1、2013-2014学年新疆阿勒泰二中高二（下）月考物理试卷（A卷）（3月份） 一、选择题（本题共10小题，每小题4分，共40分全部选对得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分）1（4分）（2012秋抚宁县校级期末）电生磁和磁生电的发现者分别是（）A奥斯特和法拉第B安培和麦克斯韦C法拉第和安培D奥斯特和麦克斯韦考点：物理学史版权所有专题：常规题型分析：根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可解答：解：发现电生磁现象的物理学家是奥斯特，发现磁生电现象的物理学家是法拉第故选：A点评：本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一2
2、（4分）（2011秋湘潭期末）如图所示，无限大磁场的方向垂直于纸面向里，A图中线圈在纸面内由小变大（由图中实线矩形变成虚线矩形），B图中线圈正绕a点在平面内旋转，C图与D图中线圈正绕OO轴转动，则线圈中不能产生感应电流的是（）ABCD考点：法拉第电磁感应定律版权所有分析：本题比较简单，考查了产生感应电流的条件，通过判断线圈中的磁通量是否变化，即可得出正确结果解答：解：A、线圈在纸面内由小变大，磁通量增大，会产生感应电流，故A错误B、线圈正绕a点在平面内旋转，磁通量都不变化，因此不会产生感应电流，故B正确C、C图与D图中线圈正绕OO轴转动，磁通量都在减小，会产生感应电流，故C、D错误故选B点评：
3、根据产生感应电流的条件判断线圈中是否有感应电流产生是电磁感应中的基本要求，要把握实质问题，不要受其它条件的干扰3（4分）（2010春长沙校级期末）如图所示的电路中，L1和L2是完全相同的灯泡，线圈L的自感系数很大，它的电阻与定值电阻R相等，下列说法中正确的是（）A闭合开关S时，灯L2先亮、灯Ll后亮，最后一样亮B闭合开关S时，灯L1、L2始终一样亮C断开开关S时，灯L2立刻熄灭、灯L1过一会儿才熄灭D断开开关S时，灯L1、L2都要过一会才熄灭考点：自感现象和自感系数版权所有分析：当开关S闭合时，自感线圈有碍原电流变化，可分析哪个灯先亮断开瞬间也可以按照同样的思路分析解答：解：A、B、闭合开关S
4、时，电源的电压同时加到两支路的两端，L2灯立即发光由于线圈的阻碍，L1灯后发光，由于线圈的电阻与R的电阻相等，灯Q逐渐变亮最后L1、L2一样一样亮，故A正确，B错误C、D、断开开关S时，线圈与两灯一起构成一个自感回路，由于线圈的自感作用，两灯逐渐同时熄灭，故C错误，D正确故选：AD点评：掌握自感线圈的作用，理解其阻碍的原理是由于产生感应电动势，以此来阻碍原电流的变化；注意看题目提示的自感线圈的电阻是否需要考虑4（4分）（2010秋岳麓区校级期末）如图所示，虚线框内是磁感应强度为B的匀强磁场，导线框的四条边的电阻均为r，长均为L，线框平面与磁场方向垂直当导线框以恒定速度v水平向右运动，ab边进入
5、磁场时，ab两端的电势差为U，则（）AU=BLvBU=BLvCU=BLvDU=BLv考点：导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律版权所有专题：电磁感应与电路结合分析：ab边进入磁场切割磁感线，产生感应电动势，相当于电源，ab两端的电势差是路端电压，即为其他三边的总电压由串联电路电压的分配关系求出U解答：解：ab边进入磁场切割磁感线，产生的感应电动势E=BLv ab两端的电势差U=故选D点评：本题是电磁感应中电路问题，关键要正确区分内电压和外电压要注意电源两极间的电压是外电压，不是内电压5（4分）（2014春阿勒泰市校级月考）由于地磁场的存在，飞机在一定高度水平飞行时，其机翼就会切割磁
6、感线，机翼的两端之间会有一定的电势差北半球地磁场的竖直分量向下，若飞机在北半球由南向北水平飞行，则从飞行员的角度看，机翼左端的电势比右端的电势（）A低B高C相等D以上情况都有可能考点：导体切割磁感线时的感应电动势版权所有专题：电磁感应与电路结合分析：由于地磁场的存在，当飞机在北半球水平飞行时，两机翼的两端点之间会有一定的电势差，相当于金属棒在切割磁感线一样从飞行员角度看，磁场向下则由右手定则可判定机翼左端的电势比右端的电势高解答：解：当飞机在北半球水平飞行时，由于地磁场的存在，且地磁场的竖直分量方向竖直向下，则由右手定则可判定机翼左端的电势比右端的电势高若构成闭合电路则电流方向由机翼的右端流向
7、左端，而机翼切割磁感线相当于电源，所以电源内部电流由负极流向正极故选：B点评：机翼的运动，类似于金属棒在磁场中切割磁感线一样会产生电动势，而电源内部的电流方向则是由负极流向正极的6（4分）（2012秋芗城区校级期末）如图所示的电路中，一个N极朝下的条形磁铁竖直下落，恰能穿过水平放置的方形导线框，下列判断正确的是（）A磁铁经过图中位置1时，线框中感应电流沿abcd方向，经过位置2时沿adcb方向B磁铁经过图中位置1时，线框中感应电流沿adcb方向，经过位置2时沿abcd方向C磁铁经过位置1和2时，感应电流都沿abcd方向D磁铁经过位置1和2时，感应电流都沿adcb方向考点：楞次定律版权所有专题：
8、电磁感应与电路结合分析：当N极朝下的条形磁铁竖直下落，恰能穿过水平放置的方形导线框，则由磁通量变化来判定线框中的感应电流方向解答：解：A、磁铁经过图中位置1时，线框中的磁通是变大，且磁场方向向下，则由楞次定律可得，线框中感应电流abcd方向，经过位置2时，线框中的磁通是变小，且磁场方向向下，则由楞次定律可得，线框中感应电流沿adcb方向，故A正确；故选A点评：考查由楞次定律来确定感应电流的方向当条形磁铁进入方形导线框时，磁铁内部磁场强于外部，且内部磁感线从S极到N极7（4分）（2014春阿勒泰市校级月考）如图所示，先后以速度v1和v2匀速把一矩形线圈拉出有界匀强磁场区域，v1=2v2在先后两种
9、情况下（）A线圈中的感应电流之比为I1：I2=2：1B线圈中的感应电流之比为I1：I2=1：2C线圈中产生的焦耳热之比Q1：Q2=1：2D通过线圈某截面的电荷量之比q1：q2=2：1考点：导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律版权所有专题：电磁感应与电路结合分析：根据E=BLv，求出线圈中的感应电动势之比，再求出感应电流之比根据F=BIL和平衡条件，求出外力大小之比根据焦耳定律Q=I2Rt，求出线圈中产生的焦耳热之比根据q=It=，求出通过线圈某截面的电荷量之比解答：解：A、v2=2v1，根据E=BLv，知感应电动势之比1：2，感应电流I=，则感应电流之比为1：2故A错误，B、安培力
10、：F安培=BIL=，线圈匀速运动，处于平衡状态，由平衡条件得：F=F安培=BIL=，Fv，则F1：F2=1：2，故B正确；C、v2=2v1，可知时间比为2：1，根据Q=I2Rt=R=v，线圈中产生的焦耳热之比Q1：Q2=1：2，故C正确D、电荷量：q=It=，与速度无关，可知通过某截面的电荷量之比为1：1，故D错误故选：BC点评：本题掌握电磁感应的基本规律是关键采用比例法，用相同的物理量表示所求量，再求比例，是常用的方法8（4分）（2013春富平县期末）关于感应电动势大小的说法正确的是（）A线圈中磁通量越大，产生的感应电动势越大B线圈中磁通量变化越大，产生的感应电动势越大C线圈中磁通量变化越快
11、，产生的感应电动势越大D线圈中磁通量增加时感应电动势增大，磁通量减小时感应电动势减小考点：法拉第电磁感应定律版权所有分析：根据法拉第电磁感应定律E=分析感应电动势与磁通量的关系解答：解：A、磁通量大，磁通量的变化率不一定大，所以感应电动势不一定大故A错误 B、磁通量的变化大，磁通量的变化率不一定大，还与变化的时间有关，所以感应电动势不一定故B错误 C、磁通量变化快，磁通量变化率大，所以感应电动势大故C正确 D、感应电动势的大小关键看磁通量的变化率，不是看磁通量的增加还是减小若磁通量增加时，磁通量的变化率减小，也就是增加的越来越慢，则感应电动势变小故D错误故选C点评：解决本题的关键知道感应电动势
12、的大小与磁通量的变化率有关，可以类比速度、速度变化量、速度变化率与加速度的关系理解9（4分）（2012秋东湖区校级期末）如图所示，两水平平行金属导轨间接有电阻R，置于匀强磁场中，导轨上垂直搁置两根金属棒ab、cd当用外力F拉动ab棒向右运动的过程中，cd棒将会（）A向右运动B向左运动C保持静止D向上跳起考点：导体切割磁感线时的感应电动势；左手定则；右手定则版权所有专题：电磁感应中的力学问题分析：当用外力F拉动ab棒向右运动，会产生感应电动势，从而产生感应电流，cd棒中有电流后会受到安培力，在安培力的作用下将会运动根据右手定则判断感应电流的方向，根据左手定则判断安培力的方向，从而确定运动的方向解
13、答：解：当用外力F拉动ab棒向右运动，根据右手定则，在ab棒中产生b到a的电流，则在cd棒中有c到d的电流，根据左手定则，cd棒受到向右的安培力，所以cd棒将会向右运动故A正确，B、C、D错误故A正确点评：解决本题的关键掌握用右手定则判定感应电流的方向，用左手定则判定安培力的方向10（4分）（2014春阿勒泰市校级月考）如图所示，两个互连的金属圆环，粗金属环的电阻是细金属环电阻的三分之一，磁场垂直穿过粗金属环所在区域，当磁感应强度随时间均匀变化时，在粗环内产生的感应电动势E，则a、b两点间的电势差为（）AEBECEDE考点：法拉第电磁感应定律版权所有专题：电场力与电势的性质专题分析：磁感应强度
14、随时间均匀变化时，大金属环内产生恒定的感应电动势由欧姆定律求出a、b两点间的电势差解答：解：由题左、右金属环的电阻之比 R左：R右=1：3，R右=3R左根据串联电路电压与电阻成正比，可得：a、b两点间的电势差为：U=E=E=E故选：D点评：本题考查了求电势差，应用欧姆定律即可正确解题，解题时要注意，a、b两点间的电势差是路端电压，不是电源电动势二、填空题（共18分，每空3分.，请将答案填写到相应的空格里）11（6分）（2014秋原平市期末）如图所示是穿过每匝线圈的磁通量的变化情况，线圈的匝数为10匝，则线圈内的感应电动势的最大值是40V，最小值是0考点：法拉第电磁感应定律版权所有分析：根据法拉
15、第电磁感应定律E=N，由数学知识知道t图象斜率等于，当斜率最大时，感应电动势最大；当斜率最小时，感应电动势最小，根据数学知识求解解答：解：在02S，由图=2Wb/s，线圈内的感应电动势E=N=20V 在24S，由图=0，线圈内的感应电动势E=0 在45S，由图=4Wb/s，则线圈内的感应电动势E=N=40V故本题答案是：40V，0；点评：根据法拉第电磁感应定律可知，感应电动势大小与磁通量的变化率成正比，而磁通量的变化率对应于t图象的斜率12（6分）（2010秋福州期中）在空间某一区域有一匀强电场，一质量为m的液滴，带电量为+q，在此电场中恰能沿竖直方向作匀速直线运动，则此区域的电场强度的大小为
16、，方向竖直向上考点：电场强度版权所有专题：电场力与电势的性质专题分析：由题，质量为m的液滴，带电量为+q，在电场中恰能沿竖直方向作匀速直线运动，受到重力与电场力平衡，根据平衡条件和场强公式求解场强的大小和方向解答：解：据题，液滴在电场中恰能沿竖直方向作匀速直线运动，重力与电场力二力平衡，根据平衡条件得 mg=qE得到电场强度大小E=，电场力方向竖直向上，由于液滴带正电，则场强方向为竖直向上故答案为：，竖直向上点评：本题电场中最基本的题型：带电粒子在电场中平衡问题，关键是分析带电粒子的受力情况13（6分）（2010春长沙校级期末）如图为“研究电磁感应现象”的实验装置，电键合上前，小螺线管已插入到
17、大螺线管中如果在闭合开关时发现灵敏电流计的指针向右偏转一下，那么闭合开关后将小螺线管迅速抽出时，灵敏电流计指针将向左（“左”或“右”）偏转小螺线管插入大螺线管后，将滑动变阻器触头迅速从左向右移动时，灵敏电流计的指针将向右（“左”或“右”）偏转考点：研究电磁感应现象版权所有专题：实验题分析：穿过闭合回路的磁通量发生变化，闭合回路中产生感应电动势；根据题意判断磁通量变化情况与电流计指针偏转方向的关系，然后根据磁通量的变化情况判断指针偏转方向解答：解：当在闭合电键时，发现灵敏电流计的指针向右偏了一下，说明穿过大线圈磁通量增加时，电流计指针向右偏转；那么闭合开关后将小螺线管迅速抽出时，穿过大螺线管的磁
18、通量减小，灵敏电流计指针将向左偏转小螺线管插入大螺线管后，将滑动变阻器触头迅速从左向右移动时，穿过大螺线管的磁通量增加，灵敏电流计的指针将向右右偏转故答案为：左；右点评：由楞次定律来确定感应电流的方向，而闭合线圈中的磁通量发生变化有几种方式：可以线圈面积的变化，也可以磁场的变化，也可以线圈与磁场的位置变化三、解答题（共4小题，满分42分）14（10分）（2011秋广平县校级期末）如图所示，一U形金属框的可动边AC长0.1m，匀强磁场的磁感强度为0.5T，AC以8m/s的速度水平向右移动，电阻R为5，（其它电阻均不计）（1）计算感应电动势的大小；（2）求出电阻R中的电流有多大？考点：导体切割磁感
19、线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律版权所有专题：电磁感应与电路结合分析：（1）由E=BLv求出感应电动势；（2）由欧姆定律可以求出电流大小解答：解：（1）感应电动势：E=BLv=0.50.18=0.4V；（2）通过R的电流：I=0.08A；答：（1）感应电动势的大小为0.4V；（2）电阻R中的电流为0.08A点评：本题考查了求感应电动势与电路电流，应用公式E=BLv与闭合电路的欧姆定律即可正确解题15（10分）（2013秋荆州期末）在磁感强度B=5T的匀强磁场中，放置两根间距d=0.1m的平行光滑直导轨，一端接有电阻R=9，以及电键S和电压表垂直导轨搁置一根电阻r=1的金属棒ab，棒与导轨良
20、好接触现外力使金属棒以速度v=10m/s匀速向右移动，试求：（1）电键S闭合前、后电压表的示数；（2）闭合电键S，外力移动棒的机械功率考点：导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律；电磁感应中的能量转化版权所有专题：电磁感应功能问题分析：金属棒ab切割磁感线相当于电源，当S闭合前，电压表读数等于电动势，当S闭合后，电压测量R两端的电压运用感应电动势公式和欧姆定律求解机械功率等于电功率解答：解：（1）感应电动势E=Bdv=5v 当S闭合前，电压表的示数U=E=5V 当S闭合后，电压表的示数U=4.5V （2）闭合电键S，外力移动棒的机械功率P=2.5W答：（1）电键S闭合前、后电压表的示
21、数分别为5V和4.5V （2）闭合电键S，外力移动棒的机械功率为2.5W点评：本题是电磁感应与电路知识的综合，要区分清楚内外电压，掌握它们之间的联系有时画等效电路帮助分析16（12分）（2010秋岳麓区校级期末）如图所示，竖直放置的U形导轨宽为L，上端串有电阻R（其余导体部分的电阻都忽略不计）磁感应强度为B的匀强磁场方向垂直于纸面向外金属棒ab的质量为m，与导轨接触良好，不计摩擦从静止释放后ab保持水平而下滑试求：（1）金属棒ab在下落过程中，棒中产生的感应电流的方向和ab棒受到的安培力的方向（2）金属棒ab下滑的最大速度vm考点：导体切割磁感线时的感应电动势；牛顿第二定律；安培力版权所有专题
22、：电磁感应中的力学问题分析：（1）根据右手定则判断出感应电流的方向，根据左手定则判断出安培力的方向（2）金属棒向下做加速度逐渐减小的加速运动，当加速度减小到0，即安培力等于重力时，速度达到最大解答：解：（1）金属棒向下切割磁场，根据右手定则，知电流方向是ba 根据左手定则得，安培力方向向上（2）释放瞬间ab只受重力，开始向下加速运动随着速度的增大，感应电动势E、感应电流I、安培力F都随之增大，加速度随之减小当F增大到F=mg时，加速度变为零，这时ab达到最大速度由，可得点评：解决本题的关键掌握右手定则判定感应电流的方向和左手定则判断安培力的方向，以及能够结合牛顿第二定律分析出金属棒的运动情况，
23、知道当加速度为0时，速度最大17（10分）（2014春阿勒泰市校级月考）在以坐标原点O为圆心、半径为r的圆形区域内，存在磁感应强度大小为B、方向垂直于纸面向里的匀强磁场，如图所示一个不计重力的带电粒子从磁场边界与x轴的交点 A处以速度v沿x方向射入磁场，它恰好从磁场边界与 y轴的交点C处沿+y方向飞出请判断该粒子带何种电荷，并求出其比荷考点：带电粒子在匀强磁场中的运动版权所有专题：带电粒子在磁场中的运动专题分析：粒子向上偏转，在A点受到的洛伦兹力方向向上，根据左手定则可判断粒子的电性画出轨迹可知，粒子轨迹半径等于r，根据牛顿第二定律求解比荷解答：解：由粒子的飞行轨迹可知，粒子向上偏转，粒子刚射入磁场时受到的洛伦兹力向上，由左手定则可知，该粒子带负电荷 粒子由A点射入，由C点飞出，其速度方向改变了 90，粒子运动轨迹如图所示，由图示可知，粒子轨迹半径R=r，由牛顿第二定律得：qvB=m，粒子的比荷：=；答：该粒子带负电荷，其比荷为点评：本题考查了判断粒子所带电性、求粒子的比荷，作出粒子运动轨迹，应用左手定则与牛顿第二定律即可正确解题
