当两物体速度相等时，相距最远或最近7如图所示，一根弹簧其自由端B在未悬挂重物时指针正对刻度5，在
20、弹性限度内当挂上80N重物时指针正对刻度45，若要指针正对刻度20，应挂重物是（）A40NB35.6NC20ND30N【考点】物体的弹性和弹力；力的合成与分解的运用【分析】根据胡克定律F=kx求出悬挂重物的重力【解答】解：当挂上80N重物时指针正对刻度45N，知弹簧形变量为455=40指针正对刻度20N时，弹簧的形变量为15因为k=，所以，解得：G=30N故选：D【点评】解决本题的关键掌握胡克定律F=kx，注意x为形变量，不是弹簧的长度8如图为用索道运输货物的情景，已知倾斜的索道与水平方向的夹角为37，重物与车厢地板之间的动摩擦因数为0.30当载重车厢沿索道向上加速运动时，重物与车厢仍然保持相
21、对静止状态，重物对车厢内水平地板的正压力为其重力的1.15倍，sin 37=0.6，cos 37=0.8，那么这时重物对车厢地板的摩擦力大小为（）A0.35 mgB0.30 mgC0.23 mgD0.20 mg【考点】牛顿第二定律；物体的弹性和弹力【专题】计算题；定量思想；图析法；牛顿运动定律综合专题【分析】对物体受力分析可知，物体在水平和竖直方向都有加速度，由牛顿第二定律可以求得竖直方向上的加速度的大小，进而可以求得水平方向上的加速度的大小，再次由牛顿第二定律可以求得摩擦力的大小【解答】解：由于重物对车厢内水平地板的正压力为其重力的1.15倍，在竖直方向上，由牛顿第二定律得：FNmg=ma竖
22、直，解得a上=0.15g，设水平方向上的加速度为a水平，则=tan37=，解得：a水平=0.2g，对物体受力分析可知，在水平方向上摩擦力作为合力产生加速度，由牛顿第二定律得：f=ma水=0.20mg，故D正确故选：D【点评】物体的水平和竖直方向的加速度之间的关系，是解决本题的关键，在本题中物体在水平和竖直两个方向上都是有加速度的9电梯在t=0时由静止开始上升，运动的at图象如图所示（选取向上为正），电梯内乘客的质量m0=50kg，重力加速度g取10m/s2下列说法正确的是（）A第9s内乘客处于失重状态B18s内乘客处于平衡状态C第2s内乘客对电梯的压力大小为550ND第9s内电梯速度的增加量为
23、1m/s【考点】牛顿运动定律的应用-超重和失重；匀变速直线运动的图像【专题】牛顿运动定律综合专题【分析】根据加速度的方向判断乘客的状态，当加速度方向向上时乘客处于超重状态根据牛顿第二定律求电梯对乘客的支持力，再求得乘客对电梯的压力加速度时间图象中，速度变化量等于图象的面积大小【解答】解：AB、由图可知，19s内电梯的加速度方向一直向上，乘客一直处于超重状态，故AB错误C、第2s内，根据牛顿第二定律得：Fmg=ma，得：F=m（g+a）=50（10+1）N=550N，由牛顿第三定律知，乘客对电梯的压力大小为：F=F=550N，故C正确D、在加速度时间图象中，图线与横轴所围的面积表示速度的变化量，
24、则第9s内电梯速度的改变量为0.5m/s，故D错误故选：C【点评】解决本题的关键要掌握超重和失重的条件，运用牛顿运动定律分析乘客的状态，由数学知识分析图象面积的意义10如图所示，A是一个质量为M的盒子，B的质量为M，A，B用细绳相连，跨过光滑的定滑轮，A置于倾角为的斜面上，B悬于斜面之外而处于静止状态，现在向A中缓慢加入沙子，整个系统始终保持静止，则在加入沙子的过程中（）A绳子拉力逐渐增大BA对斜面压力逐渐增大CA所受摩擦力逐渐增大DA所受合力逐渐增大【考点】共点力平衡的条件及其应用；摩擦力的判断与计算【专题】共点力作用下物体平衡专题【分析】绳子拉力等于B的重力，保持不变A对斜面的压力等于A及
25、沙子的总重力沿垂直于斜面的分力A所受的重力沿斜面向下的分力等于B的重力，当向A中缓慢加入沙子时，分析A受到的摩擦力方向，由平衡条件分析大小的变化A保持静止，合力为零，保持不变【解答】解：A、B始终处于静止状态，由平衡条件得知绳子拉力等于B的重力，保持不变故A错误B、A对斜面的压力等于A及沙子的总重力沿垂直于斜面的分力，随着沙子质量的增加，A对斜面的压力逐渐增大故B正确C、未加沙子时，A的重力沿斜面向下的分力与绳子的拉力大小关系不能确定，A的运动趋势方向不能确定，所以A可能不受静摩擦力，可能摩擦力沿斜面向下，也可能沿斜面向上当向A中缓慢加入沙子时，若A原来不受摩擦力或摩擦力沿斜面向上，由平衡条件
26、分析可知：随着沙子质量的增加，A所受的摩擦力逐渐增大若A原来的摩擦力沿斜面向下时，当向A中缓慢加入沙子时，A所受的摩擦力可能不断减小故C错误D、整个系统始终保持静止，A所受的合力为零，不变故D错误故选：B【点评】本题关键通过分析物体的受力情况，确定摩擦力的大小和方向不能产生低级错误，认为加沙子，A的合力增大11物体以20m/s的速度大小竖直上抛，规定竖直向下为正方向，不计空气阻力，g取10m/s2则3s时间内物体的（）A路程为25 mB位移大小为5m，方向向下C速度改变量为30 m/sD平均速度为5 m/s，方向向上【考点】竖直上抛运动；平均速度【分析】物体做竖直上抛运动，求解时路程和位移等物
27、理量时，我们可采用分段法或整体法进行求解，路程等于各段位移大小之和，速度的变化量由公式v=gt求，平均速度等于位移与时间之比【解答】解：AB、取竖直向下为正方向，则初速度 v0=20m/s，a=g=10m/s2物体上升阶段需要的时间，由：v=v0+at=0得： t=s=2s上升的最大高度：h=m=20m；故物体2s末恰好到达最高点；3s时间内物体的位移为 x=v0t+=203+=15m，即位移大小为15m，方向向上路程为 S=2h|x|=4015=25m故A正确，B错误C、竖直上抛运动是匀变速运动，速度改变量为：v=at=gt=30m/s，故C错误D、平均速度=5m/s，方向向上；故D正确；故
28、选：AD【点评】本题考查竖直上抛运动，处理方法有分段法和整体法，解题时选择合适的方法，例如本题要求求路程，故用分段法更合适12如图所示，在原来静止的木箱内，放有A物体，A物体被伸长的弹簧拉住且静止现发现物体A被拉动，木箱的运动情况可能是（）A加速下降B减速上升C匀速向右运动D加速向左运动【考点】牛顿运动定律的应用-超重和失重【专题】定性思想；推理法；牛顿运动定律综合专题【分析】对物体进行受力分析，可知物体在水平方向受弹力及摩擦力，只有摩擦力减小时物体才会向右运动，分析升降机的运动情况可得出摩擦力的变化是否符合题意【解答】解：A、物体水平方向受到弹簧的拉力及摩擦力而处于静止状态，弹簧伸长，故拉力
29、向右，摩擦力向左；因物体处于平衡状态故拉力等于摩擦力；现物体向右运动，而在动的瞬间弹力不变，故最大静摩擦力应减小，物体对接触面的压力应减小，由f=N知，物体应处于失重状态，故升降机加速度应向下，即物体应向下做加速运动或向上减速，故AB正确C、木箱向右匀速运动时，A对地面的压力不变，A不能被拉动故C错误；D、若木箱向左做加速运动，则A需要的向左的合力增大，若A受到的摩擦力减 拉力的差不足以提供需要的加速度，则A可能被弹簧拉动，相对于木箱向右运动故D正确故选：ABD【点评】本题的重点在于明确最大静摩擦力的影响因素，静摩擦力与压力无关，但最大静摩擦力与正压力是成正比的，故在其他条件不变的情况下，要减
30、小最大静摩擦力应使压力减小13如图所示，用与竖直方向成角（45）的倾斜轻绳a和水平轻绳b共同固定一个小球，这时绳b的拉力为F1，现保持小球在原位置不动，使绳b在原竖直平面内逆时针转过角，绳b的拉力为F2，再逆时针转过角固定，绳b的拉力为F3，则（）AF1F2F3BF1=F3F2C绳a的拉力先减小后增大D绳a的拉力一直减小【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用【专题】定性思想；图析法；共点力作用下物体平衡专题【分析】对小球受力分析，受到重力和两个拉力，三力平衡，合力为零；其中重力大小和方向都恒定，第二个力方向不变、大小变，第三个力大小和方向都可以变，运用合成法，通过作图分析【解答
31、】解：对小球受力分析，受到重力和两个拉力，三力平衡，如图：通过几何关系可知，力F2垂直与细线，故F1=F3F2 ；由图可知，绳a的拉力逐渐减小，故B、D正确，A、C错误故选：BD【点评】本题是三力平衡的动态分析问题，关键是运用合成法作图，结合几何关系得到各个力的关系二、实验题：（共18分）14如图1所示，将打点计时器固定在铁架台上，使重物拖着纸带从静止开始自由下落，利用此装置可以测定重力加速度（1）所需器材有打点计时器（带导线）、纸带、复写纸、带铁夹的铁架台和带夹子的重物，此外还需D（填字母代号）中的器材A直流电源、天平及砝码B直流电源、毫米刻度尺C交流电源、天平及砝码D交流电源、毫米刻度尺（
32、2）某同学通过此实验得到一条清晰的纸带，如图2所示，其中0、1、2、3、4是连续打出的几个点，相邻两点间的距离x1=6.04cm，x2=6.43cm，x3=6.81cm，x4=7.20cm（以下计算结果要求保留三位有效数字）由题中所给数据可求得重锤在打点3时的速度为v3=3.50m/s根据这条纸带测出的重力加速度g的数值是9.63m/s2【考点】测定匀变速直线运动的加速度【专题】实验题【分析】（1）在验证机械能守恒的实验中，验证动能的增加量与重力势能的减小量是否相等，所以要测重锤下降的距离和瞬时速度，测量瞬时速度和下降的距离均需要刻度尺，重锤的质量可以不测；（2）根据作匀变速直线运动的物体中间
33、时刻的瞬时速度等于该过程中的平均速度，可以求出某点的瞬时速度大小；作匀变速直线运动的物体在连续相等的时间内通过的位移差等于恒量即x=aT2，由此可以求出重力加速度的大小【解答】解：（1）打点计时器的工作电源是交流电源，在实验中需要刻度尺测量纸带上点与点间的距离从而可知道重锤下降的距离，以及通过纸带上两点的距离，求出平均速度，从而可知瞬时速度重锤的质量可以不测，故D正确，ABC错误；（2）作匀变速直线运动的物体中间时刻的瞬时速度等于该过程中的平均速度，因此有：v3=3.50m/s根据匀变速直线运动的推论公式x=aT2可得：x4x2=2a1T2x3x1=2a2T2a=9.63m/s2故答案为：（1
34、）D；（2）3.50，9.63【点评】要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用15在做“验证力的平行四边形定则”实验时：（1）要使每次合力与分力产生相同的效果，必须AA每次将橡皮条拉到同样的位置 B每次把橡皮条拉直C每次准确读出弹簧秤的示数 D每次记准绳的方向（2）如图所示，是两位同学在做“验证力的平行四边形定则”的实验时得到的结果，则其中甲同学实验结果比较符合实验事实【考点】验证力的平行四边形定则【分析】（1）该实验采用了“等效替代”法即要求两次拉橡皮筋时，要使橡皮筋产生的形变相同，即拉到同一位置（2）F1与F2合成的理论值是由平行四边形定
35、则作图得到的，由于误差可能不与OA共线；而F1与F2合成的实际值一定与OA共线（二力平衡），明确理论值和实际值的区别即可正确解答【解答】解：（1）要使每次合力与分力产生相同的效果，每次将橡皮条拉到同样的位置，即用一个力与用两个力的作用效果相同，故BCD错误，A正确；（2）用一个弹簧测力计拉橡皮条时，拉力的方向一定沿绳子方向，如甲图中的竖直方向；根据力的平行四边形定则作出的合力，作图法得到的合力一定在平行四边形的对角线上，由于误差的存在与实验值有一定的差别，即作图得出的合力方向与竖直方向有一定的夹角，故甲图符合实验事实故答案为：（1）A；（2）甲【点评】“验证力的平行四边形定则”实验中，我们要知
36、道分力和合力的效果是等同的，这要求同学们对于基础知识要熟练掌握并能正确应用，加强对基础实验理解16在探究加速度与力、质量的关系实验中，采用如图1所示的实验装置，小车及车中砝码的质量用M表示，盘及盘中砝码的质量用m表示，小车的加速度可由小车后拖动的纸带打上的点计算出（1）当M与m的大小关系满足Mm时，才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘及盘中砝码的重力（2）一组同学在做加速度与质量的关系实验时，保持盘及盘中砝码的质量一定，改变小车及车中砝码的质量，测出相应的加速度，采用图象法处理数据为了比较容易地观测加速度a与质量M的关系，应该做a与的图象（3）某组同学实验得出数据，画出aF图象如图2所示，那么该
37、组同学实验中出现的问题可能是BA实验中摩擦力没有平衡B实验中摩擦力平衡过度C实验中绳子拉力方向没有跟平板平行D实验中小车质量发生变化【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系【专题】实验题；牛顿运动定律综合专题【分析】（1）要求在什么情况下才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘和盘中砝码的重力，需求出绳子的拉力，而要求绳子的拉力，应先以整体为研究对象求出整体的加速度，再以M为研究对象求出绳子的拉力，通过比较绳对小车的拉力大小和盘和盘中砝码的重力的大小关系得出只有mM时才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘和盘中砝码的重力（2）反比例函数图象是曲线，而根据曲线很难判定出自变量和因变量之间的关系；正比例
38、函数图象是过坐标原点的一条直线，就比较容易判定自变量和因变量之间的关系（3）图中没有拉力时就产生了加速度，说明平衡摩擦力时木板倾角过大【解答】解：（1）根据牛顿第二定律得：mg=（M+m）a，解得：a=，则绳子的拉力F=Ma=，知当砝码总质量远小于滑块质量时，即Mm，滑块所受的拉力等于砝码的总重力；（2）根据牛顿第二定律F=Ma，a与M成反比，而反比例函数图象是曲线，而根据曲线很难判定出自变量和因变量之间的关系，故不能作aM图象；但存在关系：a=，故a与成正比，而正比例函数图象是过坐标原点的一条直线，就比较容易判定自变量和因变量之间的关系，故应作a图象；（3）图中没有拉力时就产生了加速度，说明
39、平衡摩擦力时木板倾角过大，故B正确故选：B故答案为：（1）Mm；（2）；（3）B【点评】本题关键掌握实验原理和方法，就能顺利解决此类实验题目，而实验步骤，实验数据的处理都与实验原理有关，故要加强对实验原理的学习和掌握三、计算题：（本题共4个小题，共30分要求有必要的文字说明，只有结果不给分）17从离地50m的空中自由落下一个小球，取g=10m/s2，求：（1）经过多少时间落到地面（2）落地的速度（3）从开始落下的时刻起，在第1s内的位移、最后1s内的位移【考点】自由落体运动【专题】自由落体运动专题【分析】（1）根据自由落体运动位移时间公式求出时间；（2）根据速度时间公式求解速度即可；（3）根据
40、位移时间关系公式求解第1s内的位移，计算出落地前1s之前的总位移，最后得到最后1s的位移【解答】解：（1）根据位移时间关系公式，有，解得3.16s；（2）根据速度时间公式，有；（3）物体第1s内的位移为；落地前1s之前的总位移23.3m故最后1s内的位移为h3=hh2=50m23.3m=26.7m答：（1）经过s时间落到地面；（2）落地的速度为10m/s；（3）从开始落下的时刻起，在第1s内的位移为5m、最后1s内的位移为26.7m【点评】本题主要考查了自由落体运动的基本公式的直接应用，难度不大，属于基础题18质量为m=0.8kg的砝码悬挂在轻绳PA和PB的结点上并处于静止状态PA与竖直方向的
41、夹角37，PB沿水平方向质量为M=10kg的木块与PB相连，静止于倾角为37的斜面上，如图所示（取g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8）求：（1）轻绳PB拉力的大小； （2）木块所受斜面的摩擦力和弹力大小【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用【专题】共点力作用下物体平衡专题【分析】（1）对物体G1受力分析，由共点力的平衡条件即可得出PB拉力的大小（2）对木块受力分析，并交PB的拉力分解，由共点力的平衡条件可得出木块受到的摩擦力和弹力【解答】解：（1）如图甲所示分析P点受力，由平衡条件可得：FA cos37=mgFA sin37=FB可解得：FB=6 N（2）
42、再分析G2的受力情况如图乙所示由物体的平衡条件可得：Ff=Mgsin37+FBcos37FN+FBsin37=Mg cos37由牛顿第三定律，有FB=FB可求得：Ff=64.8 NFN=76.4 N答：（1）PB的拉力为6N；（2）木块受到的摩擦力为64.8N，支持力为76.4N【点评】解决共点力平衡的题目，受力分析是关键，同时注意正确做出图象，三力平衡时可以用合成法，四力及以上时一般采用正交分解法19如图所示，质量m=2kg的物体静止在水平地面上，物体与水平面间的动摩擦因数为0.5，现对物体施加一个大小F=20N、与水平方向夹角=37角的斜向上的拉力，已知sin37=0.6，cos37=0.
43、8，取g=10m/s2求：（1）物体的加速度大小（2）物体在拉力作用下5s末的速度（3）若F作用t=5s后即撤除，此后物体还能运动多远【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系【专题】牛顿运动定律综合专题【分析】（1）物体受重力、拉力、支持力和摩擦力，根据牛顿第二定律求出物体的加速度大小（2）根据匀变速直线运动的速度时间公式v=at求出5s末的速度（3）由牛顿第二定律求的撤去外力后的加速度，由运动学公式求的滑行距离【解答】解：（1）在力F作用下，由牛顿第二定律得Fcosf=ma f=FNFsin+FN=mg 解得a=6m/s2（2）物体做匀加速运动V=at=65=30 m/s （3
44、）撤去外力后的加速度由牛顿第二定律可得mg=ma V2=2ax 解得x=90m 答：（1）物体的加速度大小为6m/s2（2）物体在拉力作用下5s末的速度为30m/s（3）若F作用t=5s后即撤除，此后物体还能运动90m【点评】加速度是联系力学和运动学的桥梁，通过加速度，可以根据力求运动，也可以根据运动求力20如图所示，倾角为的光滑斜面上放有一个质量为m1的长木板，当质量为m2的物块以初速度v0在木板上平行斜面向上滑动时，木板恰好相对斜面体静止已知物块在沿木板上滑的整个过程中，斜面体相对底面没有滑动求：（1）物块沿木板上滑过程中，物块对木板的摩擦力；（2）物块沿木板上滑过程中，斜面体对地面的摩擦
45、力；（3）物块沿木板上滑过程中，物块由速度v0变为时所用的时间和所通过的距离【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其应用【专题】牛顿运动定律综合专题【分析】（1）对木板受力分析，根据共点力平衡求出物块对木板的摩擦力；（2）求出木板对斜面体的压力，再对斜面体分析，根据平衡求出地面对斜面体的摩擦力；（3）根据牛顿第二定律求出物块的加速度，结合速度时间公式求出运动的时间，根据速度位移公式求出通过的距离【解答】解：（1）对木板受力分析，由平衡条件可知：f1=m1gsin，方向沿斜面向上（2）木板对斜面体的压力为：N=（m1+m2）gcos，所以斜面体对地面的摩擦力为：f2=（m1+m2）gsincos，方向水平向右（3）根据牛顿第二定律，由（1）可知，设物块的加速度为a，则有：f1+m2gsin=m2a即：（m1+m2）gsin=m2a设物块由速度v0变为时所用的时间和所通过的距离分别为t和d，由运动学规律可得：t=d=答：（1）物块对木板的摩擦力为m1gsin，方向沿斜面向上；（2）斜面体对地面的摩擦力为（m1+m2）gsincos，方向水平向右；（3）物块由速度v0变为时所用的时间为，通过的距离为【点评】本题考查了共点力平衡、牛顿第二定律和运动学公式的综合运用，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁，基础题2016年2月2日
