1、高考资源网（） 您身边的高考专家滚动检测(四)交变电流的产生及描述(时间：60分钟满分：100分)一、选择题(本题共10小题，每小题7分，共70分在每小题给出的四个选项中，至少有一个是正确的，全选对的得7分，选对但不全的得4分，有选错的得0分)1下列关于低频扼流圈和高频扼流圈的阻碍作用的说法中，正确的有()A低频扼流圈对低频交流电有很大的阻碍作用，对高频交流电的阻碍作用就更大B低频扼流圈对低频交流电有很大的阻碍作用，对高频交流电的阻碍作用就较小C高频扼流圈对高频交流电有很大的阻碍作用，对低频交流电的阻碍作用就更大D高频扼流圈对高频交流电有很大的阻碍作用，对低频交流电的阻碍作用就较小解析感抗跟电
2、感和交变电流的频率有关，电感越大、频率越高，感抗越大低频扼流圈电感很大对低频交流电就有很大的阻碍作用，对高频交流电的阻碍作用就更大，故A正确；高频扼流电感很小，高频扼流圈对高频交流电有很大的阻碍作用，对低频交流电的阻碍较小，故D正确答案AD2如图1所示，某电子电路的输入端输入电流既有直流成分，又有交流低频成分和交流高频成分若通过该电路只把交流的低频成分输送到下一级，那么关于该电路中各器件的作用，下列说法中正确的有()图1AL在此的功能为通直流，阻交流，叫高频扼流圈BC1在此的功能为通交流，隔直流，叫隔直电容CC2在此的功能为通高频、阻低频，叫做高频旁路电容D上述说法都不对解析电感线圈L的作用就
3、是通直流阻交流，C1的作用只能让交流通过，C2的作用就是将高频部分旁路；故B、C正确答案BC3(2012海淀高二检测)如图2所示为某电器中电路的一部分，当输入有直流成分、交流低频成分和交流高频成分的电流后，在其输出端得到可调大小的交流低频成分，那么有关各元器件作用的说法中，正确的有()图2AC1为高频旁路电容器，交流高频成分被该电容器短路BR为滑动变阻器，它的滑动片上下移动可以改变输出端电压的大小CC2为隔直电容器，交流低频成分通过该电容输出DC1的电容较大C2的电容较小解析根据题设要求等知：C1的作用是阻低频、隔直流，C2的作用是隔直流，又知频率相同时，电容越大，容抗越小，电容相同时频率越高
4、，容抗越小，C1的电容应较小，C2的电容较大只有D错答案ABC4(2012北京理综)一个小型电热器若接在输出电压为10 V的直流电源上，消耗电功率为P；若把它接在某个正弦交流电源上，其消耗的电功率为.如果电热器电阻不变，则此交流电源输出电压的最大值为()A5 V B5 V C10 V D10 V解析设电热器电阻为R，正弦交流电源的电压有效值为U效，接10 V直流电源时，P；接交流电源时，联立得U效5 V，故最大值UmU效10 V，C选项正确答案C5.如图3所示电路，U为直流电压，电路中有一个电阻和一个电容器，试分析说明在电路能够正常工作时，表A的读数_A的读数 (填“大于”“等于”或“小于”)
5、图3解析根据电容器的性质，可以得出直流电是不能通过电容器的，所以电路中的电流将全部通过电阻，两个电流表A，A的读数相同答案等于6.一个按正弦规律变化的交流电的图象如图4所示根据图象可知()该交变电流的频率是0.2 Hz该交变电流的有效值是14.1 A该交变电流的瞬时值表达式为i20sin(0.02t) A在t时刻，该交变电流的大小与其有效值相等图4A BC D解析由图象可知T0.02 s，频率f50 Hz.电流最大值Im20 A，故有效值为I10 A线圈转动的角速度2f100.瞬时值表达式为i20sin(100t) A将t代入瞬时值公式i20sin(1000.02) A10 A由以上可知正确答
6、案B7.一只矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁感线的轴匀速转动，穿过线圈的磁通量随时间的变化的图象如图5所示，则下列说法正确的是()图5At0时刻线圈平面与中性面垂直Bt0.1 s时刻，穿过线圈平面的磁能量的变化率最大Ct0.2 s时刻，线圈中有最大的感应电动势Dt0.3 s时刻，线圈中有最大的感应电动势解析矩形线圈在匀强磁场中匀速转动，当以线圈通过中性面为计时起点，感应电动势瞬时表达式为eEmsin t，此时穿过线圈的磁通量为最大值mBS，e0.而图示开始时0，但最大，则此时eEm.故正确答案为A、B、C.答案ABC8正弦交变电源与电阻R、交流电压表按照图6甲所示的方式连接，R10 ，交流电压表
7、的示数是10 V图6乙是交变电源输出电压u随时间t变化的图象则()图6A通过R的电流iR随时间t变化的规律是iRcos(100t) AB通过R的电流iR随时间t变化的规律是iRcos(50t) ACR两端的电压uR随时间t变化的规律是uR5cos(100t) VDR两端的电压uR随时间t变化的规律是uR5cos(50t) V解析由题图可知：uUmcos t，100而交流电压表的示数是有效值，故Um10 V，uR10cos(100t) V据欧姆定律iRcos(100t) A.答案A9矩形线圈在匀强磁场中匀速转动，从中性面开始转动180角的过程中，平均感应电动势和最大感应电动势之比为()A2B2
8、C21 D无法确定解析设转动的角速度为，则平均感应电动势为nn；感应电动势的最大值为EmnBS，联立得，故选项A正确答案A10两只阻值相等的电阻分别通以正弦交流电与方形交流电，它们电流的最大值相等，如图7所示，则两只电阻的热功率之比是()图7A14 B12 C1 D11解析正弦式交流电电流有效值I1，方形交流电的有效值为I2im，电热功率PI2R，故，故选项B正确答案B二、非选择题(本题共2小题，共30分计算题要求有必要的文字叙述，列出必要的方程和演算步骤)11(15分)如图8表示一交流随时间变化的图象，求此交流的有效值图8解析根据有效值的定义，选择一个周期T的时间，利用在相同时间内通过相同的
9、电阻R所产生的热量相同，由焦耳定律得I2RTIRIR即I222解得I A.答案 A12(15分)(2012江苏高考)某兴趣小组设计了一种发电装置，如图9所示在磁极和圆柱状铁芯之间形成的两磁场区域的圆心角均为，磁场均沿半径方向匝数为N的矩形线圈abcd的边长abcdl、bcad2l.线圈以角速度绕中心轴匀速转动，bc和ad边同时进入磁场在磁场中，两条边所经过处的磁感应强度大小均为B、方向始终与两边的运动方向垂直线圈的总电阻为r，外接电阻为R.求：图9(1)线圈切割磁感线时，感应电动势的大小Em；(2)线圈切割磁感线时，bc边所受安培力的大小F.(3)外接电阻上电流的有效值I.解析(1)bc、ad边的运动速度v感应电动势Em4NBlv，解得Em2NB2.(2)电流Im，安培力F2NBIml解得F(3)一个周期内，通电时间tTR上消耗的电能WIRt，且WI2RT，解得I.答案见解析高考资源网版权所有，侵权必究！
